2025年冀教版高二物理下册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年冀教版高二物理下册月考试卷594考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、由于地磁场的存在，飞机在一定高度水平飞行时，其机翼就会切割磁感线，机翼的两端之间会有一定的电势差.

若飞机在北半球水平飞行，该处地磁场的竖直分量向下，则从飞行员的角度看，机翼左端的电势比右端的电势()A.低B.高C.相等D.以上情况都有可能2、如图所示，00′为条形磁铁的轴线，a、b；c为轴线上的点；则这三点的磁感应强度的大小关系为（）

A.Ba=Bb=Bc

B.Ba＞Bb＞Bc

C.Ba＞Bb＜Bc

D.Ba＜Bb＜Bc

3、下列说法中正确的是，感应电动势的大小()A.跟穿过闭合电路的磁通量变化率成正比B.跟穿过闭合电路的磁通量的变化大小有关系C.跟穿过闭合电路的磁通量的变化快慢有关系D.跟电路的电阻大小有关系4、如图，甲、乙两图为与匀强磁场垂直放置的两个金属框架，乙图除了一个电阻为零、自感系数为L的线圈外，其他部分与甲图都相同，导体AB以相同的加速度向右做匀加速直线运动。若位移相同，则（）A.甲图中外力做功多B.两图中外力做功相同C.乙图中外力做功多D.无法判断5、在点电荷Q的电场中的O点，由静止释放一个质量为m、带电荷量为+q的试探电荷，试探电荷运动到a点时的速度大小为v．若该试探电荷从无穷远处运动到电场中的a点时，需克服电场力做功为W，试探电荷运动到a点时的速度大小仍为v，设无穷远处电势为零．则下列判断正确的是（）A.电场中a点电势φa=B.电场中O点电势为φO=﹣C.试探电荷在无穷远处的初速度vm=D.aO间电势差为UaO=6、根据欧姆定律公式I=可变形得到R=．对此，下列说法中正确的是（）A.导体电阻的大小跟导体两端的电压成正比B.导体电阻的大小跟导体中的电流强度成反比C.当导体两端的电压为零时，导体的电阻也为零D.导体电阻的大小跟导体两端的电压和通过导体的电流强度无关评卷人得分二、多选题(共7题，共14分)7、关于磁场和磁感线的描述，下列说法中正确的是（）A.磁极与磁极之间、磁极与电流之间都可以通过磁场发生相互作用B.磁感线可以形象地描述磁场的强弱和方向，它每一点的切线方向都和小磁针在该点静止时北极所指的方向一致C.磁感线总是从磁铁的N极出发，到S极终止D.磁感线可以用细铁屑来显示，因而是真实存在的8、如图所示，直线A

是电源的路端电压和电流的关系图象，直线BC

分别是电阻R1R2

的两端电压与电流的关系图象，若将这两个电阻分别接到该电源上，下列说法正确的是(

)

A.两电阻阻值R1>R2

B.R2

接在电源上时，电源的内阻消耗功率大C.R2

接在电源上时，电源的效率高D.电源的内阻和R2

的阻值相等9、在一些武侠剧中，有时可看到某大侠把一个银元宝，用手一搓，变成一个球，又拉一下，变成一根均匀细长条.

假设在上述过程中，银的温度不变，则银球与银细长条相比(

)

A.银球的电阻率较小B.电阻率相等C.银球的电阻较小D.电阻相等10、如图所示，将一根绝缘硬金属导线弯曲成一个完整的正弦曲线形状，它通过两个小金属环与长直金属杆导通，图中ab

间距离为L

导线组成的正弦图形顶部或底部到杆的距离都是d

右边虚线范围内存在磁感应强度大小为B

方向垂直于弯曲导线所在平面向里的匀强磁场，磁场区域的宽度为3L4.

现在外力作用下导线沿杆以恒定的速度v

向右运动，t=0

时刻a

环刚从O

点进入磁场区域。则下列说法正确的是(

)

A.t=L2v

时刻，回路中的感应电动势为0

B.t=3L4v

时刻，回路中的感应电动势为2Bdv

C.t=L4v

时刻，流经长直杆ab

的电流第一次开始改变方向D.t=L2v

时刻，流经长直杆ab

的电流第一次开始改变方向11、如图所示，电路中的变压器为理想变压器，K

为单刀双掷开关，P

是滑动变阻器R

的滑片，U1

为加在原线圈两端的交变电压，I1I2

分别为原线圈和副线圈中的电流.

