：河北省定州市2022-2023学年八年级下学期期末考试物理试题（解析版）

学而优教有方河北省定州市2022-2023学年八年级下学期期末考试物理试题一、选择题。（本大题共20个小题，共计43分。1-17小题为单选题，每小题只有一个选项符合题意，每小题2分；18-20小题为多项选择题，每小题中至少有两个选项符合题意，全部选对得3分，选对但不全的得2分，有错选或不选的不得分）1.在国际单位制中，功率单位是（）A.瓦特 B.牛顿 C.焦耳 D.帕斯卡【答案】A【解析】【详解】A．为了纪念瓦特，用他的名字命名功率的单位，故A符合题意；B．为了纪念牛顿，用他的名字命名力的单位，故B不符合题意；C．为了纪念焦耳，用他的名字命名功的单位，故C不符合题意；D．为了纪念帕斯卡，用他的名字命名压强的单位，故D不符合题意。故选A。2.下列有关力的说法正确的是（）A.两个力属于一对相互作用力，则这两个力的三要素完全相同B.用力捏橡皮泥，橡皮泥发生形变，说明力可以改变物体的形状C.重力、支持力、摩擦力都属于弹力D.力是维持物体运动状态不变的原因【答案】B【解析】【详解】A．两个力属于一对相互作用力，则这两个力的大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，作用在两个物体上，所以三要素不完全相同，故A错误；B．力可以改变物体的形状，例如用力捏橡皮泥，橡皮泥发生形变，故B正确；C．支持力是由于支撑面发生弹性形变而产生的力属于弹力，重力是物体由于地球的吸引而受到的力，不属于弹力，摩擦力不是由于物体发生弹性形变而产生的，不属于弹力，故C错误；D．力是改变物体运动状态的原因，不是维持物体运动状态不变的原因，故D错误。故选B。3.如图所示，有关惯性现象的解释正确的是（）A.汽车安全气囊能减小驾驶员的惯性B.被打出去的那个棋子是因为没有惯性C.松了的锤头能紧套在锤柄上，是由于锤头向下运动时具有惯性D.钢球没有随塑料片一起运动，是因为钢球要保持原来的运动状态【答案】CD【解析】【详解】惯性是物体保持原有运动状态不变的性质，一切物体都具有惯性，惯性的大小与质量有关，质量越大，惯性越大。A．汽车安全气囊能不能减小驾驶员的惯性，只能减小惯性带来的危害，故A错误；B．被打出去的那个棋子也具有惯性，故B错误；C．松了的锤头能紧套在锤柄上，是因为向下运动的锤柄受到凳子的阻力停止运动，锤头由于惯性继续向下运动而紧套在锤柄上，故C正确；D．钢球没有随塑料片一起运动，是因为钢球具有惯性，要保持原来的向下运动的状态而往下落。故D正确。故选CD。4.如图所示的四幅图中，通过增大压力的方法增大摩擦力的是（）A.轮胎表面刻有花纹 B.写字时用力C.行李箱底部装有轮子 D.滚动轴承【答案】B【解析】【详解】A．轮胎表面刻有花纹，是在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力，故A不符合题意；B．写字时用力，是在接触面粗糙程度一定时，通过增大压力来增大摩擦力，故B符合题意；C．行李箱底部装有轮子，是用滚动代替滑动的方法来减小摩擦力，故C不符合题意；D．滚动轴承，是用滚动代替滑动的方法来减小摩擦力，故D不符合题意。故选B。5.小华与小明两位同学要测量各自上楼的功率，以下物理量中不需要测量的是（）A.各自的质量 B.楼梯的高度 C.各自的身高 D.上楼的时间【答案】C【解析】【详解】上楼的过程是克服其重力做功的过程，上楼时的功率所以需要测量的物理量有小华与小明的质量、楼梯的竖直高度、登楼所用的时间，不需要测量各自的身高。故ABD不符合题意，C符合题意。故选C。6.