2024年华东师大版必修3物理上册月考试卷含答案

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2024年华东师大版必修3物理上册月考试卷含答案考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共7题，共14分)1、如图所示，虚线表示某电场中的三个等势面，a、a′、b、b′、c、c′为分布在等势面上的点。一带电粒子从a点运动到c点的过程中电场力做功为Wac，从a′点运动到c′点的过程中电场力做功为Wa′c′。下列说法正确的是（）

A.c点的电场方向一定指向b点B.a′点电势一定比c′点电势高C.带电粒子从c点运动到c′点，电场力做功为0D.2、用图中三套实验装置探究感应电流产生的条件；下列选项中能产生感应电流的操作是（）

A.甲图中，使导体棒AB顺着磁感线方向运动，且保持穿过ABCD中的磁感线条数不变B.乙图中，使条形磁铁匀速穿过线圈C.丙图中，开关S闭合后，B螺线管相对静止一起竖直向上运动D.丙图中，开关S保持闭合，使小螺线管A在大螺线管B中保持不动3、建立完整的电磁场理论并首先预言电磁波存在的科学家是（）A.法拉第B.奥斯特C.麦克斯韦D.赫兹4、如图所示，在点电荷产生的电场中有两点，相距为已知点的电场强度大小为方向与连线垂直，点电场强度的方向与连线成角；则下列说法正确的是（）

A.点电荷带正电B.两点到点电荷的距离之比为C.点电荷在点产生的电场强度大小为D.点的电势低于点的电势5、如图所示，直角三角形ABC所在平面与匀强电场方向平行，AB边长度为a，电量为e的质子仅受电场力作用，若从A运动到B动能增加若从A运动到C动能增加则该匀强电场的场强大小为（）

A.B.C.D.6、如图所示，竖直放置的平行板电容器的两极板分别接电源两极，一带正电的小球用绝缘细线挂在电容器内部。闭合开关S，电容器充电后悬线与竖直方向夹角为则()

A.保持开关S闭合，将M板向N板靠近，角变大B.保持开关S闭合，将M板向N板靠近，角变小C.断开开关S，将M板向N板靠近，角变大D.断开开关S，将M板向N板靠近，角变小7、如图所示的实验装置中，极板A接地，平行板电容器的极板B与一个灵敏的静电计相接将A极板向左移动，增大电容器两极板间的距离时，电容器所带的电荷量Q、电容C、两极间的电压U，电容器两极板间的场强E的变化情况是（）

A.变小，不变，不变，变小B.变小，变小，不变，不变C.不变，变小，变大，不变D.不变，变小，变大，变小评卷人得分二、多选题(共9题，共18分)8、A，B两带电小球，电量分别为质量分别为、如图所示，用两根不可伸长的绝缘细线悬挂于O点，静止A、B两球处于同一水平线上，其中O点到A球的间距C是AB连线上一点且在O点的正下方，带电小球均可视为点电荷，静电力常量为k；则下列说法正确的是（）

A.A.B间的库仑力为B.B两球的质量之比为C.挂B两球的绳子的拉力之比为D.若仅互换B两球的带电量，则B两球位置仍处于同一水平线上9、如图所示的电路中,电源电动势为E,内阻为r,R1、R2、R3为定值电阻,电流表和电压表均为理想电表,C为平行板电容器,在两板之间的带电液滴恰好处于静止状态.由于某种原因灯泡L的灯丝突然烧断,其余用电器均不会损坏,则下列说法正确的是()

A.电流表示数变大B.电压表示数变大C.液滴将向上运动D.液滴仍保持静止10、如图所示，虚线为电场中一簇等间距的等差等势面，实线为一带电粒子通过该区域时的运动轨迹，是这条轨迹上的两点；不计重力。下列说法正确的是（）

A.若粒子带正电，则点电势比点电势高B.若粒子带负电，则点电势比点电势高C.若粒子带负电，则在点时动能大D.不论粒子带正电或负电，都是在点时动能大11、如图所示，实线为方向未知的三条电场线，虚线分别为等势线1、2、3，已知MN=NQ，带电量相等的a、b两带电粒子从等势线2上的O点以相同的初速度飞出。仅在电场力作用下；两粒子的运动轨迹如图所示，则（）