下列说法正确的是(

)

A.保持P

的位置及U1

不变，S

由b

切换到a

则R

上消耗的功率减小B.保持P

的位置及U1

不变，S

由a

切换到b

则I2

减小C.保持P

的位置及U1

不变，S

由b

切换到a

则I1

增大D.保持U1

不变，S

接在b

端，将P

向上滑动，则I1

减小12、如图1

所示，光滑的平行水平金属导轨MNPQ

相距L

在MP

之间接一个阻值为R

的电阻，在两导轨间cdfe

矩形区域内有垂直导轨平面竖直向上、宽为d

的匀强磁场，磁感应强度为B.

一质量为m

电阻为r

长度也刚好为L

的导体棒ab

垂直放在导轨上，与磁场左边界相距d.

现用一个水平向右的力F

拉棒ab

使它由静止开始运动，其ab

离开磁场前已做匀速直线运动棒ab

与导轨始终保持良好接触，导轨电阻不计，F

随ab

与初始位置的距离x

变化的情况如图2

所示，F0

已知.

下列判断正确的是(

)

A.棒ab

在ac

之间的运动一定是匀加速直线运动B.棒ab

在ce

之间不可能一直做匀速运动C.棒ab

离开磁场时的速率为20(R+r)B2L2

D.棒ab

经过磁场的过程中，通过电阻R

的电量为BLdR

13、以下说法正确的是（）A.维系原子核稳定的力是核力，核力可能是吸引力，也可能是排斥力B.发生α衰变时，生成的新核与原来的原子核相比，中子数减少了2C.因为核反应释放能量，出现质量亏损，所以反应后的总质量数减少D.结合能越大，表明核子结合成原子核时放出能量越多，原子核也越稳定评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)14、如图为探究产生电磁感应现象条件的实验装置，当开关闭合时，发现指针向右摆动，若要使指针向左摆动，滑片向____（选左或右）迅速移动，线圈A竖直向上运动时，穿过线圈B的磁通量将____（选填“变大”或“变小”）．在上述过程中，穿过线圈的磁通量变化了0.06Wb，经历的时间为0.2s，则每匝线圈中产生的感应电动势为____V．

15、卢瑟福提出了原子的核式结构模型，这一模型建立的基础是____．____16、如图所示的匀强电场E=10N/C，矩形abcd的ab边与电场线平行，且ab=3cm，bc=2cm，ab两点的电势差为______V，bc两点的电势差为______V．将点电荷q=5C从a点移动到c点，电场力做功________J．17、如图所示，断开电键K，用一束光照射阴极P，发现电流表度数不为零，合上电键K，调节滑线变阻器，发现当电压表度数小于0.80V时，电流表读数仍不为零；当电压表读数大于或等于0.80V时，电流表读数为零，已知阴极材料的逸出功3.2eV，由此可知照射光的光子能量为______eV．（结果保留两位有效数字）18、电流表G的满偏电流时3mA，内阻是100Ω，把它改装成量程为3V的电压表，应______（填串或并）连一个阻值为______Ω的电阻．若把它改装成一个大量程的电流表应______（填串或并）连一个电阻．19、静电在工业和生活中有很重要的用途；有时又会带来很多麻烦，需要防止。

在许多场合都可以发现人们应用静电的例子；例如：______；

也可以发现许多防止静电的例子，例如：______。20、利用光电管产生光电流的电路如图所示.

电源的正极应接在____端(

填“a

”或“b

”)

若电流表读数为8隆脕10鈭�4A

则每秒从光电管阴极发射的光电子至少是____个(

已知电子电量为l.6隆脕10鈭�19C)

21、质子和α粒子的质量比为m1：m2=1：4，带电量之比为q1：q2=1：2，当它们从静止开始由同一匀强电场加速，通过相同的位移，则它们的速度之比v1：v2=______，动能比Ek1：Ek2=______．22、在光滑水平面上，质量均为m的三个物块排成直线，如图所示。第1个物块以动量p0向右运动，依次与其余两个静止物块发生碰撞，并粘在-起，则物块的最终速度大小为______，1物块对2物块的冲量大小为______。评卷人得分四、判断题(共2题，共6分)23、如图所示，有一水平方向的匀强电场，场强大小为9000N/C，在电场内一水平面上作半径为10cm的圆，圆上取A、B两点，AO沿E方向，BO⊥OA，另在圆心处放一电量为10﹣8C的正点电荷，则A处场强大小EA为零．________（判断对错）

