2025年上外版必修3物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年上外版必修3物理下册月考试卷948考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、下图是通电直导线周围磁感线分布情况示意图，各图的中央表示垂直于纸面的通电直导线及其中电流的方向，其他的均为磁感线，其方向由箭头指向表示，这四个图中，正确的是()．A.B.C.D.2、如图所示，空间某一区域有方向水平向左、大小为B匀强磁场中，三根直导线置于磁场中竖直圆周a、b、c上，o点为圆心，c在o的正，上方，当它们通有大小相同、方向垂直于纸面向里的电流时，圆心o点的实际磁感应强度为2B，已知通电直导线产生的磁场的磁感应强度式中为k常数，r是电流到该点的距离。则撤出c点处的导线后，c点磁感应强度的大小为（）

A.0B.BC.BD.2B3、如图所示，在平面直角坐标系xOy的坐标轴上固定四个点电荷A、B、C、D，它们到原点O的距离相等，其中A、C的电荷量为B、D的电荷量为a、b、c、d是坐标轴上到原点距离相等的四个点。则（）

A.a点的场强与c点的场强相同B.a点的电势与b点的电势相等C.试探电荷在a点的电势能等于在c点的电势能D.试探电荷沿直线从a点运动到d点电场力不做功4、如图所示，两段等长细线串接着两个质量相等的小球a、b，并悬挂于O点，其中，小球a带电量为小球b带电量为现在两球所处空间加上水平向右匀强电场（图中未画出），则此装置平衡时的位置可能是下列图中的（）

A.B.C.D.5、如图所示，A、B为匀强电场中同一条电场线上的两点。电势分别为电荷量为的试探电荷在A、B两点的电势能分别为则（）

A.B.C.D.6、如图甲所示，在某电场中建立x坐标轴，O为坐标原点，A点坐标为一电子仅在电场力作用下沿x轴运动，其电势能随其坐标x变化的关系如图乙所示。下列说法中不正确的是（）

A.过O点的电场线一定与x轴重合B.A点电场强度的方向沿x轴负方向C.该电子在A点受到的电场力大于其在O点受到的电场力D.该电子在O点的动能大于其在A点的动能7、如图所示的电路中，U=120V，滑动变阻器R2的最大值为200Ω，R1=100Ω。当滑片P滑至R2的中点时，a、b两端的电压为（）

A.120VB.40VC.60VD.80V8、用电流表和电压表测量干电池的电动势和内阻，电路图如图中甲所示，由实验中测得的数据描绘的图像如图中乙所示，以下说法中正确的是（）

A.由图中的图乙可知，电池的电动势E=1.4V，内阻r=2.0ΩB.在实验中调节滑动变阻器滑片时，发现在某一端附近滑动时，数据变化不明显，可能是因为滑动变阻器的总阻值过小引起的C.考虑电压表和电流表内阻对实验的影响，由图甲可知，误差来源于电压表有分流作用D.考虑电压表和电流表内阻对实验的影响，由图甲可知，误差来源于电流表有分压作用9、如图所示；当开关接通时，通电螺线管相当于一条形磁铁，磁针将转动，可知：

A.螺线管右端相当于条形磁铁的Ｎ极；B.磁针Ｎ极将转向左边；C.磁针Ｎ极将转向右边；D.磁针Ｎ极将转向纸外．评卷人得分二、多选题(共6题，共12分)10、如图所示，电流表示数为I，电压表示数为U，定值电阻R2消耗的功率为P，电容器C所带的电荷量为Q；电源内阻不能忽略。当变阻器滑动触头向右缓慢滑动时，下列说法正确的是。

A.U增大、I减小B.U减小、I增大C.P增大、Q减小D.P、Q均减小11、用相同的灵敏电流计作表头改装成电流表A和电压表V，分别将其串联和并联在一起，然后接入电路中．通电后关于指针的偏角情况的叙述正确的是（）

