2025年华师大版必修2物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年华师大版必修2物理上册阶段测试试卷663考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共9题，共18分)1、如图所示；由于空气阻力的影响，炮弹实际飞行轨道不再是抛物线，而是按“弹道曲线”飞行，下列说法正确的是（）

A.炮弹在上升过程中动能减小B.炮弹在下落过程中机械能增加C.炮弹到达最高点时速度为零D.炮弹到达最高点时加速度为零2、如图所示，水平面O点左侧光滑，O点右侧粗糙且足够长，有6个完全相同的质量均为m的小滑块（可视为质点）用轻细杆相连，相邻小滑块间的距离为L，滑块1恰好位于O点，滑块2、3依次沿直线水平向左排开，现将水平恒力大小未知的力F作用于滑块1，经观察发现，第6个滑块刚好到达O点时，系统静止，已知重力加速度为g，滑块与O点右侧水平面间的动摩擦因数为μ；则下列说法正确的是（）

A.水平拉力F大小为B.第1个滑块进入粗糙水平面后，系统的加速度为C.第3个滑块经过O点后到第4个滑块尚未到达O点前，滑块3和滑块4之间的相互作用力为0D.第5个滑块经过O点后到第6个滑块尚未到达O点前，滑块5和滑块6之间的相互作用力的大小为3、关于功率，下列说法正确的是（）A.力做功越多，功率越大B.力做功时间越短，功率越大C.力做功越快，功率越大D.做功的力越大，功率越大4、2020年12月1日，“嫦娥五号”在月球最大的月海风暴洋北缘的吕姆克山附近登陆，采集到月球土壤样品后，又完成封装、月面起飞、月球轨道交会对接和样品转移、返回地球等11个阶段的使命任务，成功带回地球供科学家研究。“嫦娥五号”从月球返回时，先绕月球做圆周运动，再变轨返回地球。已知月球半径为R，引力常量为月球表面重力加速度为g。下列说法正确的是（）

A.“嫦娥五号”在绕月球做匀速圆周运动时处于超重状态B.“嫦娥五号”在返回地球的过程中机械能守恒C.“嫦娥五号”在绕着月球做匀速圆周运动时，速度大于D.月球的平均密度为ρ＝5、太阳系各行星几乎在同一平面内沿同一方向绕太阳做圆周运动。当地球恰好运行到某地外行星和太阳之间，且三者几乎排成一条直线的现象，天文学称为“行星冲日”。已知地球及各地外行星绕太阳运动的轨道半径如下表所示，天文单位用符号AU表示。则（）。行星地球火星木星土星天王星海王星轨道半径r/AU1.01.55.29.51930

A.木星相邻两次冲日的时间间隔约为1.1年B.木星的环绕周期约为25年C.天王星的环绕速度约为土星的两倍D.地外行星中，海王星相邻两次冲日的时间间隔最长6、用如图所示的装置“探究做功与速度变化的关系”。实验中；必不可少的步骤是（）

A.平衡小车与木板间的摩擦力B.测出小车的质量C.测出橡皮筋的伸长量D.改变橡皮筋条数后将小车从同一位置释放7、关于动能定理，下列说法中正确的是（）A.在某过程中，动能的变化等于各个力单独做功的绝对值之和B.只要重力对物体做功，物体的动能就一定改变C.动能定理只适用于直线运动，不适用于曲线运动D.动能定理既适用于恒力做功的情况，也适用于变力做功的情况8、在一个与水平面成角的粗糙斜面上的A点；放着一质量为m的物体，物体与斜面间的动摩擦因数为μ，它系于一根不可伸长的细绳上，绳子的另一端B通过小孔C穿出底面，如图所示，开始时A；C等高，当物体开始缓慢下滑时，适当地拉动绳端B，使物体在斜面上缓慢划过一个半径为R的半圆到达C（细绳与小孔间摩擦不计），下列说法中正确的是（）