A.a一定带正电，b一定带负电B.a加速度减小，b加速度增大C.MN两点电势差|UMN|等于NQ两点电势差|UNQ|D.a粒子到达等势线3的动能变化量比b粒子到达等势线1的动能变化量小12、如图所示，一电容为1.5×10-10F的平行板电容器连接在直流电源上，充电完毕后，电容器所带电荷量为6×10-10C。则（）

A.电容器上极板带正电B.电容器上极板带负电C.电容器两极板间的电势差为4VD.电容器两极板间的电势差为8V13、如图甲所示，半径为R的圆管道固定在竖直平面内，管道内径较小且与半径相比可忽略，内壁光滑，管道最低点为B，最高点为A，圆管所在平面内存在一匀强电场，在B点给质量为m、带电荷量为的小球一水平初速度，小球运动过程中动能与机械能随转过角度的变化关系分别如图乙、图丙所示，已知B点为重力势能和电势的零点，小球在管道内恰好做圆周运动，重力加速度为g；小球可视为质点，则（）

A.电场强度大小为方向与水平方向成角斜向左下B.小球的初动能为C.小球的最大机械能为D.小球在A点对管壁的作用力大小为14、如图所示电路中，电源电动势为E，内阻为r，定值电阻的阻值R1＝r，当滑动变阻器R2的滑片向右滑动过程中，理想电流表A1、A2的示数变化量的绝对值分别为ΔI1、ΔI2，理想电压表示数变化量的绝对值为ΔU；下列说法正确的是（）

A.电压表V的示数减小B.电流表A1、A2的示数均减小C.ΔU与ΔI1的比值等于电源内阻rD.电源的输出功率逐渐增大15、在如图所示电路中，定值电阻R1、R2阻值均为R，电源电动势为E，内阻r=R，平行板电容器的电容为C。初始时，开关S1闭合，S2断开；带电液滴在P点处于静止状态。整个装置处于真空中，重力加速度为g，下列说法正确的是（）

A.若仅减小电容器两极板的正对面积，则液滴仍保持静止B.若仅将电容器上极板上移少许，则P点电势升高C.若闭合S2，则电路稳定后电容器所带电荷量比原来增加了D.若闭合S2，电路稳定后液滴还在板间运动，则其加速度大小为16、如图所示；将一轻弹簧下端固定在倾角为θ的粗糙斜面底端，弹簧处于自然状态时上端位于A点。质量为m的物体从斜面上的B点由静止开始下滑，与弹簧发生相互作用后，最终停在斜面上。则（）

A.物体最终不可能停在A点B.整个过程中物体第一次到达A点时动能最大C.物体第一次反弹后不可能到达B点D.整个过程中重力势能的减少量等于克服摩擦力做的功评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)17、『判一判』

（1）放电后的电容器所带电荷量为零，电容也为零。______

（2）电容器所带的电荷量是指每个极板所带电荷量的代数和。______

（3）电容表示电容器容纳电荷的多少。______

（4）电容器的电容与电容器所带电荷量成反比。______

（5）电容器的电容跟它两极板间所加电压成反比。______

（6）公式可用来计算任何电容器的电容。______

（7）将电介质插入平行板电容器时，电容器的电容将变小。______

（8）任何两个彼此绝缘而又相互靠近的导体都能组成电容器，而且跟这两个导体是否带电无关。______

（9）电容器两极板上所加的电压不能超过击穿电压。______18、两导线长度之比为1∶2，横截面积之比为3∶4，电阻率之比为5∶6，则它们的电阻之比为______。19、如图，平行板电容器AB两极板水平放置，已知A板和电源正极相连，且E1>E2，当单刀双掷开关接1时，电源电动势为E1；一带正电粒子沿AB中心水平线射入，打在B极板上的N点，不计粒子重力.回答下列问题（选填“N点”“N点的左侧”“N的右侧”）