A.图甲中电压表的指针偏角比电流表的大B.图甲中电压表的指针偏角比电流表的小C.图乙中电压表的指针偏角比电流表的大D.图乙中电压表的指针偏角比电流表的小12、如图所示，真空中两等量异种点电荷＋q、－q固定在y轴上。abcd为等腰梯形，ad、bc边与y轴垂直且被y轴平分。下列说法正确的是（）

A.将电子从d点移动到b点，电势能减小B.a点电势高于d点电势C.将质子从a点移动到c点，电场力做负功D.b、c场强相同13、某电场的电场线分布如图所示，电场中有A、B两点；则以下判断正确的是（）

A.A点的场强大于B点的场强，B点的电势高于A点的电势B.若将一个电荷由A点移到B点，电荷克服电场力做功，则该电荷一定为负电荷C.一个负电荷处于A点的电势能大于它处于B点的电势能D.若将一个正电荷由A点释放，该电荷将在电场中做加速度减小的加速运动14、如图所示电路中，电源电动势为E，内阻为r，且r=R1，电流表和电压表均为理想电表。闭合开关S，让滑动变阻器的滑片P由图示位置向右滑动到另一位置，则与P滑动前比较（）

A.电流表A的示数变大B.电压表V的示数变小C.电容器所带电荷量变小D.电源的输出功率变小15、用如图甲所示的电路来测量电池电动势和内阻，根据测得的数据作出了如图乙所示的图线；由图乙可知（）

A.电池电动势的测量值是1.40VB.电池内阻的测量值是C.外电路发生短路时的电流为0.40AD.电动势的测量值小于其真实值，内电阻的测量值小于其真实值评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)16、在如图所示的闭合电路中，当滑片P向右移动时，两电表示数的大小变化情况是：电流表示数变________，电压表示数变________．

17、电容：

（1）定义：电容器所带___________与电容器两极板间的___________的比值。

（2）定义式：

（3）单位：电容的国际单位是___________，符号为F，常用的单位还有___________和___________，1F=___________μF=___________pF。

（4）物理意义：电容器的电容是表示电容器容纳电荷本领的物理量，在数值上等于使两极板间的电势差为___________时电容器需要带的电荷量。

（5）击穿电压与额定电压。

a.击穿电压：电介质不被___________时加在电容器两极板上的极限电压；若电压超过这一限度，电容器就会损坏。

b.额定电压：电容器外壳上标的工作电压，也是电容器正常工作所能承受的最大电压，额定电压比击穿电压___________。18、能量转化的不可逆性∶科学家对有关自然现象和经验事实进行大量研究后发现∶一切与______有关的宏观自然过程都是______的。19、静电屏蔽。

静电平衡时，空腔导体内表面没有电荷，导体壳内空腔里的电场强度为___________。外电场对壳（网）内的仪器不会产生影响的作用叫作___________

静电屏蔽的应用：电学仪器外面有金属壳、野外高压线上方还有两条导线与大地相连。20、匀强电场的方向平行于平面，平面内a、b、c三点的位置如图所示，三点的电势分别为完成下列填空：

（1）电场强度的大小为______

（2）坐标原点处的电势为_________V；

（3）电子在a点的电势能比在b点的高_________

（4）电子从b点运动到c点，电场力做功为________21、变化的磁场产生电场。

（1）实验基础：如图所示，在变化的磁场中放一个闭合电路，电路里就会产生_____________

（2）麦克斯韦的见解：电路里能产生感应电流，是因为变化的_________产生了电场；电场促使导体中的自由电荷做定向运动。

（3）实质：变化的_________产生了电场。22、氢原子核外电子的轨道半径为若电子质量为电荷量为则电子所受到的库仑力大小为________，方向________，电子做圆周运动的周期为________．23、某个学习小组为测量一铜芯电线（电阻约为几欧）的电阻率，首先用毫米刻度尺测出接入电路中金属丝的长度L，再利用螺旋测微器测金属丝直径，示数如下左图所示，则金属丝直径的测量值_____mm。某次测量时，电压表示数为U，电流表示数为I，则该铜芯线材料的电阻率表达式为___。（用字母U、I、L、d表示）