A.整个过程拉力对物体做的功为零B.拉力大小始终不变，若大小为F，则拉力做功为2FRC.物体和斜面之间的动摩擦因数μ=tanαD.产生的内能为2μmgRcosα9、2019年NASA发现距地球31光年的“超级地球”——GJ357d，质量约为地球质量的6倍，半径大小是地球的2倍，绕母星公转一周的时间是55.7天，若已知地球的第一次宇宙速度v0，则根据以上信息可以算出“超级地球”的A.第一宇宙速度B.密度C.母星的质量D.公转的线速度评卷人得分二、多选题(共6题，共12分)10、如图所示，一水平传送带间距为其皮带轮的半径为传送带上部距地面的高度为一个滑块（视为质点）以的初速度从左端滑上传送带，滑块与皮带间的动摩擦因数此时传送带还没有开始工作，保持静止状态。已知重力加速度g取下列判断正确的是（）

A.滑块的落地点到Q端的水平距离小于B.从开始，仅增大滑块的初速度，落地点到Q端的水平距离一定增大C.若滑块的初速度减小为滑块的落地点到Q端的水平距离为D.若皮带轮顺时针匀速转动，皮带轮的角速度滑块初速度改为则落地点到Q端的水平距离为11、如图所示，长为L的悬线固定在O点，在O点正下方处有一钉子C，把悬线另一端的小球m拉到跟悬点在同一水平面上无初速度释放；小球到悬点正下方时悬线碰到钉子，则小球的（）

A.线速度突然增大B.角速度突然减小C.向心加速度突然增大D.悬线的拉力突然增大12、如图甲所示为某景区内的高空滑索运动，游客可利用轻绳通过轻质滑环悬吊下滑。假设某段下滑过程中钢索与水平方向的夹角为轻绳始终保持竖直，示意图如图乙所示，以游客；滑环、轻绳为整体，不计空气阻力，在这一阶段下滑过程中（）

A.整体的机械能守恒B.游客重力的功率一定增大C.整体增加的动能与整体所受合外力做的功相等D.整体损失的机械能与系统摩擦产生的热量相等13、如图，小球套在光滑的竖直杆上，轻弹簧一端固定于O点，另一端与小球相连.现将小球从M点由静止释放，它在下降的过程中经过了N点．已知在M、N两点处，弹簧对小球的弹力大小相等，且在小球从M点运动到N点的过程中说法正确的是()

A.弹力对小球先做正功后做负功B.有两个时刻小球的加速度等于重力加速度C.弹簧长度最短时，弹力对小球做功的功率为零D.弹簧恢复原长时，重力对小球做功的功率最大14、如图所示，蜡块在竖直玻璃管内的水中匀速上升，若在蜡块从A点开始匀速上升的同时，玻璃管从AB位置由静止开始水平向右做匀加速直线运动；蜡块运动过程中。下列说法正确的是。

A.蜡块做匀变速曲线运动B.蜡块做匀变速直线运动C.蜡块所受合力变大D.蜡块速度变大15、某同学为了研究超重和失重现象，将重为50N的物体带上电梯，并将它放在电梯中的力传感器上。若电梯由静止开始运动，并测得重物对传感器的压力F随时间t变化的图象，如图所示。设电梯在第1s末、第4s末和第8s末的速度大小分别为v1、v4和v8；以下判断中正确的是。

A.电梯在上升，且v1>v4>v8B.电梯在下降，且v1>v4<v8C.重物从1s到2s和从7s到8s动量的变化不相同D.电梯对重物的支持力在第1s内和第9s内的功率相等评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)16、宇宙中有质量分别为的甲、乙两颗恒星，甲、乙之间的距离为L，它们离其它天体十分遥远不受其它天体的作用它们绕连线上一点O以相同的角速度做匀速圆周运动，万有引力常量为G；则。

(1)甲的轨道半径r1=______；

(2)它们的运转周期T=______。17、写出线速度和角速度的几个常用表达式。

（1）v=____________=____________；

（2）=____________=____________。18、抛体运动：以一定的速度将物体抛出，在空气阻力______的情况下，物体只受______作用的运动。19、如图所示，竖直平面内的光滑轨道由直轨道和圆弧轨道组成，圆弧轨道半径小球从斜面上点由静止开始滑下，刚好能滑到轨道的最高点（过点时没有能量损失）。则小球在的速度大小=__________点到点的高度=__________m（取）