（1）断开开关并将A板左移一段距离，其他条件不变，则粒子打在___________；

（2）断开开关并将A板上移一段距离，其他条件不变，则粒子打在___________；

（3）将单刀双掷开关接2，电动势为E2，其他条件不变，则粒子打在___________；

20、电容器作为储能器件，在生产生活中有广泛的应用。对给定电容值为C的电容器充电，无论采用何种充电方式，其两极间的电势差u随电荷量q的变化图像都相同。请在图中画出上述u–q图像____。类比直线运动中由v–t图像求位移的方法，求两极间电压为U时电容器所储存的电场能Ep=____

21、电压表和电流表的电路结构。

（1）表头：小量程的电流表，符号为_____，也叫_______计。

（2）表头的三个参数：满偏电流Ig、________、内阻Rg，根据欧姆定律，三个参数之间的关系是________。

（3）改装：

①电压表改装:测量较大的电压时，将表头上______一个______的电阻；就改装成了电压表，如图所示。

②电流表改装:测量较大的电流时，将表头上______一个______的电阻；就改装成了量程较大的电流表，如图所示。

22、如图所示，电路中电阻R1=8Ω，R2=20Ω，R3=20Ω，C=2μF，E=12V，电源内阻r=0，S闭合，当滑动变阻器的阻值R由2Ω变至22Ω的过程中，通过A1的电量是________，A2的读数变化情况是________．

23、反映磁场的力的性质的物理量是___________，匀强磁场的磁感线是平行的___________直线。24、如图，虚线框内有匀强磁场，大环和小环是垂直于磁场放置的两个圆环，分别用Φ1和Φ2表示穿过大小两环的磁通量，则有：Φ1______Φ2（大于小于等于）25、为了体现全民大联欢，2020年央视春晚继续采用“北京主会场+各地分会场”的直播模式，突破演播室界限，将春晚舞台的欢声笑语带到观众的身边。用卫星转播春晚实况是利用______（选填“超声波”“次声波”或“电磁波”）来传递信息的；主持人的说话声是由声带______产生的。评卷人得分四、作图题(共3题，共30分)26、如图所示，A、B、C为匀强电场中的三个点，已知φA=18V，φB=11V，φC=－3V。试画出该电场的电场线；并保留作图时所用的辅助线（用虚线表示辅助线，实线表示电场线）。

27、由电流产生的磁场方向如图所示；请在图中标出线圈中的电流方向.

28、在如图所示的四幅图中；分别给出了导线中的电流方向或磁场中某处小磁针静止时N极的指向或磁感线方向。请画出对应的磁感线（标上方向）或电流方向。

评卷人得分五、实验题(共4题，共8分)29、把一满偏电流为Ig=0.1mA，内阻Rg=1000Ω的表头改装成10mA；100mA双量程的电流表；如图1所示。则：

(1)表笔接A和___________（选填“B”或“C”）是10mA量程。

(2)定值电阻R1___________Ω；（结果保留2位有效数字）。

(3)若改装成欧姆表，可理解为表头加电源和调零电阻等配件共同构成，如图2所示。对于同一个表盘，中值电阻的刻度值不能改变，但通过改变倍率可以改变中值电阻的大小，假设某一个欧姆表刻度盘中值为15，那么选择倍率×1、×10、×100、×1k，对应的中值电阻的阻值应该就是15Ω、150Ω、1500Ω、15KΩ。改变了中值电阻，也相当于改变了欧姆挡的倍率。由知，其中一种改变中值电阻的方式为改变电流表满偏电流（比如前述扩大电表量程）。现利用该表刻度盘，试分析以电动势E=1.5V不变的电池为电源，外加调零电阻、表笔等与图1A、B接线柱连接组合成的欧姆表倍率为___________，有同学想使用现有器材设计×10k倍率欧姆挡，请你判断：该同学___________（填“能”或“不能”）设计出×10k倍率欧姆挡，理由是___________。30、测量未知电阻Rx的电阻值；提供如下器材。