24、处于静电平衡状态的导体内部的场强处处为零，导体外表面场强方向与导体的表面一定不垂直．（判断对错）评卷人得分五、作图题(共4题，共28分)25、细绳的一端在外力作用下从t=0时刻开始做简谐运动，激发出一列简谐横波。在细绳上选取15个点，图1为t=0时刻各点所处的位置，图2为t=T/4时刻的波形图（T为波的周期）。在图3中画出t=3T/4时刻的波形图。26、试画出下面图1中负电荷产生的电场；画出图2中的A点的电场方向以及放在B点的负电荷所受的电场力方向。

27、请描述出图中通电导线周围的磁感线和单个正电荷周围的电场线。28、如图所示；均匀直棒AB搁放在光滑的半球上保持静止，C为棒的中点，画出棒AB的受力图．

评卷人得分六、画图题(共2题，共4分)29、13.矩形导线框abcd固定在匀强磁场中，磁感线的方向与导线框所在平面垂直，规定磁场的正方向垂直纸面向里，磁感应强度B随时间变化的规律如图所示.若规定顺时针方向为感应电流i的正方向，在下列i-t图中画出感应电流随时间变化的图象30、13.矩形导线框abcd固定在匀强磁场中，磁感线的方向与导线框所在平面垂直，规定磁场的正方向垂直纸面向里，磁感应强度B随时间变化的规律如图所示.若规定顺时针方向为感应电流i的正方向，在下列i-t图中画出感应电流随时间变化的图象参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、B【分析】【分析】理解题意并判断地磁场竖直分量的方向，应用右手定则判断出左右两端电势关系。本题考查的是右手定则的应用。在熟知地磁场的前提下，判断出地磁场竖直分量的方向是解题的关键。【解答】当飞机在北半球水平飞行时，由于地磁场的存在，且地磁场的竖直分量方向竖直向下，则由右手定则可判定机翼左端的电势比右端的电势高，故ACD错误，B正确。故选B。【解析】B

2、B【分析】

因a，b；c三点离磁极越来越远，则磁感应强度依次减小．

即Ba＞Bb＞Bc则A；C，D错误，B正确。

故选：B

【解析】【答案】离磁极越近磁感应强度越大．据此判断即可．

3、A|C【分析】【解析】试题分析：根据法拉第电磁感应定律，感应电动势的大小可知，感应电动势的大小跟磁通量变化率有关，因此AC正确考点：法拉第电磁感应定律【解析】【答案】AC4、A【分析】【解析】试题分析：乙图中有线圈，要减缓电流的增加，安培力要小于甲图中的安培力，则甲图克服安培力做功大于乙图克服安培力做功，根据动能定律得因为导体AB以相同的加速度向右做匀加速直线运动，通过的位移相等，则末动能相等．所以甲图外力做功大于乙图外力做功．故A正确，B、C、D错误．考点：法拉第电磁感应定律、电磁感应能量转化【解析】【答案】A5、A【分析】【解答】解：A、从无穷远处运动到电场中的a点时，需克服电场力做功为W，则由a点到无穷远处电场力做功为W，则在a点的电势为：φa=则A正确。

B、由o点到无穷远处的电场力做功为：+W，则o点的电势为φO=+则B错误。

C、电荷在a点的动能为由无穷远处的速度为vm，则=﹣w，则vm=则C错误。

D、aO间电势差为UaO==﹣则D错误。

故选：A

【分析】由φ=求得电势，由求得电势差，由动能定理求得速度．6、D【分析】解：导体电阻的影响因素：导体的长度；横截面积、材料．

当电压和电流变化时；导体的长度；横截面积、材料都没变，电阻不变．

R=只是计算电阻的一种方法；电阻与电压；电流都无关，故D正确．

故选：D．

（1）导体电阻的影响因素：导体的长度；横截面积、材料．

（2）R=只是计算电阻的一种方法；电阻与电压；电流都无关．

（1）正确理解欧姆定律的数学表达式的含义．

（2）推导公式U=IR，R=只是计算电压和电阻的一种方法，不反应正、反比关系．【解析】【答案】D二、多选题(共7题，共14分)7、AB【分析】解：A；磁极与磁极之间通过磁场发生相互作用；电流与电流之间通过磁场发生相互作用，故A正确；