20、平抛运动的两个重要推论：

（1）做平抛运动的物体在某时刻，其速度方向与水平方向的夹角为θ，位移方向与水平方向的夹角为α，则有________。

（2）做平抛运动的物体在任意时刻速度的反向延长线一定通过此时水平位移的________。评卷人得分四、作图题(共4题，共12分)21、如图所示，在一内壁光滑环状管道位于竖直面内，其管道口径很小，环半径为R（比管道的口径大得多）。一小球直径略小于管道口径，可视为质点。此时小球滑到达管道的顶端，速度大小为重力加速度为g。请作出小球的受力示意图。

22、图甲为抛出的石子在空中运动的部分轨迹，图乙是水平面上一小钢球在磁铁作用下的部分运动轨迹．请画出物体在A、B、C、D四点的受力方向和速度方向．（不计空气阻力）

23、一个物体在光滑水平面上运动，其速度方向如图中的v所示。从A点开始，它受到向前但偏右（观察者沿着物体前进的方向看，下同）的合力。到达B点时，这个合力的方向突然变得与前进方向相同。达到C点时，合力的方向又突然改为向前但偏左。物体最终到达D点。请你大致画出物体由A至D的运动轨迹，并标出B点、C点和D点。

24、在图的实验中，假设从某时刻（）开始，红蜡块在玻璃管内每1s上升的距离都是10与此同时，玻璃管向右沿水平方向匀加速平移，每1s内的位移依次是4122028在图所示的坐标系中，y表示蜡块在竖直方向的位移，x表示蜡块随玻璃管通过的水平位移，时蜡块位于坐标原点。请在图中标出t等于1s；2s、3s、4s时蜡块的位置；并用平滑曲线描绘蜡块的轨迹。

评卷人得分五、实验题(共4题，共24分)25、（1）用如图所示的装置可以探究做匀速圆周运动的物体需要的向心力的大小与哪些因素有关。

①本实验采用的科学方法是______

A.控制变量法B.累积法C.微元法D.放大法。

②通过本实验可以得到的结果是______

A.在质量和半径一定的情况下；向心力的大小与角速度成正比。

B.在质量和半径一定的情况下；向心力的大小与线速度的大小成正比。

C.在半径和角速度一定的情况下；向心力的大小与质量成正比。

D.在质量和角速度一定的情况下；向心力的大小与半径成反比。

（2）研究平抛运动的实验装置如图甲所示；实验过程中用频闪照相法来获取小球做平抛运动时不同时刻的位置。

回答下列问题：

①下面的做法可以减小实验误差的有______

A.使用密度小；体积大的球。

B.实验时；让小球每次都从同一高度由静止开始滚下。

C.尽量减小钢球与斜槽间的摩擦。

D.使斜槽末端的切线保持水平。

②某次实验中获得连续三个时刻小球的位置如图乙所示，若频闪照相的频率f=10Hz，用刻度尺测得照片上y1=2.52cm，y2=3.48cm，照片上物体影像的大小与实际物体的实际大小之比为k=0.1，则当地的重力加速度g=______m/s2（计算结果保留至小数点后两位）。

③要测出小球离开斜槽末端的速度（斜槽末端已调至水平），还需要测量的物理量是______。

④若实验中，斜槽末端切线不水平，则仅从这一因素的影响分析，重力加速度的测量值_______（填“偏大”“偏小”或“没有影响”）。26、落体法验证机械能守恒定律的实验中；某同学实验步骤如下：

A.用天平准确测出重锤的质量；

B．竖直固定打点定时器；并接上直流电源；

C．将纸带一端固定在重锤上；另一端穿过打点定时器的限位孔，使重锤靠近打点定时器；

D．先释放重锤；后接通电源；

E．更换纸带；再重复几次；

F.选择纸带；测量纸带上某些点间的距离。

G.根据测量结果进行计算。

（1）你认为实验步骤中多余的步骤是___________，错误的步骤是_______________；（填序号）

（2）打点计时器所用电源频率为当地重力加速度的值为重物的质量为若按实验要求正确地选出纸带进行测量，量得连续三点到打点计时器所打下的第一个点O的距离如图所示，相邻计时点时间间隔为那么可以判断，打点计时器打下计时点B时，物体的速度__________从起点O到计时点B的过程中重力势能减少量是__________J，此过程中物体动能的增加量_________J（本小题各空格计算结果均保留3位有效数字）。