待测电阻Rx，阻值10欧左右，电流表G(200mA，内阻未知)，电压表V(0－3V，内阻未知)，定值电阻R0，滑动变阻器R1(0－10Ω)，滑动变阻器R2(0－100Ω)，干电池3V，电键、导线若干，某同学根据给定的器材设计测量电路如图，实验测量过程为。A．闭合电键S1和S2，调节变阻器滑动头P，读出电压表和电流表读数U0=1.08V，I0=180mAB．断开电键S2，调节滑动变阻器，读出G表和V表的几组数据作U－I图线如图

(1)根据上述设计电路选择实验器材时，滑动变阻器应该是_______（填R1或R2）

(2)请你用实线完成连接实物电路中未连接的导线___。实验中在闭合电键前；根据实物电路，说明变阻器滑动头P应该调整在________端（左或右）

(3)根据上述测量的几组数据在U－I坐标系中作出图线，并求出未知电阻Rx=____Ω

(4)7组测量数据在U－I图中分别标点1、2、3、4、5、6、7，连直线如图所示，简单说明用图像法求电阻比数字运算求电阻平均值的优劣_____________31、某实验小组利用如图甲所示的电路探究在25℃~80℃范围内某热敏电阻的温度特性。所用器材有：置于温控室（图中虚线区域）中的热敏电阻RT，其标称值（25℃时的阻值）为900.0Ω；电源E（6V，内阻可忽略）；电压表V（量程150mV）；定值电阻R0（阻值20.0Ω），滑动变阻器R1（最大阻值为1000Ω）；电阻箱R2（阻值范围0~999.9Ω）；单刀开关S1，单刀双掷开关S2。

实验时，先按图甲连接好电路，再将温控室的温度t升至80.0℃。将S2与1端接通，闭合S1，调节R1的滑片位置，使电压表读数为某一值U0；保持R1的滑片位置不变，将R2置于最大值，将S2与2端接通，调节R2，使电压表读数仍为U0；断开S1，记下此时R2的读数。逐步降低温控室的温度t，得到相应温度下R2的阻值，直至温度降到25.0℃。实验得到的R2-t数据见下表。

。t/℃

25.0

30.0

40.0

50.0

60.0

70.0

80.0

R2/Ω

900.0

680.0

500.0

390.0

320.0

270.0

240.0

回答下列问题：

(1)在闭合S1前，图甲中R1的滑片应移动到______（填“a”或“b”）端。

(2)在图乙的坐标纸上补齐数据表中所给数据点，并作出R2-t曲线。（_______）

(3)由图乙可得到RT在25℃~80℃范围内的温度特性。当t=44.0℃时，可得RT=____Ω。

(4)将RT握于手心，手心温度下R2的相应读数如图丙所示，该读数为______Ω，则手心温度为_______℃。32、利用如图所示电路测量一量程为300mV的电压表的内阻约为300Ω。

实验步骤如下：

①按电路图正确连接好电路，把滑动变阻器R的滑片P滑到a端，闭合开关并将电阻箱的阻值调到较大；

②闭合开关调节滑动变阻器滑片P的位置，使电压表的指针指到满刻度；

③保持开关闭合和滑动变阻器滑片的位置不变，断开开关调整电阻箱的阻值大小，使电压表的指针指到满刻度的一半，读出此时电阻箱的阻值，即为电压表内阻的测量值。

实验提供的器材除待测电压表；电阻箱（最大阻值999.9Ω）、电池（电动势约1.5V；内阻可忽略不计）、导线和开关之外，还有如下可供选择的实验器材：

A．滑动变阻器（最大阻值150Ω）；

B．滑动变阻器（最大阻值10Ω）；

C．定值电阻（阻值约20Ω）；

D．定值电阻（阻值约200Ω）。

根据以上设计的实验方法；回答下列问题：

（1）对于上述测量方法，从实验原理分析可知，在测量无误的情况下，实际测出的电压表内阻的测量值______真实值（填“大于”“小于”或“等于”）。

（2）为了使测量比较精确，从可供选择的实验器材中，滑动变阻器应选用______，定值电阻R’应选用______（填字母代号）。

（3）在其他元件不变的情况下，为使测量更准确，可换用一电动势更______（填“大”或“小”）的电池（内阻可忽略）。评卷人得分六、解答题(共3题，共24分)33、如图竖直向上的匀强电场中，一个质量4×10-4kg，电荷量2×10-7C的带正电小球，由于受力平衡处于静止状态。（取10m/s2）问：

（1）小球所受电场力多大?