如图所示的用具中，在使用时属于省力杠杠的是（）A.筷子 B.核桃夹C.钓鱼竿 D.天平【答案】B【解析】【详解】A．筷子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故A不符合题意；B．核桃夹在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，故B不符合题意；C．钓鱼竿在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，故C不符合题意；D．天平在使用过程中，动力臂等于阻力臂，是等臂杠杆，故D不符合题意。故选B。7.如图所示，下列实例中，目的是减小压强的是（）A.甲、丁 B.甲、丙 C.乙、丁 D.乙、丙【答案】B【解析】【详解】甲：感到舒服的吊床，是在压力一定时通过增大受力面积来减小压强的；乙：啄木鸟的尖嘴，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强的；丙：越野汽车宽大的轮子，是在压力一定时通过增大受力面积来减小压强的；丁：剪刀有锋利的刃，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强的。故目的是减小压强的实例是甲和丙。故B符合题意，ACD不符合题意。故选B。8.如图所示的四个实例中，主要利用连通器原理工作的是（）A.吸盘 B.水翼船C.船闸 D.水泵【答案】C【解析】【详解】A．吸盘是利用大气压工作的，与连通器原理无关，故A不符合题意；B．水翼船利用的是流体压强与流速的关系，与连通器原理无关，故B不符合题意；C．船闸的上游与闸室下面通过阀门相通，当下游阀门关闭，上游阀门打开，上游与闸室内的水位逐渐相平，打开上游闸门，船就可以进入闸室；同理，船再进入下游，就通过了船闸，船闸使用了连通器原理，故C符合题意；D．水泵是利用大气压强工作的，和连通器无关，故D不符合题意。故选C。9.如图所示，正方体木块对接触面的压力表示正确的是A. B. C. D.【答案】D【解析】【分析】压力是指垂直作用在物体表面上的力，压力的方向垂直于接触面指向受压物体．据此分析即可解答．【详解】A、正方体木块对接触面的压力的作用点应该在木块与接触面的中点上，而图中压力的作用点画在了物体的重心上，故A错误；B、正方体木块对接触面的压力的作用点应该在木块与接触面的中点上，方向垂直于接触面指向受压物体，图中压力的作用点和方向都不对．故B错误；C、正方体木块对接触面的压力的作用点应该在木块与接触面的中点上，方向垂直于接触面指向受压物体，图中压力的作用点和方向都不对．故C错误；D、正方体木块对接触面的压力的作用点在木块与接触面的中点上，方向垂直于接触面指向受压物体，故D正确．故选D．10.小阳同学对自己身体相关的物理量估测符合实际的是（）A.体重约为500N B.身高约为1.60cmC.步行的速度约为5m/s D.眨眼一次时间约为5s【答案】A【解析】【详解】A．正常情况下，一位中学生的质量大约是50kg，体重大约是500N，故A符合题意；B．中学生的平均身高大约在160cm左右，故B不符合题意；C．中学生正常步行的速度大约是1.1m/s，故C不符合题意；D．正常人眨一次眼的时间不到0.5s，故D不符合题意。故选A。11.随着我国人民生活水平的不断提高，汽车已逐渐进入寻常百姓家庭。如图所示，大多数汽车的外形截面类似于飞机机翼的纵截面（俗称“流线型”）。当汽车在高速公路上高速行驶时，对地面的压力会减小，汽车可能出现“发飘”的现象。下列关于汽车“发飘”原因解释正确的是（）A.