B；磁感线的疏密程度反映磁场的强弱；切线方向表示磁感应强度的方向，故B正确；

C；磁感线在磁体外部是从N极出发指向S极；而内部由S极指向N极；是闭合的曲线；故C错误；

D；磁力线是人为假象的曲线；不是真实存在的．故D错误；

故选：AB．

磁极与磁极之间通过磁场发生相互作用；电流与电流之间通过磁场发生相互作用；

磁力线具有下述基本特点：1．磁力线是人为假象的曲线；2．磁力线有无数条；3．磁力线是立体的；4．所有的磁力线都不交叉；5．磁力线的相对疏密表示磁性的相对强弱；即磁力线疏的地方磁性较弱，磁力线密的地方磁性较强；6．磁力线总是从N极出发，进入与其最邻近的S极并形成闭合回路．

本题关键是明确磁感线的概念以及物理意义，更要明确磁感线的特点，会画常见磁体和电流的磁感线．【解析】【答案】AB8、ABD【分析】解：

A、由U鈭�I

图象的斜率表示电阻值，可得R1R2

的关系为两电阻阻值R1>R2

故A正确．

BC

电源的效率娄脟=P鲁枚P脳脺=UIEI=UE

效率与路端电压成正比，由图可知R1

接在电源上时路端电压大，效率高，故B正确，C错误．

D、由图可知，电源内阻为：r=U0I0R2

的电阻为：R2=U02I02=U0I0

故D正确．

故选：ABD

【解析】ABD

9、BC【分析】解：由于材料未变，则电阻率不变，将银球变成银细长条，横截面积变小，长度变大，根据电阻定律R=娄脩lS

知电阻变大；即银球的电阻较小．

故BC正确；AD错误．

故选：BC

电阻率的大小由材料决定，根据电阻定律R=娄脩lS

判断电阻的变化．

解决本题的关键掌握电阻定律，知道电阻与导线横截面积和长度的关系．【解析】BC

10、AD【分析】解：A

导线切割磁感线产生的感应电动势：E=Blv=Byv

其中l

指的是有效长度，在本题中l

指的是纵坐标大小，即：y=dsin娄脠=dsin娄脴t=dsin2娄脨Tt=dsin2娄脨Lvt=dsin2娄脨vtL

当t=L2v

时；导线切割磁感线的有效长度L=0

所以感应电动势为0

故A正确；

B、当t=3L4vL

为d

所以感应电动势E=Bdv

故B错误；

CD

由E=Bdvsin(vt)

知，在vt=0.5L

处(

相当于娄脨

处)

感应电流第一次改变方向，所以t=L2v

时刻；回路中的感应电流第一次开始改变方向，故C错误，D正确；

故选：AD

由E=Blv

求出感应电动势；由E=Blv

求出感应电动势的表达式，根据导线运动过程分析判断感应电动势大小，然后判断感应电流方向，分析各选项答题。

此类问题考查了切割磁感线产生的感应电动势的有效长度，并将有效长度刻意通过数学正弦函数表达，并且结合函数知识分析出改变方向的时刻。【解析】AD

11、BC【分析】解：AS

由b

切换到a

副线圈匝数变大，所以副线圈电压变大，电阻不变，所以R

上消耗的功率变大，故A错误；

B、S

由a

切换到b

副线圈匝数变小；所以副线圈电压变小，电阻不变，所以I2

减小，故B正确；

C、S

由b

切换到a

副线圈匝数变大，所以副线圈电压变大，电阻不变，所以I2

增大，输出功率与输入功率相等且都增大，则I1

增大，故C正确；

D、S

置于b

位置不动；P

向上滑动，电阻变小，电压不变，所以输出功率变大，故原线圈的输入功率变大，则I1

增加，故D错误．

故选：BC

理想变压器输入功率等于输出功率；原副线圈电流与匝数成反比，原副线圈电压与匝数成正比。

理想变压器是理想化模型，一是不计线圈内阻；二是没有出现漏磁现象.