（2）匀强电场场强多大?

34、做功与路径无关的场叫做势场，在这类场中可以引入“势”和“势能”的概念，场力做功可以量度势能的变化。例如静电场，如图所示，真空中静止正点电荷Q产生的电场中，取无穷远处的电势能为零，在距该电荷为r的位置放置电量为+q的电荷所具有的电势能为（式中k为静电力常量）。A、B为同一条电场线上的两点，A、B两点与电荷Q间的距离分别为r1和r2。

（1）求A点的电势；

（2）现将电荷量为+2q的检验电荷，由A点移至B点，求在此过程中，静电力所做的功W；

（3）如图所示，正电荷Q均匀分布在半径为R的金属球面上。以球心O为原点建立x轴，沿x轴上各点的电势用φ表示。选取无穷远处电势为零，在下列关于x轴上各点电势φ随位置x的变化关系图中选出正确的一项并说明理由。

35、家用电熨斗的铭牌上标有“220V400W”．求:

(1)电熨斗正常工作时的电流；（保留到小数点后两位）

(2)电熨斗正常工作30分钟消耗的电能．参考答案一、选择题(共7题，共14分)1、C【分析】【详解】

AB．带电粒子的电性和电场力做功的正负均未知；所以各等势面的电势高低未知，电场线的方向未知，AB错误；

C．因为和在同一个等势面上，电势差根据电场力做功可知电场力对带电粒子做功为0；C正确；

D．根据题意可得两点的电势差与两点之间的电势差相等，根据电场力做功可知D错误。

故选C。2、B【分析】【分析】

【详解】

A．甲图中，使导体棒AB顺着磁感线方向运动，AB不切割磁感线，故不能产生感应电流，另外也可以从保持穿过ABCD中的磁感线条数不变的角度看；磁通量没变化，故也不产生感应电流，A错误；