汽车上方空气流速比下方小，上方气体压强比下方大B.汽车上方空气流速比下方小，上方气体压强比下方小C.汽车上方空气流速比下方大，上方气体压强比下方大D.汽车上方空气流速比下方大，上方气体压强比下方小【答案】D【解析】【分析】【详解】等质量的空气在相同的时间内同时通过轿车的上表面和下表面，由于轿车上表面弯曲，下表面平直，所以空气通过轿车上表面的流速大，通过下表面的流速较小，流体中流速越大的地方压强越小，流速越小的地方压强越大，形成向上的压强差即压力差，产生上托的力，故D正确。故选D。12.如图所示实验装置，水平地面上的甲物体重20N，乙物体重15N，静止时不计弹簧测力计自重，则弹簧测力计的示数和甲对地面的压力为（）A.20N20N B.15N20N C.0N5N D.15N5N【答案】D【解析】【详解】AC．乙由于自身的重力对弹簧测力计施加了一个向右的15N的拉力，因弹簧测力计处于静止状态，水平方向上受到的力是一对平衡力，所以甲也对弹簧测力计施加了一个15N的拉力，则弹簧测力计的示数，故AC不符合题意；BD．甲受到竖直向上的拉力、竖直向上的支持力和竖直向下的重力，这三个力是平衡力，所以，受到的支持力为因支持力和压力是一对相互作用力，大小相等，所以甲对地面的压力故B不符合题意，故D符合题意。故选D。13.小亮利用细钢针、量筒和适量的水测量一个形状不规则的小蜡块的密度。小亮正确的测量过程如图甲、乙、丙所示，图中V0、V1、V2分别是量筒中水面所对应的示数，细钢针浸入水中的体积忽略不计。已知水的密度为ρ水，则下列四个选项中，小蜡块密度ρ蜡的表达式正确的是（）A. B.C. D.【答案】B【解析】【详解】小蜡块漂浮在水面上，受到的重力等于排开水的重力，由图甲和乙可知，小蜡块的质量等于它排开水的质量，所以m＝m排水＝（V1﹣V0）ρ水由甲和丙可知，小蜡块的体积为V＝V2﹣V0所以小蜡块的密度故B正确，ABD错误。故选B。14.如图所示，放在同一水平桌面上的两个相同容器，分别盛有甲、乙两种液体，现将同一木块分别放入两容器中，当木块静止时两容器中液面相平。两种情况相比，下列判断正确的是（）A.木块在甲液体中和乙液体中下表面受到的液体压力相等B.木块在甲、乙液体中受到的浮力相等C.甲液体比乙液体的密度大D.两容器对桌面的压强相等【答案】B【解析】【详解】AB．同一木块在甲中悬浮，则F浮甲＝G木；木块在乙中漂浮，则F浮乙＝G木，比较可知F浮甲＝F浮乙，即木块受到的浮力一样大；根据浮力产生的原因可知F浮＝F向上﹣F向下则木块下表面受到的压力F向上＝F浮+F向下由图可知，木块在甲液体中上表面受到向下的压力大于0，木块在乙液体中上表面受到向下的压力为0，所以木块在甲液体中下表面受到的压力大于木块在乙液体中下表面受到的压力，故A错误，B正确；C．木块在甲中悬浮，则ρ甲＝ρ木；木块在乙中漂浮，则ρ乙＞ρ木，所以，ρ乙＞ρ甲，故C错误；D．因容器相同、液面等高，则液体和物体浸入部分的总体积相等，即V甲+V排甲＝V乙+V排乙由图可知：V排甲＞V排乙；则V甲＜V乙，由C项可知ρ乙＞ρ甲，根据m=ρV可得：m甲＜m乙；根据G=mg可知：G甲＜G乙；根据容器对桌面的压力等于容器的重力和容器内部物体重力之和可得F甲＝G容器+G甲+G木F乙＝G容器+G乙+G木所以，F甲＜F乙，因为容器底面积S相同，由可知，乙容器对桌面的压强大，故D错误。故选B。15.如图所示的三种场景中，拉力F1、F2、F3大小相等，在拉力的作用下物体移动的距离也相等．