评卷人得分四、作图题(共1题，共9分)24、在“用电流和电压传感器研究电容器的放电”实验中；某同学按照图所示连接电路。实验时，先将开关S掷向1，一段时间后，将开关掷向2，传感器将信息传入计算机屏幕上，显示出电流或电压随时间变化的图线。

（1）由图可知，传感器1应为________（选填选项前的字母）

A．电流传感器B．电压传感器。

（2）用q表示电容器上极板所带的电荷量，UR表示滑动变阻器两端的电压，UC表示电容器两端的电压，I表示电路中的电流，关于电容器在整个放电过程中的图像变化正确的有________。

A．B．

C．D．

（3）若已知电源电动势E，但其内阻和电阻箱阻值均未知，根据已知条件和传感器显示的图像中的数据信息，下列判断正确的是________；

A．可知该电容器的电容。

B．可知此时电阻箱阻值大小。

C．若只增大电阻箱R的阻值；电容器放电的时间将变短。

D．若只减小电容器的电容大小，电容器放电的时间将变短评卷人得分五、实验题(共2题，共10分)25、某同学欲描绘一只标有“3.0V；0.45W”的小灯泡的伏安特性曲线，准备的器材如下∶

电压表V（量程为3.0V；内阻约2.0kΩ）；

电流表A（量程200mA；内阻约2.0Ω）

滑动变阻器R（0-10Ω；额定电流2.0A）；

电池组（E=6.0V；内阻不计）

开关和导线若干。

该同学采用两种测量方案，一种是将电压表跨接在图1所示电路的O、P两点之间，另一种是跨接在O、Q两点之间。测量得到如图2所示的两条I-U图线，其中U与I分别为电压表和电流表的示数。回答下列问题：

（1）图2中标记为Ⅱ的图线是采用电压表跨接在_____________（填“O、P”或“O、Q”）两点的方案测量得到的；

（2）根据所用实验器材和图2可判断，图线____________（填“I”或“Ⅱ”）更接近小灯泡真实的伏安特性曲线；

（3）由图可知，当小灯泡两端电压为1.8V时，灯丝电阻为____________Ω（保留1位小数）；

（4）把此小灯泡和一电源（E=3.0V，r=10Ω）串联，小灯泡消耗的电功率为____________W（保留2位小数）。26、国标（GB／T）规定自来水在15℃时电阻率应大于13Ω·m。某同学利用图甲电路测量15℃自来水的电阻率；其中内径均匀的圆柱形玻璃管侧壁连接一细管，细管上加有阀门K以控制管内自来水的水量，玻璃管两端接有导电活塞（活塞电阻可忽略），右活塞固定，左活塞可自由移动。实验器材还有：

电源（电动势约为3V，内阻可忽略）；电压表V1（量程为3V；内阻很大）；

电压表V2（量程为3V，内阻很大）；定值电阻R1（阻值4kΩ）；

定值电阻R2（阻值2kΩ）；电阻箱R（最大阻值9999Ω）；

单刀双掷开关S；导线若干；游标卡尺；刻度尺。

实验步骤如下：

A．用游标卡尺测量玻璃管的内径d；

B．向玻璃管内注满自来水，并用刻度尺测量水柱长度L；

C．把S拨到1位置，记录电压表V1示数；

D．把S拨到2位置，调整电阻箱阻值，使电压表V2示数与电压表V1示数相同，记录电阻箱的阻值R；

E．改变玻璃管内水柱长度，重复实验步骤C、D，记录每一次水柱长度L和电阻箱阻值R；

F．断开S；整理好器材。

（1）测玻璃管内径d时游标卡尺示数如图乙，则d＝_______mm；

（2）玻璃管内水柱的电阻值Rx的表达式为：Rx＝_______（用R1、R2、R表示）；

（3）利用记录的多组水柱长度L和对应的电阻箱阻值R的数据，绘制出如图丙所示的关系图象。则自来水的电阻率ρ＝_______Ω·m（保留两位有效数字）；

（4）本实验中若电压表V1内阻不是很大，则自来水电阻率测量结果将_____（填“偏大”“不变”或“偏小”）。评卷人得分六、解答题(共2题，共4分)27、如图所示，竖直向下、电场强度为E的匀强电场中有一带电荷量为质量为m的小球，小球系在长为的轻质绝缘细绳一端，绳的另一端固定在天花板上。将小球拉起至与竖直方向成60°角后由静止释放，释放后小球左右摆动起来，不计空气阻力，重力加速度为g；求：