B．乙图中；使条形磁铁匀速穿过线圈，在磁铁从上向下穿过时，穿过线圈的磁通量会变化，故产生感应电流，B正确；

C．丙图中；开关S闭合后，A；B螺线管相对静止一起竖直向上运动，两线圈没有相对运动，B中的磁通量没变化，故不产生感应电流，C错误；

D．丙图中；开关S保持闭合，使小螺线管A在大螺线管B中保持不动时也不会使B中的磁通量变化，故也不能产生感应电流，D错误。

故选B。3、C【分析】【分析】

【详解】

A．法拉第发现了电磁感应现象；并没有预言电磁波存在并建立完整的电磁场理论，故A错误；

B．奥斯特发现了电流的磁效应；故B错误；

C．建立完整电磁场理论并首先预言电磁波存在的科学家是麦克斯韦；故C正确；

D．赫兹用实验验证了电磁波的存在；故D错误；

故选C。4、B【分析】【详解】

A．点电荷所在位置如图所示。

可知点电荷带负电；故A错误；

B．由几何关系可知，两点到点电荷的距离之比为

故B正确；

C．点电荷在点产生的电场强度大小为

点电荷在点产生的电场强度大小为

联立可得

故C错误；

D．由于点电荷带负电，可知离负点电荷越远，电势越高，故点的电势高于点的电势；故D错误。

故选B。5、D【分析】【详解】

根据直角三角形AB边长度为a，可得

质子仅受电场力作用从A运动到B动能增加由动能定理可得

从A运动到C动能增加有

则在AC线的中点D是B点的等势点；做出等势线，再做垂线画出电场线，如图所示。

由几何关系可知，匀强电场的场强为

故选D。6、A【分析】【详解】

带电小球静止时，由平衡条件得

AB．保持开关S闭合时，两极板间电压不变，将M板向N板靠近，两极板间的距离减小，由公式

得知电场强度增大，小球所受电场力增大使得增大；B错误，A正确；

CD．若开关S断开，两极板上的电荷量不变，将M板向N板靠近，两极板间的距离减小，由公式

得

可知电场强度不变，所以小球所受电场力不变，故也不变；CD错误。

故选A。7、C【分析】【详解】

平行板电容器与静电计并联，电容器所带电量不变。增大电容器两极板间的距离d时，由电容的决定式知，电容C变小；Q不变，则根据电容的定义式知，电容C变小，Q不变，则U变大；根据电场强度不变；故选C。二、多选题(共9题，共18分)8、A:D【分析】【详解】

A．O点到A球的间距OA=2L，因此AB=4L，依据库仑定律，那么A、B间的库仑力为

A正确；

B．各自对A、B受力分析，如图所示

依据矢量的合成法则，结合三角知识，则有

根据库仑定律，则库仑力大小相等，即

因此A；B两球的质量之比为3：1；B错误；

C．根据

根据库仑定律，则库仑力大小相等，即

A、B两球的绳子的拉力之比为C错误；

D．根据库仑定律可知；库仑力与各自电量的乘积成正比，与各自电量无关，即使仅互换A；B两球的带电量，则A、B两球位置将处于同一水平线上，D正确。

故选AD。9、A:B:C【分析】【详解】

液滴原来处于平衡状态，重力和静电力平衡，电路为R2与R3串联，再与灯泡L并联，干路上有R1和内阻r.灯泡L的灯丝突然烧断,相当于其电阻变大，总电阻变大，据则总电流变小，C、D、由得电容器的电压增大，故液滴受到的电场力增大，液滴向上运动，C正确、D错误．A、B、由可知电流表示数增大，由知电压表的示数变大；A正确，B正确.故选ABC.

【点睛】

本题是电路动态分析问题，关键是理清电路，根据路串并联知识和闭合电路欧姆定律得到各个部分电路电流和电压的变化．注意电源输出功率的大小与内外电阻的大小关系决定．10、B:D【分析】【分析】

【详解】

AB．曲线运动受力方向指向曲线凹的一侧，若粒子带正电，则电场方向竖直向下，沿电场线方向电势降低，可知点电势比点电势低；若粒子带负电，则电场方向竖直向上，沿电场线方向电势降低，可知点电势比点电势低；选项A错误，B正确；

CD．若粒子带负电，则粒子在点电势能比点电势能高，根据能量守恒可知粒子在点的动能比点的动能小；若粒子带正电，则粒子在点电势能比点电势能低，根据能量守恒可知粒子在点的动能比点的动能大。选项C错误；D正确。

故选BD。11、B:D【分析】【详解】

A．由图，a粒子的轨迹方向向右弯曲，a粒子所受电场力方向向右，b粒子的轨迹向左弯曲，b粒子所受电场力方向向左；两粒子带电性相反，由于电场线方向未知，无法判断粒子的电性，故A错误；