输入电压决定输出电压，而输出功率决定输入功率．【解析】BC

12、AC【分析】解：A

棒ab

在ac

之间运动时；水平方向只受到水平拉力的作用，做匀加速运动，故A正确；

B、棒ab

进入磁场后受到水平拉力和安培力的作用；根据两个力的大小关系，可能存在三种情况：

垄脵

拉力大于安培力，则棒先做加速运动，但随速度的增大，安培力增大，合力减小，所以棒做加速度减小的加速运动，直到安培力等于拉力，开始做匀速运动，此时速度为v

则：2F0=B2L2vR+r

解得：v=20(R+r)B2L2

故C正确；

垄脷

安培力等于拉力；棒在磁场中始终做匀速运动；垄脹

拉力小于安培力，则棒先做减速运动，但随速度的减小，安培力减小，合力减小，所以棒做加速度减小的减速运动，直到安培力等于拉力，开始做匀速运动，故B错误；

D

金属棒通过磁场的过程通过R

上的电量q=鈻�娄碌R+r=B鈻�SR+r=BLdR+r

故D错误．

故选：AC

．

棒ab

在ac

之间运动时；水平方向只受到水平拉力的作用，做匀加速运动；进入磁场后受到水平拉力和安培力的作用，根据两个力的大小关系，可能存在三种情况；

金属棒通过磁场的过程通过R

上的电量q=鈻�娄碌R+r

．

本题考查了电磁感应与力学和功能关系的结合，对于这类问题一定要正确分析安培力的大小和方向然后根据运动状态列出牛顿第二定律方程求解，注意金属棒通过磁场的过程通过R

上的电量量q=鈻�娄碌R+r

．【解析】AC

13、AB【分析】解：A；根据核力的性质可知；短程力核力在4～5fm以上的距离即已消失，当两核子距离为2～5fm时，它是较弱的吸引力，通常称为长程弱吸引力。核力的中程部分（1～2fm）是较强的吸引力，它比质子间的库仑力强得多，足以克服库仑排斥作用。当两核子间距离小于0.4～0.5fm时，核力为强排斥力，称为排斥芯。故A正确；

B；α粒子由2个质子与2个中子组成；所以在发生α衰变时，生成的新核与原来的原子核相比，中子数减少了2．故B正确；

C；核反应释放能量；出现质量亏损，但反应后的总质量数不变。故C错误；

D；比结合能越大；表示原子核的核子结合得越牢固，与结合能的大小无关。故D错误。

故选：AB。

根据核力的性质判断；根据α衰变的本质分析；核反应的过程中质量数不变；结合能：两个或几个自由状态的粒子结合在一起时释放的能量。自由原子结合为分子时放出的能量叫做化学结合能；分散的核子组成原子核时放出的能量叫做原子核结合能。原子核的比结合能越大，表示原子核的核子结合得越牢固，原子核越稳定。

该题考查原子核以及原子核的结合能与比结合能，比结合能越大，知道当核子结合成原子核时有质量亏损，要释放一定能量，原子核的平均结合能越大，表示原子核的核子结合得越牢固是关键。【解析】AB三、填空题(共9题，共18分)14、略

【分析】

由电路图可知，滑动变阻器滑片迅速向左移动时，滑动变阻器接入电路的阻值变大，电路电流减小，穿过线圈的磁通量减小，感应电流反向，电流表指针向左摆动；由电路图可知，线圈A竖直向上运动时，穿过线圈B的磁通量将变小；由法拉第电磁感应定律可知，每匝线圈产生的感应电动势E===0.3V；

故答案为：左；变小，0.3．

【解析】【答案】闭合开关；穿过线圈的磁通量变大，电流表指针向右摆动，要使电流表指针向左摆动，穿过线圈的磁通量应减小，原线圈电流应减小，根据电路图分析答题；由法拉第电磁感应定律可以求出每匝线圈产生的电动势．

15、α粒子的散射实验【分析】【解答】卢瑟福在α粒子散射实验的基础上提出了原子的核式结构模型；

故答案为：α粒子的散射实验．

【分析】卢瑟福在α粒子的散射实验基础上提出了原子的核式结构模型，要了解各种模型提出的历史背景以及物理意义．16、略

【分析】解：ab两点间的电势差Uab=Edab=10×0.03V=0.3V；

bc连线为等势线，则bc两点间的电势差为0V．

因为Uac=Uab=0.3V，则电场力做功Wac=qUac=5×0.3J=1.5J．

故答案为：0.3；0，1.5．

根据U=Ed求出两点间的电势差；结合W=qU求出电场力做功的大小．

解决本题的关键掌握匀强电场的电场强度公式，注意d为沿电场线方向上的距离，以及在运用W=qU求解时，电荷的正负、电势差的正负需代入计算．【解析】0.3；0；1.517、略