（3）根据实验的纸带算出相关各点的速度v，算出下落的距离h；以为纵坐标，以h为横轴画出的图线应是图中的___________就证明机械能是守恒的。

A．B.C.D.27、如图所示是某种“研究平抛运动”的实验装置∶

（1）当a小球从斜槽末端水平飞出时与b小球离地面的高度均为H，此瞬间电路断开使电磁铁释放b小球，最终两小球同时落地，改变H大小，重复实验，a、b仍同时落地，该实验结果可表明___________。

A．两小球落地速度的大小相同。

B．两小球在空中运动的时间相等。

C．a小球在竖直方向的分运动与b小球的运动相同。

D．a小球在水平方向的分运动是匀速直线运动。

（2）另一位同学做实验时，忘记了标记平抛运动的抛出点O，只记录了A、B、C三点，于是就取A点为坐标原点，建立了如图所示的坐标系。平抛轨迹上的这三点坐标值图中已标出。则小球平抛的初速度为____m/s，小球抛出点的坐标为______cm，______cm。（取计算结果均保留两位有效数字）。

28、某同学验证动能定理的实验装置如图，水平桌面上固定一气垫导轨，在气垫导轨上的A、B处固定两个光电门，一质量为M的滑块通过细绳跨过光滑的定滑轮与一个小桶相连，桶中装有细沙，桶和里面细沙的总质量为m，用d表示遮光条的宽度，通过光电计时器可以测量出遮光条通过A、B两个光电门的时间分别为tA、tB，A、B两个光电门的距离为x．忽略导轨与滑块之间的摩擦力；用g表示重力加速度．

（1）滑块从A运动到B的过程中，动能的增量为____________（用题干中的字母表示），在m与M满足____________的条件下，可以近似认为细绳对滑块做的总功为mgx．只需验证总功与动能的增量是否相等即可．

（2）关于此实验，下列说法正确的是____________（填序号）．

A．适当增大两光电门之间的距离会增大实验误差。

B．适当增大两光电门之间的距离可以减小实验误差。

C．此装置也可以拿来验证系统机械能守恒。

D．遮光条的宽度大一些有利于减小实验误差。

（3）实验过程中，无论怎样改变参数，经过测量和计算后发现，由于细绳对滑块的拉力实际上并不等于mg，所以总功mgx始终要____________（填“略大于”“略小于”或“等于”）动能的增加量，这种误差属于____________（填“系统误差”或“偶然误差”）．

（4）鉴于以上第（3）问中的误差对本实验的影响，有同学提出了另外的建议，将实验装置改成如图所示，首先调整气垫导轨的倾角，往小桶中加入适量的细沙，让滑块恰好能够静止在导轨上，然后剪断细绳，滑块开始加速下滑．该同学提出的这种操作方式合理吗？____________（填“合理”或“不合理”）为什么？____________．评卷人得分六、解答题(共3题，共18分)29、取引力常量地球表面重力加速度地球半径月球绕地球转动周期天；试估算：（以下计算结果均取整数）

（1）地球质量；

（2）月球绕地球公转半径与地球半径的比值。（计算时可能用到）30、如图所示，带有一白点的黑色圆盘，绕过其中心且垂直于盘面的轴沿顺时针方向匀速转动，转速在暗室中用每秒闪光21次的频闪光源照射圆盘；求观察到白点转动的方向和转动的周期。