B．由题，a所受电场力逐渐减小，加速度减小，b所受电场力增大；加速度增大，故B正确；

C．已知MN=NQ，由于MN段场强大于NQ段场强，所以MN两点电势差|UMN|大于NQ两点电势差|UNQ|。故C错误；

D．根据电场力做功公式W=Uq

可知|UMN|>|UNQ|

a粒子从等势线2到3电场力做功小于b粒子从等势线2到1电场力做功，所以a粒子到达等势线3的动能变化量比b粒子到达等势线1的动能变化量小；故D正确。

故选BD。12、A:C【分析】【详解】

AB．由图可知；电容器上极板带正电，故A正确，B错误；

CD．根据

代入数据得

故C正确；D错误。

故选AC。13、B:C【分析】【详解】

A．根据机械能随角度的变化图像可知；当小球转过的角度为240°时，小球机械能最小，电场力做的负功最多，说明电场力的方向与水平方向的夹角为30°斜向左下，A错误；

B．根据动能随角度的变化图像可知，当小球转过的角度为210°时，小球的动能为零，说明此时小球在等效最高点，有

解得

对小球从B点到等效最高点的过程，在竖直方向移动的距离为沿电场力方向移动的距离为根据动能定理有

解得

B正确；

C．当小球转过的角度为60°时，电场力做的正功最多，根据功能关系有

解得

C正确；

D．从B点到A点根据动能定理有

解得

在A点竖直方向上根据牛顿第二定律有

解得

D错误。

故选BC。14、B:D【分析】【详解】

AB．当滑动变阻器滑动端向右滑动后，变阻器接入电路的电阻增大，外电路总电阻增大，则总电流减小．所以电流表A2的示数减小，根据串联电路分压的特点分析可知，并联部分电压增大，即电压表V的示数增大，R1的电流变大，则电流表A1读数减小；故A错误，B正确；

C．根据并联电路的电流规律I2=I1+IR1

A2的示数I2变小，通过定值电阻IR1的电流增大，则A1的示数I1变小，所以△I1一定大于△I2；电压表测量路端电压，根据闭合电路欧姆定律U=E﹣I2r

可知

而△I1大于△I2，所以＜r

故C错误；

D．当外电路的电阻等于电源内阻时电源输出功率最大，因R1＝r，且R2与R1并联，当R2增大时，外电阻逐渐接近于r；可知电源的输出功率逐渐增大，选项D正确。

故选BD。15、A:D【分析】AD【关键能力】本题考查了含电容器的电路问题；意在考查考生的模型建构能力和逻辑推理能力。

【解题思路】初始时，S1闭合，S2断开，则电容器两极板间的电压为，又R1=R、r=R，则U=号，由于液滴静止不动，则，如果仅减小两极板的正对面积，则U不变，液滴受力仍平衡，保持静止，A正确；如果仅将上极板向上移动少许，则d增大，两极板间的电场强度减小，P点与下极板间的电势差减小，P点的电势降低，B错误；若闭合S2，外电路的电阻为，电容器两极板间的电压为，S2闭合前，电容器所带的电有量为；S2闭合后，电容器所带的电荷量为，则电容器所带的电荷量减少了，C错误：S2闭合后，由牛顿第二定律得，由以上整理解得，D正确。16、A:C【分析】由题意可知，物块从静止沿斜面向上运动，说明重力的下滑分力大于最大静摩擦力，因此物体不可能最终停于A点，故A正确；物体接触弹簧后，还要继续加速，直到弹力与重力的分力相等时，达到最大速度；故最大速度在A点下方；故B错误；由于运动过程中存在摩擦力，导致摩擦力做功，所以物体第一次反弹后不可能到达B点，故C正确；根据动能定理可知，从静止到速度为零，则有重力做功等于克服弹簧弹力做功与物块克服摩擦做的功之和，则重力势能的减小量大于物块克服摩擦力做功。故D错误；三、填空题(共9题，共18分)17、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）电容器的电容由电容器本身决定；所以放电后的电容器所带电荷量为零，电容不为零，故错误；