【分析】解：设用光子能量为E的光照射时，光电子的最大初动能为Ekm；

当反向电压达到U=0.80V以后；电流表读数为零说明具有最大初动能的光电子也达不到阳极；

因此Ekm=eU=0.80eV

根据光电效应方程，则有：Ekm=E-W

解得：E=3.2+0.8=4.0eV

故答案为：4.0．

光电子射出后；有一定的动能，若能够到达另一极板则电流表有示数，当恰好不能达到时，说明电子射出的初动能恰好克服电场力做功，然后根据爱因斯坦光电效应方程即可正确解答．

正确理解该实验的原理和光电效应方程中各个物理量的含义是解答本题的关键．【解析】4.018、略

【分析】解：把电流表改装成3V的电压表需要串联分压电阻；

串联电阻阻值：R=-Rg=-100=900Ω；

把电流表改装成大量程电流表需要并联分流电阻；

故答案为：串；900；并．

把电流表改装成电压表需要串联分压电阻；把电流表改装成大量程的电流表需要并联分流电阻，应用串联电路特点与欧姆定律可以求出串联电阻阻值．

本题考查了电压表与电流表的改装，知道电压表与电流表的改装原理是解题的前提与关键，应用串联电路特点与欧姆定律可以解题．【解析】串；900；并19、略

【分析】解：静电除尘；静电复印、静电喷涂、静电植绒、静电分选都是静电的应用；

汽车通过后面装一条拖地的铁链；及时导走静电，这是防止静电危害。

故答案为：静电除尘器；静电喷漆、复印机等；汽车通过后面装一条拖地的铁链；及时导走静电。

静电在工业和生活中有很重要的用途；有些方面静电也会产生危害，静电除尘；静电复印、静电喷涂、静电植绒、静电分选都是静电的应用。

本题考查是关于静电的防止与应用，从各种实例的原理出发就可以正确解答。【解析】静电除尘器、静电喷漆、复印机等；汽车通过后面装一条拖地的铁链，及时导走静电20、a；5×1015【分析】解：从光电管阴极K

发射的光电子；要在回路中定向移动形成电流，A

端应该与电源的正极相连，这样电子出来即可被加速，从而在回路中形成电流；

每秒在回路中通过的电量为：Q=It垄脵

所以产生的光电子数目至少为：n=Qe垄脷

联立垄脵垄脷

得：n=5隆脕1015

个.

故答案为：a5隆脕1015

．

由于电子带负电，因此要在回路中形成电流，A

应该与电源的正极相连，根据Q=It

求出每秒流过的电量，然后根据n=Qe

可求出光电子的数目．

本题通过光电效应考查了有关电学的基础知识，对于这些基础知识要熟练的理解和应用．【解析】a5隆脕1015

21、略

【分析】解：电场力对粒子做正功；由动能定理得：

qEx=mv2-0，解得：v=动能EK=mv2=qEx；

粒子的速度之比：====

动能之比：==

故答案为：1；1：2．

两个粒子在加速电场中；只有电场力对它们做功，由动能定理求出粒子的动能与速度，然后求出受到之比与动能之比．

本题考查了求速度与动能之比，带点粒子在电场中加速，应用动能定理求出动能与速度即可正确解题．【解析】1；1：222、p0【分析】解：取向右为正方向，以三个物块组成的系统为研究对象，根据动量守恒定律得：p0=3mv

得：v=

对物块1，由动量定理得I=mv-p0=-p0；方向向左。

则1物块对2物块的冲量大小为p0；方向向右。

故答案为：p0。

碰撞过程遵守动量守恒定律；由动量守恒定律求出物块的最终速度大小。对物块1，利用动量定理求出物块2对物体1的冲量大小，再得到1物块对2物块的冲量大小。

从本题可体会到运用动量守恒定律的优越性，由于只考虑初末两个状态，不涉及过程的细节，运用动量守恒定律解题往往比较简洁。【解析】p0四、判断题(共2题，共6分)23、A【分析】【解答】解：点电荷在A点的场强

根据场强的叠加原