（1）小球受到的电场力；

（2）小球在从左向右摆到最低点时的速度；

（3）小球在最低点受到绳子拉力的大小。28、如图所示的电路中，电源电动势为电容电源内阻忽略不计。求：

(1)闭合开关稳定后通过电阻的电流；

(2)将开关断开，再次稳定后，求通过的总电荷量。

参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、C【分析】【详解】

磁感线沿顺时针方向；则四指指向顺时针方向，根据安培定则，拇指指向纸里，用“×”表示，而且越靠近导线磁场越强，故磁感线越密，故选项C正确，ABD错误；

【点睛】

通电直导线产生的磁场方向根据安培定则判断．右手握住导线，拇指指向电流方向，四指指向磁感线环绕方向来判断．2、A【分析】【详解】

首先根据磁场的叠加，可知a、b处导线的磁场在o点相互抵消了，因此o点的磁场可以认为是c处导线产生的，由安培定则可知方向由o指向a.由题意可知，c处电流在圆心o点的磁感应强度为B。a、b处电流在c处产生的磁感应强度大小相同，方向如图所示，根据公式有

所以

而联立解得

方向水平向右，而匀强磁场方向水平向左、大小为B，所以c点总磁感应强度的大小为零。

A．0；与结论相符，选项A正确；

B．B；与结论不相符，选项B错误；

C．B；与结论不相符，选项C错误；

D．2B；与结论不相符，选项D错误；

故选A.3、C【分析】【详解】

A．根据对称性和电场强度的叠加性可知a点的场强与c点的场强大小相同；方向相反，故A错误；

B．将两点看成一组等量异种电荷，两点看成一组等量异种电荷，两点看成一组等量异种电荷的电场点电势大于点的电势，两点看成一组等量异种电荷的电场点电势大于点电势，由于离距离较近，根据电势的叠加可知a点的电势大于b点的电势；故B错误；

C．根据对称性可知a点的电势等于c点的电势，则试探电荷在a点的电势能等于在c点的电势能；故C正确；

D．由B选项分析可知点的电势大于点的电势，则试探电荷在a点的电势能大于在d点的电势能，可知试探电荷沿直线从a点运动到d点电场力做正功；故D错误。

故选C。4、C【分析】【详解】

设每个球的质量为m，oa与ab和竖直方向的夹角分别为α、β；以两个小球组成的整体为研究对象，分析受力情况，如图1所示。

根据平衡条件可知，oa绳的方向不可能沿竖直方向，否则整体的合力不为零，不能保持平衡，由平衡条件得

以b球为研究对象，分析受力情况如图2，由平衡条件得

则

故选C。5、A【分析】【详解】

AB．根据沿电场方向电势降低可知，A、B两点的电势大小关系为

故A正确；B错误；

CD．根据电势能表达式

可知电荷量为的试探电荷在A、B两点的电势能大小关系为

故CD错误。

故选A。6、B【分析】【详解】

A．电子仅在电场力作用下沿x轴运动，所以电场线一定与x轴重合；故A正确；

B．电子在x轴正半轴运动时电势能逐渐增大，则电子所受电场力沿x轴负方向，所以x轴正半轴的电场强度方向沿x轴正方向；故B错误；

C．Ep-x图像的斜率的绝对值表示电子所受电场力的大小，所以该电子在A点受到的电场力大于其在O点受到的电场力；故C正确；

D．该电子在O点的电势能小于其在A点的电势能，根据能量守恒定律可知该电子在O点的动能大于其在A点的动能；故D正确。

本题选错误的，故选B。7、B【分析】试题分析：由题，滑片P滑至R2的中点，变阻器下半部分电阻为100Ω，下半部分电阻与R1并联的阻值为R并=R1=50Ω，则a、b两端的电压为Uab==40V；故B正确。