31、某人造地球卫星沿圆轨道运行，轨道半径为r，周期为T。已知地球的半径为R，万有引力恒量为G。根据这些条件；求：

(1)地球的质量M；

(2)地球表面的重力加速度g；

(3)第一宇宙速度v。参考答案一、选择题(共9题，共18分)1、A【分析】【分析】

【详解】

A．炮弹在上升过程中；重力；空气阻力都做负功，动能减小，机械能减小，故A正确；

B．炮弹在下落过程中；空气阻力做负功，机械能减小，故B错误；

C．炮弹到达最高点时竖直方向的速度为零；而水平方向的速度不为零，故C错误；

D．炮弹到达最高点时受重力和空气阻力；合力不为零，加速度不为零，故D错误。

故选A。2、C【分析】【分析】

【详解】

A．从滑块1在O点到滑块6到O点的过程，满足

解得

A错误；

B．第1个滑块进入粗糙水平面后，对整体

解得

B错误；

C．第3个滑块经过O点后到第4个滑块尚未到达O点前，系统受到的总摩擦力为即拉力和摩擦力平衡，因此系统匀速运动，研究4；5、6滑块，3滑块对4滑块的拉力为0，C正确；

D．第5个滑块经过O点后到第6个滑块尚未到达O点前，系统加速度为

对6滑块

解得

D错误。

故选C。3、C【分析】【详解】

AB．根据定义式可知功越多；可能所用时间比较长，功率不一定大，同理做功时间短，可能做功也非常少，功率不一定大，AB错误；

C．功率是描述物体做功快慢的物理量；功率越大，做功越快，C正确；

D．力大，做功不一定多，做功不一定快，功率不一定大，D错误。

故选C。

【点睛】

解决本题的关键知道功率的定义式和物理意义，知道功率反映做功的快慢，不是反映做功的多少。4、D【分析】【详解】

A．“嫦娥五号”在绕月球做匀速圆周运动时处于失重状态；选项A错误；

B．“嫦娥五号”在返回地球的过程中；除万有引力做功外，发动机要对“嫦娥五号”做功，“嫦娥五号”的机械能不守恒，选项B错误；

C．设月球的质量为M，“嫦娥五号”绕月球做圆周运动时的轨道半径为r，线速度为v，万有引力提供向心力，由牛顿第二定律得＝

月球表面的物体受到的重力近似等于万有引力，即

解得＜

选项C错误；

D．由C项分析有GM＝gR2

月球的平均密度ρ＝

解得ρ＝

选项D正确。

故选D。5、A【分析】【详解】

B．由开普勒第三定律有

解得

选项B错误；

C．根据万有引力提供向心力有

解得

天王星的轨道半径大于木星的轨道半径；则天王星的环绕速度比土星小，选项C错误；

D．由开普勒第三定律，其轨道半径的三次方与周期T的平方的比值都相等，可知地球的公转周期T最小，海王星的公转周期最大。设地球外另一行星的周期为则两次冲日时间间隔为t，则

解得

则越大，t越小；故地外行星中，海王星相邻两次冲日的时间间隔最短，选项D错误；

A．对木星有

其中T=1年，可得t≈1.1年

选项A正确。

故选A。6、D【分析】【分析】

【详解】

本实验中用改变橡皮筋的数量来改变做功；再根据打出的纸带测量速度即可，最后得出的是比值关系，不需要测出小车的质量和橡皮筋的伸长量，同时也不需要测出木板的倾角，只需要将小车从同一位置释放即可，ABC错误，D正确。

故选D。7、D【分析】【分析】

【详解】

A．在某过程中；动能的变化等于合外力的功，而合外力的功等于各个力单独做功的代数和，不是绝对值之和，选项A错误；

B．重力对物体做功；物体的动能不一定改变，合外力做功不为零，物体的动能才会改变，选项B错误；

C．动能定理即适用于直线运动；也适用于曲线运动，选项C错误；

D．动能定理既适用于恒力做功的情况；也适用于变力做功的情况，选项D正确。

故选D。8、C【分析】【详解】

A．整个过程克服摩擦力做功；产生内能，则拉力做功不为0，故A错误；

BC．因为摩擦力方向与相对运动方向相反；则物体所受摩擦力方向应沿圆弧切线方向，如图所示。

其大小为f=μN=μmgcosα因为物体缓慢滑动，物体在每个位置均可看做处于平衡状态，设绳子方向与A和C的夹角为θ，在垂直于绳的方向上mgsinα·cosθ=μmgcosα·cosθ可知μ=tanα绳子拉力为F=mgsinα·sinθ+fsinθ则拉力为变力；故B错误，C正确；