（2）电容器所带的电荷量是指任意一个极板所带电荷量；故错误；

（3）电容表示电容器容纳电荷的能力；在竖直上等于1V电压下极板所带的电荷量，故错误；

（4）电容器的电容由电容器本身决定；极板间的电压和电荷量无关，电容的大小等于电容器所带的电荷量与极板间的电压的比值，故错误；

（5）电容器的电容由电容器本身决定；极板间的电压和电荷量无关，电容的大小等于电容器所带的电荷量与极板间的电压的比值，故错误；

（6）公式只能计算平行板电容器的电容；故错误；

（7）将电介质插入平行板电容器时；电容器的电容将变大，故错误；

（8）任何两个彼此绝缘而又相互靠近的导体都能组成电容器；而且跟这两个导体是否带电无关，故正确；

（9）电容器任意一个极板上所加的都电压不能超过击穿电压，故错误。【解析】①.错误②.错误③.错误④.错误⑤.错误⑥.错误⑦.错误⑧.正确⑨.错误18、略

【分析】【详解】

根据电阻定律因为两导线长度之比为1∶2，横截面积之比为3∶4，电阻率之比为5∶6，所以可得它们的电阻之比为5:9

故答案为5:9【解析】5︰919、略

【分析】【详解】

（1）断开开关后Q不变；将A板向左移动时，电容C减小，根据Q=CU，两板间电压增大，根据U=Ed，板间电场强度增大，加速度增大，故粒子打在N点左侧；

（2）断开开关后；Q不变，将A板上移一段距离后，板间电场强度不变，加速度不变，故粒子仍打在N点；

（3）若开关接2时，电压减小，则E减小，加速度减小，则打在极板所用的时间增大；故粒子将打在N的右侧．【解析】N点左侧N点N点右侧20、略

【分析】【详解】

[1][2]根据可知故图像是过原点的直线。

类比直线运动中由v–t图像求位移的方法，求两极间电压为U时电容器所储存的电场能【解析】21、略

【分析】【分析】

【详解】

略【解析】①..G②.灵敏电流③.满偏电压Ug④.Ug=IgRg⑤.串联⑥.较大⑦.并联⑧.较小22、略

【分析】【详解】

[1]．设电池的负极的电势为0，电容的下极板的电势不变，则上极板的电势变化范围为电容器两极板的电压的变化范围：即

则通过A2的电量为Q=C△U=6.4×2×10-6=1.28×10-5C

[2]．A1的读数为通过R1的电流，其值则R增大，电流变小．【解析】1.28×10‐5C一直减小23、略

【分析】【详解】

[1]反映磁场的力的性质的物理量是磁感应强度；

[2]匀强磁场的磁感线是平行的等间距直线。【解析】磁感应强度等间距24、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]由题意可知；大环与小环虽然面积不同，但穿过线圈的磁场面积相同，且磁感应强度相同，所以穿过两环的磁通量相等，即。

【解析】等于25、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]微波通信；卫星通信、光纤通信都是用电磁波来传递信息；故用卫星转播春晚实况是利用电磁波来传递信息的；

[2]声音是由物体的振动产生的，主持人的说话声是靠声带振动产生的。【解析】电磁波振动四、作图题(共3题，共30分)26、略

【分析】【分析】

【详解】

连接BC，过A点作BC的平行且与BC线段相等的线段AD，将AD分成两等份，找出B点的等势点，即E点，电势为11V，连接BE，则BE为等势线；电场线与等势线垂直，由高电势指向低电势，如图所示。

【解析】27、略

【分析】【详解】

第一幅图中线圈内部磁场垂直纸面向外；根据右手定则可以判断，电流为逆时针；第二幅图中，磁场向上，根据右手定则可以判断，左端电流垂直纸面向外，右端电流垂直纸面向里。

【解析】第一幅图中电流为逆时针；第二幅图左端电流垂直纸面向外；右端电流垂直纸面向里。

28、略

【分析】【分析】

【详解】

（1）在图（1）中；已知小磁针静止时N极的指向，由直线电流的安培定则，可知直线中的电流方向向下，如图所示。

（2）在图（2）中；已知小磁针静止时N极的指向，由环形电流的安培定则，可知环形电流方向从左向右看是顺时针方向，如图所示。

（3）在图（3）中；已知螺线管内小磁针静止时N极的指向，由通电螺线管的右手螺旋定则可知，螺线管中的电流方向从左端导线流入，右端导线流出，如图所示。

（4）在图（4）中，已知磁感线的方向，由安培定则可知，环形电流方向沿逆时针方向，如图所示。【解析】五、实验题(共4题，共8分)29、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1]当表笔接通C时，表头的量程一定，因两电阻串联，则通过这两个电阻的最大电流较小，而当表笔接通B时，电流计与R2串联，虽电流计的量程一定，但R1的电压增大，则通过R1的最大电流较大；因此当表笔接通B时电流表的量程