若拉力所做的功分别记为W1、W2、W3，下列关于它们大小关系的判断中正确的是A.W1=W2=W3 B.W1=W2＜W3C.W2＜W1=W3 D.W1＜W2＜W3【答案】B【解析】【详解】由图可见，第一幅图中滑轮为定滑轮，它的特点是不省力，不省距离，所以拉力移动的距离等于物体移动距离为s，拉力做的功为：W1＝F1s；第二幅图中，拉力移动的距离也等于物体移动距离为s，拉力做的功为：W2＝F2s；第三幅图中滑轮为动滑轮，可以省一半力，但是费距离，拉力移动距离为2s，拉力做的功为：W3＝F32s．又因为拉力F1、F2、F3大小相等，所以综上分析可得：W1＝W2＝Fs＜W3＝2Fs．故B正确，ACD错误．16.如图所示，用滑轮组提升重为400N的物体。在拉力F的作用下，绳子自由端在10s的时间竖直向上匀速移动了3m，滑轮组的额外功是100J。对于这一过程，下列说法正确的是（）A.滑轮组提升物体所做的有用功是1200J B.拉力F的功率是50WC.滑轮组的机械效率是75% D.动滑轮所受的重力为100N【答案】B【解析】【详解】A．由图可知，承担物重绳子的股数是n＝3物体上升的高度滑轮组提升物体所做的有用功W有用＝Gh＝400N×1m＝400J故A错误；B．拉力的总功W总＝W有用+W额＝400J+100J＝500J拉力做功的功率故B正确；C．滑轮组的机械效率故C错误；D．不计绳重和摩擦，提升动滑轮做的功为额外功，动滑轮的重力但题中未说明不计绳重和摩擦，因此动滑轮的重力小于100N，故D错误。故选B。17.如图所示，某物理小组同学在测试无人机负重飞行能力。测试时将物体M固定在无人机上，并控制无人机完成以4m/s的速度匀速上升、在空中悬停、以2m/s的速度匀速下降三个阶段的项目测试。并利用系统软件记录多次测量的相关信息，做出测评报告。下列说法中正确的是（）A.匀速上升阶段，物体M不受重力作用B.匀速上升阶段，物体M的动能转化为重力势能C.匀速下降阶段，物体M的机械能变小D.物体M匀速上升阶段动能等于匀速下降阶段的动能【答案】C【解析】【详解】A．地球周围的一切物体都会受到重力作用，匀速上升阶段，物体M受重力作用，故A错误；B．匀速上升阶段，物体M的质量不变，速度不变，动能不变，高度增加，重力势能增加，物体M的动能没有转化为重力势能，故B错误；C．匀速下降阶段，物体M的质量不变，速度不变，动能不变，高度降低，重力势能减小，物体M的机械能变小，故C正确；D．物体M匀速上升阶段的和匀速下降阶段的质量相同，匀速上升的速度大于匀速下降的速度，所以物体M匀速上升阶段的动能大于匀速下降阶段的动能，故D错误。故选C。18.物理制作与实验是充满智慧的，同时也是充满乐趣的。下列有关物理制作和实验的说法正确的是（）A.A管中水面上升，是因为流体中流速越大的地方压强越大B.把图中自制气压计从山下移到山顶，细管内的水柱上升C.图中水不流出来是由于纸片和水之间引力的作用D.图中密度计在液体中漂浮时所受浮力等于自身重力【答案】BD【解析】【详解】A．A管中水面上升，是因为流体中流速越大的位置压强越小，故A错误；B．把水气压计从山下带到山上，瓶内空气的压强不变，而外界大气压随高度的增加而减小，此时在瓶内气压的作用下会有一部分水被压入玻璃管，因此管内水柱会升高，故B正确；C．盖在杯口的纸片能托住倒过来的一满杯水而不洒出，是因为大气压支持着杯内的水，故C错误；D．密度计测液体密度时，都是漂浮的，所以浮力都等于重力，故D正确。故选BD。19.一个小球从A点由静止开始下落，速度越来越大，相继经过B、C两点，如图所示。若A、B两点间的距离等于B、C两点间的距离，则下列说法中正确的是（）A.小球在下落过程中受力平衡B.小球在下落过程中重力做功C.小球所受的重力在AB段做的功等于在BC段做的功D.小球所受的重力在AB段做功的功率大于在BC段做功的功率【答案】BC【解析】【详解】A．