考点：本题考查等效电阻，串联电路的特点。8、C【分析】【详解】

A．根据

可知，图像与纵坐标交点表示电动势，故有

图像的斜率表示内阻，故有

A错误；

B．在实验中调节滑动变阻器滑片时；发现在某一端附近滑动时，数据变化不明显，可能是因为滑动变阻器的总阻值过大引起的，B错误；

CD．考虑电压表和电流表内阻对实验的影响；由图甲可知，内接法误差来源于电压表有分流作用，C正确，D错误。

故选C。9、B【分析】【详解】

在螺线管中电流的方向是从右端流入；左端流出，结合螺线管的绕向，根据右手螺旋定则，可以确定螺线管的左端为N极，右端为S极，则小磁针Ｎ极将转向左边；故ACD错误，B正确．故选B．

【点睛】

本题考查了右手螺旋定则、磁极间的相互作用．在此题中告诉了电流方向、线圈绕向可以根据右手螺旋法则来确定螺线管的NS极．二、多选题(共6题，共12分)10、B:C【分析】【详解】

当变阻器滑动触头向右缓慢滑动时，接入电路中的电阻减小，由“串反并同”可知，由于电压表与变阻器并联，所以电压表示数减小，电流表与变阻器串联，所以电流表示数增大，R2两端电压增大，功率P增大，电容器与变阻器并联，所以电容器两端电压减小，由公式可知；电量减小，故BC正确。

故选BC。11、A:D【分析】【详解】

试题分析：图甲中由于电流表的电流计是并联在电路中；电压表的电流计是串联在电路中，而串联电路的电流相等，所以由于电流表的定值电阻分流的原因，通过电流表的电流计的电流小于电压表的，所以电压表的指针偏转角比电流表的大，A正确B错误；图乙中电压表和电流表是并联在一起的，两端的电压是相等的，由于电压表中的定值电阻的分压原因，电压表中电流计两端的电压小于电流表中电流计两端的电压，所以图乙中电压表的指针偏角比电流表的小，C错误，D正确；

考点：考查了电表的改装。

【名师点睛】此类题的关键是理解电流表，电压表的改装原理：改装电流表需要并联一个电阻分流，改装电压表需要串联一个电阻分压．12、A:C【分析】【详解】

A．如图为等量异种电荷周围的电场线。

对比该图可知，b点的电势高于d点，由可知，将电子从d点移动到b点；电势能减小，A正确；

B．由对称性可知，a点电势等于d点电势；B错误；

C．因a点电势低于c点，则将质子从a点移动到c点；电势能增加，电场力做负功，C正确；

D．由对称性可知，b、c场强大小相同；方向不同，D错误。

故选AC。13、A:C【分析】【详解】

A．根据电场线的疏密可以判断场强的强弱，所以A点的场强大于B点的场强，根据沿电场线方向电势逐渐降低，所以B点的电势高于A点的电势；则A正确；

B．若将一个电荷由A点移到B点，电荷克服电场力做功，说明电势能增大，又因为B点的电势高于A点的电势；由于正电荷在电势越高的位置，电势能越大，说明该电荷正电荷，所以B错误；

C．由于负电荷在电势越低的位置；电势能越大，所以C正确；

D．若将一个正电荷由A点释放；其所受电场力方向与场强方向相同向左运动，电场线越来越密，则该电荷将在电场中做加速度增大的加速运动，所以D错误；

故选AC。14、B:D【分析】【详解】

ABC．滑动变阻器的滑片P由图示位置向右滑动到另一位置，R2接入电路的阻值增大，电路总电阻增大，总电流减小，电流表A的示数减小；R1两端电压减小，电压表V的示数减小；电源内电压减小，路端电压增大，所以电容器两端电压增大，根据Q=CU可知电容器所带电荷量增大；综上所述可知AC错误，B正确；