D．产生的内能为Q=πRμmgcosα故D错误。

故选C。9、A【分析】【详解】

A．“超级地球”的第一宇宙速度已知质量约为地球质量的6倍，半径大小是地球的2倍，地球的第一宇宙速度为v0，则“超级地球”的第一宇宙速度v=v0；故A正确；

B．题干信息只是提供的“超级地球”与地球之间的参数比值；“超级地球”的半径未知，故无法求出自身密度，故B错误；

C．母星的质量“超级地球”的环绕半径未知，无法求出母星的质量，故C错误；

D．“超级地球”绕母星的线速度母星质量未知，无法求出公转的线速度，故D错误．二、多选题(共6题，共12分)10、A:B:D【分析】【分析】

【详解】

AB．滑块在传送带上滑行的加速度大小为

根据速度位移关系式可知滑块到右端的速度

当滑块到右轮正上方的速度满足

时解得

根据圆周运动临界问题可知，滑块到Q的速度大于、等于时，做平抛运动，速度小于时，沿皮带圆弧运动一段时间后做斜下抛运动。因为所以滑块做平抛运动，有

解

且随着初速度的增大；平抛速度也增大，平抛距离增大，AB正确；

C．滑块的初速度减小为滑块到右端的速度为

沿皮带圆弧运动一段时间后做斜下抛运动，而C错误；

D．皮带轮的角速度传送带速度为

若滑块在传送带上一直加速、时间设为根据位移公式有

解得

则末速度为

说明滑块一直加速，离开传送带时的速度为可知水平位移

D正确。

故选ABD。11、C:D【分析】【详解】

A．悬线与钉子碰撞前后瞬间；线的拉力始终与小球的运动方向垂直，不对小球做功，故小球的线速度不变，A正确；

B．当半径减小时，由知；线速度不变，可得角速度变大，B错误；

C．由知；线速度不变，半径突然变小，向心加速度突然增大，C正确；

D．在最低点，受力分析得

由向心力变大可知；悬线的拉力变大，D正确。

故选CD。12、C:D【分析】【详解】

A．以游客为研究对象，受到重力和轻绳的拉力，由于轻绳始终保持竖直，则拉力和重力平衡，整体匀速下滑，整体的重力势能减少、动能不变，所以机械能减少，机械能不守恒，故A错误；

B．游客做匀速直线运动，速度v不变、重力mg不变、速度方向与重力方向夹角α不变，重力的功率P=mgvcosα

不变，故B错误；

C．根据动能定理可知，整体增加的动能与整体所受合外力做的功相等，故C正确；

D．由功能关系可知，整体损失的机械能与系统摩擦产生的热量相等，故D正确。

故选CD。13、B:C【分析】【详解】

因为所以ON大于OM，而又知道在M、N两点处，弹簧对小球的弹力大小相等，所以在M点弹簧处于压缩状态，在N点弹簧处于拉伸状态，小球向下运动的过程中弹簧的长度先减小后增大，则弹簧的弹性势能先增大，后减小，再增大，所以弹力对小球先做负功再做正功，最后再做负功，故A错误；由M到N有一状态弹力为0且此时弹力与杆不垂直，加速度为g；当弹簧与杆垂直时小球加速度为g．则有两处（即有两个时刻）加速度为g，故B正确；弹簧长度最短时，也就是弹力垂直杆方向时，此时弹力与小球速度方向垂直，故弹力对小球做功为零，故C正确；由于重力恒定，根据可知当速度最大时；重力最小球做功的功率最大，也就是重力和弹力的合力为零时，此时不是弹簧恢复原长，故D错误．

故选BC。14、A:D【分析】【详解】

由题意知物块在竖直方向上做匀速直线运动，水平方向上做匀加速直线运动，初速度方向竖直向上，加速度方向水平向右，故物块的合运动为匀变速曲线运动，速度增加，因加速度不变，故合力不变，所以选AD15、B:C【分析】本题考查功率；动量定理。

A；B；根据牛顿第二定律分析可知，电梯的运动情况是：0-2s内向下做匀加速运动，在2-7s内做匀速直线运动，7-9s内做匀减速运动，而且0-2s内和7-9s内电梯的加速度大小相等，说明电梯在第1s末和第8s末速度相同，小于第4s末的速度．故A错误，B正确．