小球在下落过程中，速度越来越大，其运动状态发生改变，受力不平衡，故A错误；B．小球在下落过程中受到重力作用，且在重力方向上有距离，故重力做功，故B正确；C．根据功的计算公式：W=Fs，小球所受的重力不变，移动的距离相等，故重力在AB段做的功等于在BC段做的功，故C正确；D．根据公式，小球所受的重力在AB段做功等于在BC段做的功，但在BC段的时间小，故重力在AB段的功率小于在BC段做功的功率，故D错误。故选BC。20.某同学探究“影响滑轮组的机械效率的因素”，他用质量相同的滑轮做了如图所示的实验，并测算了各次实验的机械效率（如图），则下列相关说法中错误的是（）A.实验中增大匀速拉动时的速度可以提高装置的机械效率B.根据甲、乙两次实验可知：滑轮组的机械效率与绳子的绕法有关C.根据乙、丙两次实验可知：同一滑轮组，提升的物体越重，机械效率越高D.实验时，换用不同装置进行多次实验，目的是为了求平均值减小误差【答案】ABD【解析】【详解】A．滑轮组的机械效率因此滑轮组的机械效率与拉动时的速度无关，故A错误，符合题意；B．甲、乙两次实验中绳子绕法不同，提升物重相同，机械效率都是70%，因此，说明滑轮组的机械效率与绳子的绕法无关，故B错误，符合题意；C．乙、丙两次实验可知用的是同一滑轮组，丙中提升的物重大，②的机械效率小于③，说明同一滑轮组提起物重越大，机械效率越高，故C正确，不符合题意；D．为避免实验的偶然性，应换用不同的装置进行多次实验归纳得出普遍规律，故D错误，符合题意。故选ABD。二、填空及简答题。（本大题共8个小题，每空1分，共21分）21.如图所示，小宣同学利用定滑轮提起重力为200N的物体，定滑轮本质上是______杠杆（选填“等臂”、“省力”或“费力”），他向右行走时，物件匀速上升，绳子拉力F的大小将______（选填“变大”、“变小”或“不变”）。【答案】①.等臂②.不变【解析】【详解】[1][2]定滑轮，轴的位置固定不动的滑轮，从本质上是等臂杠杆，不省力也不费力，他向右行走时，物件匀速上升，绳子拉力F将不变。22.如图所示，用手握住装有水的杯子静止在空中，杯子所受摩擦力的方向为______；若增大手的握力，杯子所受摩擦力______。（选填“增大”“不变”或“减小”）【答案】①.竖直向上②.不变【解析】【详解】[1][2]杯子被握在手中，处于静止状态，杯子在竖直方向上，受到竖直向下的重力和竖直向上的摩擦力，这两个力是平衡力，大小相等，方向相反，摩擦力竖直向上，若增大手的握力，仍平衡，摩擦力等于重力，杯子所受摩擦力不变。23.2023年5月30日9时31分，搭载神舟十六号载人飞船的长征二号F遥十六运载火箭在酒泉卫星发射中心发射升空，当神舟十六号载人飞船加速上升时，动能______，重力势能______，机械能______。（均选填“变大”“变小”或“不变”）【答案】①.变大②.变大③.变大【解析】【详解】[1]动能与质量和速度有关，当神舟十六号载人飞船加速上升时，质量不变，速度变大，动能变大。[2]重力势能与质量和高度有关，当神舟十六号载人飞船加速上升时，质量不变，高度变大，重力势能变大。[3]机械能是动能和重力势能的总和，动能变大，重力势能变大，所以机械能也变大。24.第19届亚运会将于2023年9月23日至10月8日在我国杭州举办。射箭运动员积极备战训练，弓弦被手拉弯时发生的是______形变，松手后箭被射出，说明力可以改变物体的______，同时弓的______能转化为箭的动能。【答案】①.弹性②.运动状态③.弹性势【解析】【详解】[1]射箭运动员积极备战训练，弓弦被手拉弯时，松手后弓弦恢复原状，因此发生的是弹性形变。