D．设电路外电阻为R，则电源的输出功率为

根据数学知识可知当R=r时，P最大；当R＜r时，P随R的增大而增大；当R＞r时，P随R的增大而减小。由题意可知开始时R＞r，所以滑片P向右滑动后，R增大，P减小；故D正确。

故选BD。15、A:D【分析】【详解】

AB．根据闭合电路的欧姆定律有

可得

可知图像的纵轴截距等于电动势，则有

图像的斜率绝对值等于内阻，则有

故A正确；B错误；

C．外电路发生短路时的电流为

故C错误；

D．根据电路图可知误差来源于电压表的分流，设电压表内阻为根据欧姆定律可得

可得

可知图像的纵轴截距为

可得

图像的斜率绝对值为

可得

故D正确。

故选AD。三、填空题(共8题，共16分)16、略

【分析】【详解】

[1][2]闭合电路中，当滑片向右移动时，滑动变阻器的电阻变大，使电路中电阻变大，由闭合电路欧姆定律可得电流变小，则内压及的分压减小时，故滑动变阻器两端电压变大，所以电流表示数变小，电压表示数变大。【解析】小大17、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1][2]电容器所带电荷量Q与电容器两极板间电势差U的比值；

（3）[3][4][5][6][7]电容的国际单位是法拉，符号为F，常用的单位还有微法和皮法，

（4）[8]电容器的电容是表示电容器容纳电荷本领的物理量；在数值上等于使两极板间的电势差为1V时电容器需要带的电荷量；

（5）[9]击穿电压电指介质不被击穿时加在电容器两极板上的极限电压；若电压超过这一限度，电容器就会损坏；

[10]额定电压指电容器外壳上标的工作电压，也是电容器正常工作所能承受的最大电压，额定电压比击穿电压低。【解析】①.电荷量Q②.电势差U③.法拉④.微法⑤.皮法⑥.⑦.⑧.1V⑨.击穿⑩.低18、略

【分析】【分析】

【详解】

能量转化的不可逆性∶科学家对有关自然现象和经验事实进行大量研究后发现∶一切与热现象有关的宏观自然过程都是热现象的。【解析】①.热现象②.不可逆19、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]静电平衡时；空腔导体内表面没有电荷，导体壳内空腔里的电场强度为0；

[2]外电场对壳（网）内的仪器不会产生影响的作用叫作静电屏蔽。【解析】0静电屏蔽20、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1]沿x方向的场强大小为

沿y方向的场强大小为

故该电场的电场强度为

（2）[2]在匀强电场中，相互平行的等距离两点间的电势差相等，即为

所以原点O的电势为

（3）[3]根据电势能的定义可知，电子在a点的电势能为

电子在b点的电势能为

则电子在a点的电势能比在b点的高

（4）[4]电子从b点运动到c点，电场力做功为【解析】①.2.5②.4③.7④.921、略

【解析】①.感应电流②.磁场③.磁场22、略

【分析】【详解】

[1]由库仑定律可知，电子所受到的库仑力大小为

[2]库仑力的方向在它们的连线上；由异种电荷相互吸引可知，库仑力方向应指向氢核。

[3]由库仑力提供向心力有

解得：【解析】指向氢核23、略

【分析】【详解】

[1]金属丝直径的测量值为

[2]由电阻定律可知

由欧姆定律可知

解得【解析】0.360四、作图题(共1题，共9分)24、略

【分析】【详解】

（1）[1]传感器1串联在电路中；因此应为电流传感器。

故选A。

（2）[2]ABC．电容器在整个放电过程中，电容器的电荷量q、电流I、电压UC均随时间减小；选项AC错误，选项B正确；

D．由于放电电流I减小，根据可知电阻箱R的电压UR减小；选项D正确。

故选BD。

（3）[3]A．根据电流传感器显示的I-t图像中的面积可求出电容器的电荷量，根据电压传感器可知电阻箱两端的电压，若已知电源电动势E，则可知电容器的电压，根据可求出该电容器的电容；选项A正确；

B．根据电流传感器和电压传感器可知电阻箱的电流和两端的电压；因此可知此时电阻箱阻值大小，选项B正