C；重物从1s到2s；向下做匀加速运动，重物的动量变化量为正值，说明动量变化量的方向向下；从7s到8s向下做匀减速运动，动量的变化量是负值，说明动量变化量的方向向上，所以重物从1s到2s和从7s到8s动量的变化不相同．故C正确．

D、电梯对重物的支持力在第1s内和第9s内的平均速度相等，支持力大小不等，功率不等．故D错误．故选BC三、填空题(共5题，共10分)16、略

【分析】【详解】

(1)[1]甲、乙两颗恒星靠相互的万有引力提供向心力，对两个天体，分别根据向心力公式得：对甲：

对乙：

且

由以上三式解得：

(2)[2]根据以上分析，可得角速度为：

周期为：【解析】17、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）[1][2]线速度的表达式为

（2）[3][4]角速度的表达式为【解析】18、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】①.可以忽略②.重力19、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]刚好能滑到轨道的最高点则由重力提供向心力

解得

[2]根据机械能守恒可得

解得【解析】2120、略

【分析】【详解】

（1）[1]平抛运动水平方向做匀速直线运动，则有

竖直方向做自由落体运动

联立可得

可知

（2）[2]根据

可知做平抛运动的物体在任意时刻速度的反向延长线一定通过此时水平位移的中点。【解析】tanθ=2tanα中点四、作图题(共4题，共12分)21、略

【分析】【分析】

【详解】

小球滑到达管道的顶端，设小球受重力和管道的作用力，则

由于

所以

说明小球在管道最高点不受管道的作用力；仅受重力作用，故小球的受力示意图为。

【解析】22、略

【分析】【分析】

【详解】

各点受力方向和速度方向如图所示。

【解析】23、略

【分析】【详解】

从位置A开始，它受到向前但偏右（观察者沿着物体前进方向看，下同）的合力，运动的轨迹位于F与v之间，做曲线运动；到达B时，这个合力的方向突然变得与前进方向相同，所以受力的方向与速度的方向相同，做直线运动；达到C时，又突然改为向前但偏左的力，物体的轨迹向下向右发生偏转，最后到达D点；其轨迹大致如图。

【解析】24、略

【分析】【详解】

玻璃管向右沿水平方向匀加速平移；每19内的位移依次是4cm；12cm、20cm、28cm；则1s末的坐标为(4cm，10cm)，2s末的坐标为(16cm，20cm)，3s未的坐标为(36cm，30cm)，4s末的坐标为(64cm，40cm)，根据描点法作出图象如图所示：

【解析】见解析五、实验题(共4题，共24分)25、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)①[1]在这两个装置中；控制半径，角速度，质量中两个量不变，来研究向心力与另一个变量之间的关系，故采用的控制变量法，故选A。

②[2]AB．根据在质量和半径一定的情况下，向心力的大小与线速度平方成正比，与角速度平方成正比，故AB错误；

C．在半径和角速度一定的情况下，向心力的大小与质量成正比，故C正确；

D．在质量和角速度一定的情况下，向心力的大小与半径成正比，故D错误；

(2)①[3]A．为了减小阻力的影响；选择质量大一些，体积小一些的球做实验，即选择密度大一些的。故A错误。

B．实验时；让小球每次从斜槽的同一位置由静止释放，保证小球具有相同的初速度，故B正确。

C．小钢球与斜槽间的摩擦不影响实验；只要每次让小球从斜槽的同一位置由静止释放即可，故C错误；

D．实验时要使斜槽末端水平；保证小球做平抛运动，故D正确。

故选BD。

②[4]小球做平抛运动，竖直方向有y2-y1=kgT2

解得：

③[5]小球做平抛运动，水平方向有x0=v0T；要测出小球离开斜槽末端的速度，还需要A；B两点间的水平距离；

④[6]斜槽末端切线不水平，则仅从这一因素的影响分析，竖直方向仍为匀变速运动，加速度仍为g，故仍满足y2-y1=kgT2，则没有影响。【解析】①.A②.C③.BD④.9.60⑤.A、B两点间的水平距离⑥.没有影响26、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1]因为动能和重力势能中均有质量；所以表达式中质