[2]松手后箭被射出，箭的速度变大，说明力可以改变物体的运动状态。[3]弓弦被手拉弯时，具有弹性势能，最后转化为箭的动能。25.如图所示，将空的饮料罐开口朝上，缓缓按入装满水的桶中（饮料罐未浸没），桶中水不断溢出，此过程中手用力的大小将______，饮料罐受到浮力的大小将______，水桶底部受到桶内水的压强将______。（以上均选填“变大”“不变”或“变小”）【答案】①.变大②.变大③.不变【解析】【详解】[1][2][3]将空的饮料罐开口朝上，缓缓按入装满水的桶中（饮料罐未浸没），桶中水不断溢出，饮料罐排开的液体的体积逐渐变大，根据此过程中饮料罐受到的浮力将逐渐变大，饮料罐受力情况为浮力大小逐渐变大，重力大小不变，故手用力的大小将逐渐变大；桶底受到水的压强大小和液体的深度有关，由于将空的饮料罐开口朝上，缓缓按入装满水的桶中，桶中的水的深度不变，故根据可知水桶底部受到桶内水的压强将不变。26.如图所示，放在水平桌面上的甲、乙两柱形容器都装有质量相同的水，水对容器底部的压力分别为F甲、F乙，水对容器底部的压强分别为p甲、p乙。请分析判断。（1）F甲______F乙（填“＞”、“＜”或“＝”）；（2）p甲______p乙（填“＞”、“＜”或“＝”）。【答案】①.＝②.＜【解析】【详解】[1]根据V＝Sh、p＝ρgh和F＝pS可得，柱形容器中水对容器底部的压力F＝p水S＝ρ水ghS＝ρ水gV水＝m水g因两容器中水的质量相等，所以水对容器底的压力关系为F甲＝F乙[2]由图可知，甲柱形容器中水的深度小于乙中容器中水的深度，由p＝ρ水gh可知，甲中水对容器底部的压强小于乙中水对容器底部的压强，即p甲＜p乙27.如图所示，重为4N的木块A，在水中处于静止状态，此时绳子的拉力为1N，木块A所受浮力的大小是______N，木块的体积是______m3。木块的密度是______kg/m3（g取10N/kg）。【答案】①.5②.5×10-4③.0.8×103【解析】【详解】[1]对图中静止的木块进行受力分析可知，受到竖直向上的浮力，竖直向下绳子的拉力和重力，由力的平衡条件可得，木块受到的浮力F浮=G+F拉=4N+1N=5N[2]因木块浸没水中时，排开水的体积和自身的体积相等，所以，由F浮=ρgV排可得，木块的体积[3]木块的密度28.利用如图所示的滑轮组，用F=100N的力水平拉绳子自由端，不计绳、弹簧测力计和滑轮重，货物A以0.1m/s的速度匀速直线运动10s，则弹簧测力计的示数为______N；整个过程中，滑轮组的机械效率为70%，这个过程中拉力F的功率为______W，水平地面对货物A的摩擦力为______N。【答案】①.100②.30③.210【解析】【详解】[1]根据题图滑轮组的特点可知，不计绳、弹簧测力计和滑轮重，水平拉力F=100N，则弹簧测力计的示数为100N。[2]由图可知，滑轮组绳子承重股数为n=3，绳子自由端的速度为则拉力F的功率为[3]不计绳、弹簧测力计和滑轮重，根据可知，水平地面对货物A的摩擦力为三、作图与实验探究题。（本大题共4小题，29小题4分，30小题8分，31小题、32小题各6分，共24分）29.自行车的手闸，其中ABO部分可视为一种杠杆，其简化示意图如图所示，O为支点，为阻力，请在图中画出：①作用在A点的最小动力；②阻力的力臂。【答案】【解析】【详解】①②由杠杆平衡条件可知，在阻力与阻力臂的乘积一定时，动力臂越长，动力越小，O为支点，因此OA作为动力臂最长，动力的方向应该向下，过A点垂直于OA向右作出最小动力F1的示意图；从支点O做阻力F2作用线的垂线，即为阻力臂l2，如图所示：30.在下图中画出提升重物最省力的绳子的绕法。【答案】【解析】【详解】从动滑轮的挂钩开始依次绕绳子，最后有三段绳子承担物重，这是最省力的绕法。如图所示：31.小阳同学利用如图所示的实验装置，进行了如下实验：（1）分析数据可知，金属块浸没在水中时受到的浮力大小是______N；（2）分析实验步骤a、c、d可知，在同种液体中，物体所受浮力大小与物体浸没在液体中的深度______（选填“有关”或“无关”）。分析三个实验步骤______（填序号）可知，在同种液体中，物体排开液体的体积越大，物体受到的浮力越大；分析实验步骤a、d、e可知，在物体排开液体的体积一定时，液体密度越大、物体受到的浮力越______；（3）若先完成步骤c，再完成步骤a，则测得的浮力将______（选填“偏大”或“偏小”）；（4）由图示实验数据得出盐水的密度为______kg/m3；[拓展]小阳同学还想探究“物体受到的浮力大小与其形状是否有关”。于是找来薄铁片、烧杯和水进行实验，实验步骤如下：步骤一：将铁片放入盛水的烧杯中，铁片下沉至杯底；步骤二：将铁片弯成“碗状”再放入盛水的烧杯中，让它漂浮在水面上；①通过分析可知，第一次铁片受到的浮力______（选填“大于”、“小于”或“等于”）第二次铁片受到的浮力；②小阳得到的结论是：物体受到的浮力大小与其形状有关，他得出错误结论的原因是______。【答案】①.2②.无关③.a、b、c④.越大⑤.偏大⑥.1.1×103⑦.小于⑧.没有控制排开相同体积的液体【解析】【详解】（1）[1]由a、c或a、d，根据称重法知金属块浸没在水中时受到的浮力大小是F浮＝G﹣F＝4.8N﹣2.8N＝2N（2）[2]分析a、c、d三次实验知道，液体的密度和排开液体的体积相同，金属块浸没在水中深度增加，弹簧测力计的示数不变，由称重法可知，金属块所受浮力不变，说明浮力大小跟物体浸没在液体中的深度无关。[3]分析三个实验步骤a、b、c知道，在同种液体中，物体排开液体的体积越大，物体受到的浮力越大。[4]分析a、d、e三次实验知道，排开液体的体积相同，液体的密度不同，弹簧测力计的示数不同，且液体的密度越大，弹簧测力计的示数越小，由称重法可知，浮力越大，所以可以得出结论：在物体排开液体的体积一定时，液体密度越大，物体受到的浮力越大，运用了控制变量法。（3）[5]若先完成实验c，再完成实验a，会由于金属块沾有水，导致所测重力偏大，由称重法F浮＝G﹣F可知，测得金属块受到的浮力将偏大。（4）[6]由图（1）可知，物体浸没在水中时受到的浮力F浮＝2N物体排开水的体积等于物体的体积，由F浮＝ρ水gV排水知道，物体排开水的体积物体排开水的体积等于物体的体积，即由图a、e所示实验知道，物块浸没在盐水中所受浮力根据F浮＝ρ液gV排知道，盐水的密度为[拓展][7]①、由物体的浮沉条件可知，铁片下沉时F浮1＜G，铁片漂浮时F浮2＝G，则F浮1小于F浮2；[8]②错误原因就是没有利用控制变量法，即没有控制排开相同体积的液体。32.如图所示，小明用a、b两球探究“物体动能大小与哪些因素有关”。小球质量ma＞mb，让小球从同一斜面由静止释放，撞击水平面上的木块。（1）实验通过观察木块被小球撞出______的长短来判断小球动能的大小；（2）对比甲图和丙图是为了探究动能大小与______的关系；（3）甲图和乙图中两球刚好运动到水平面时的速度______（选填“相等”或“不相等”），利用该实验结论可以解释汽车______（选填“超载”或“超速”）行驶时危险性大的原因；（4）由此实验联想到某段道路限速牌上标明“100”和“80”字样，______（选填“大客车”或“小轿车”）的限速应该是80km/h；[拓展]在甲、乙两次实验中木块移动时受到的摩擦力第一次为f1，第二次为f2，则f1______f2（选填“＞”“＜”或“＝”）。【答案】①.移动的距离②.速度③.相等④.超载⑤.大客车⑥.＝【解析】【详解】（1）[1]实验中小球能够做功是体现在推动小木块运动，推动的距离越远，表示小球能够做的功越多，小球具有的动能就越大，所以通过观察小木块移动的距离的大小，来判断小球动能的大小，这种方法是转换法。（2）[2]对比甲图和丙图可知，小球的质量相同，滚下的高度不同，到达水平面时的速度不同，所以是为了探究动能大小与速度的关系。（3）[3][4]根据甲、乙两次实验可知，小球的质量不同，滚下的高度相同，到达水平面时的速度相等，甲图中小球质量大，推动木块移动的距离越大，动能越大，故结论为：当速度一定时，物体质量越大，动能越大，这个结论可用解释汽车超载带来的危害。（4）[5]因速度相同时，质量越大，动能越大，克服摩擦力做功的越多，越不容易刹车，因大客车的质量更大，限制的速度要越小，大客车的限速应该是80km/h。[拓展][6]因接触面粗糙程度相同，木块对支持面的压力不变，在甲、乙两次实验中木块移动时受到的摩擦力第一次为f1，第二次为f2，则f1等于f2。33.在“探究杠杆的平衡条件”实验中：（1）实验前，杠杆静止在图甲所示的位置，此时杠杆______（选填“平衡”或“不平衡”）。为了使杠杆在水平位置平衡，应将杠杆两端的平衡螺母向______（选填“左”或“右”）调节；（2）图乙中，在A点挂3个钩码，要使杠杆在水平位置平衡，应在B点挂______个相同的钩码；杠杆平衡后，在A、B两点下方同时增加一个相同的钩码，则杠杆______（选填“左端下沉”、“右端下沉”或“仍保持原状”）；（3）若不在B点挂钩码，改用弹簧测力计在C点竖直向上拉杠杆，当弹簧测力计由竖直方向改为斜向上拉动时，使杠杆在水平位置平衡；如图丙，弹簧测力计示数f会______（选填“变大”、“不变”或“变小”）；[拓展]探究完成后，小军同学制作了如图丁所示的杆秤，使用时将货物挂在秤钩上，用手提起B或C处的秤纽，移动秤砣在秤杆上的位置，当秤杆水平平衡时，可读出货物的质量。秤砣最远可移至D点，此秤最大称量是10kg。秤杆、秤钩和秤纽的质量忽略不计，AB、BC、BD的长度如图丁所示。下列说法正确的是______（单选，填序号）。A.秤陀的质量是0.5kgB.越靠近提纽处刻度值越大C.距离C点15cm处有两个刻度，分别为1.2kg和3.6kg【答案】①.平衡②.右③.4④.左端下沉⑤.变大⑥.C【解析】【详解】（1）[1][2]杠杆的位置如图甲所示，此时杠杆处于静止状态时，即处于平衡状态；杠杆的左端下沉，说明杠杆的重心在支点左侧，故应将平衡螺母向右调节。（2）[3]设一个钩码重为G，杠杆一个小格是L，根据杠杆的平衡条件有3G×4L=FB×3L解得FB=4G需挂4个钩码使杠杆在水平位置平衡；[4]若在A、B两点下方同时增加一个相同钩码，因4G×4L>5G×3L故杠杆不能在水平位置保持平衡，则杠杆的左端将下沉。（3）[5]如图丙所示，保持B点不变，若测力计从丁位置转到戊位置时，此时测力计拉力力臂变小，阻力、阻力臂不变，根据杠杆的平衡条件，动力变大。[拓展][6]A．当提着B处秤纽、秤砣挂在D点、A点秤钩挂着质量为10kg的物体时，秤杆可以在水平位置平衡，根据杠杆平衡条件可得GA×AB＝G秤砣×BD由G=mg可得mAg×AB＝m秤砣g×BD则故A错误；B．根据杠杆的平衡条件可知：当提着B处秤纽，A点所挂物体重力较大时，秤砣向右移动，否则向左移动，所以越靠近提纽处刻度值越小，故B错误；C