2024年北师大版选修3物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2024年北师大版选修3物理上册月考试卷62考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共6题，共12分)1、如图所示为用“与”门构成的报警器电路。下列哪种情况下；报警器一定会报警？（）

A.S断开，P在a端B.S闭合，P在a端C.S断开，P在b端D.S闭合，P在b端2、如图所示，一定量的理想气体从状态A开始，经历两个过程，先后到达状态B和C。有关A、B和C三个状态温度和的关系；正确的是（）

A.B.C.D.3、下列关于固体、液体、气体的说法中正确的是（）A.夏季天旱时，给庄稼松土是为了破坏土壤中的毛细管，防止水分蒸发B.晶体沿不同方向的导热或导电性能不同，但沿不同方向的光学性质一定相同C.由于液体表面层分子间距离大于液体内部分子间距离，所以存在浸润现象D.炒菜时我们看到的烟气，是因为油烟颗粒的热运动4、电磁泵在目前的生产、科技中得到了广泛应用．如图所示，泵体是一个长方体，ab边长为L1，两侧端面是边长为L2的正方形；流经泵体内的液体密度为ρ；在泵头通入导电剂后液体的电导率为σ（电阻率的倒数）；泵体所在处有方向垂直向外的磁场B，把泵体的上下两表面接在电压为U（内阻不计）的电源上，则（）

A.增大磁感应强度可获得更大的抽液高度B.通过泵体的电流I＝UL1／σC.泵体上表面应接电源负极D.增大液体的电阻率可获得更大的抽液高度5、氢原子的能级示意图如图所示；现有大量的氢原子处于n＝4的激发态，当向低能级跃迁时，会辐射出若干种不同频率的光，若用这些光照射逸出功为4.54eV的钨时，下列说法中正确的是:

A.氢原子能辐射4种不同频率的光子B.氢原子辐射的光子有四种不能使钨发生光电效应C.氢原子辐射一个光子后，氢原子的核外电子的速率增大D.钨能吸收从n＝4向n＝2能级跃迁的光子而发生光电效应6、如图所示；实线为电场线，一带电粒子在电场中的运动轨迹如虚线所示，下列说法中正确的是（）

A.粒子一定带正电B.粒子受到的电场力做正功C.粒子在B点的电势能大于在A点的电势能D.粒子在B点的加速度大评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)7、A、B两物体在光滑水平地面上，且两者的质量都为m，A以速度v向右运动，B原来静止，B的左端有一轻弹簧，如图所示.当A撞上弹簧后，B的速度达到最大时。

A.A、B系统的总动量仍然为mvB.A的动量变为零C.弹簧的弹性势能为零D.弹簧的弹性势能最大8、对于下列实验；说法正确的有（）。

A.甲图是用油膜法测分子直径的示意图。实验中为油膜厚度近似等于油酸分子直径B.乙图是溴蒸气的扩散实验。若温度升高，则扩散的速度加快C.丁图是蜂蜡涂在单层云母片上受热融化的实验。说明云母的导热性能具有各向同性E.戊图是把毛细管插入水银中的实验现象。说明水银对玻璃是浸润液体E.戊图是把毛细管插入水银中的实验现象。说明水银对玻璃是浸润液体9、下列关于热力学定律的理解正确的是（）A.热量不可能从低温物体传到高温物体B.如果两个系统分别与状态确定的第三个系统达到热平衡，那么这两个系统彼此之间也必定处于热平衡C.物体的摄氏温度变化了其热力学温度变化了1KE.一辆空载的卡车停于水平地面，在缓慢装沙的过程中，若车胎不漏气，胎内气体温度不变，不计分子间势能，则胎内气体向外界放热E.一辆空载的卡车停于水平地面，在缓慢装沙的过程中，若车胎不漏气，胎内气体温度不变，不计分子间势能，则胎内气体向外界放热10、下列说法正确的是（）A.布朗运动就是液体分子的无规则运动B.空气的相对湿度定义为空气中所含水蒸气压强与同温度水的饱和蒸汽压的比值C.尽管技术不断进步，热机的效率仍不能达到100%，制冷机却可以使温度降至热力学零度D.将一个分子从无穷远处无限靠近另一个分子，则这两个分子间分子力先增大后减小最后再增大，分子势能是先减小再增大11、(多选)下列关于逻辑电路的说法中正确的是()A.如果一个事件的几个条件都满足后，该事件才能发生，这种关系叫“与”逻辑关系B.如果几个条件中，只要有一个条件得到满足，某事件就会发生，这种关系叫“与”逻辑关系C.一个门上有三把钥匙，每把钥匙都能单独开门，它体现了“或”逻辑关系D.输出状态和输入状态相反的逻辑关系，叫做“或”逻辑关系12、如图所示，线圈固定不动，将磁铁从线圈上方插入或拔出的瞬间，线圈和电流表构成的闭合回路中产生的感应电流方向，正确的是A.B.C.D.13、在如图所示电路中，电源内阻不可忽略．开关S闭合后，在滑动变阻器R2的滑动端由a向b缓慢滑动的过程中（）

A.电压表的示数减小，电流表的示数增大B.电压表的示数增大，电流表的示数减小C.电容器C所带电荷量减小D.电容器C所带电荷量增大14、如图所示，一个匝数n=100匝的圆形线圈，面积S1=0.4m2，电阻r=1Ω．在线圈中存在面积S2=0.2m2、垂直线圈平面向外的匀强磁场区域，磁感应强度B=0.3+0.15t．将线圈两端a、b与一个阻值R=2Ω的电阻相连接，b端接地．则下列说法正确的是（）

A.通过电阻R的电流方向向上B.回路中的电流大小逐渐增大C.电阻R消耗的电功率为3WD.a端的电势φa=－2V评卷人得分三、填空题(共8题，共16分)15、下图甲为一台小型发电机构造示意图，线圈逆时针转动，产生的电动势随时间变化的正弦规律图象如图乙所示．发电机线圈内阻为5Ω，外接灯泡的电阻为105Ω，电流的有效值为_____A，电压表的示数为_____V，灯泡实际消耗的功率为_____W，发电机线圈内阻每分钟产生的焦耳热为_____J．

16、如图所示，由“非”门构成的一个简单控制电路，其中为光敏电阻，光照时电阻很小，为变阻器，L为小灯泡，其原理：当光敏电阻受到光照时，小灯泡L__________（选填“亮”或“灭”），不受光照时，小灯泡L__________（选填“亮”或“灭”）。请同学们想一想这种自动控制电路可应用在哪里较好？______________________

17、如图是一定质量的理想气体的压强与热力学温度的图，是理想气体的三个状态，其中平行于坐标轴平行于坐标轴则从到过程中气体的分子平均动能_________（填“变大”、“变小”或“不变”），从到的过程________（填“可能”或“不可能”）为绝热过程，从到的过程中气体的密度______（填“变大”；“变小”或“不变”）

18、如图甲所示是两电阻R1、R2各自的U-I图线．则电阻R1的阻值为______Ω．如果把R1、R2两个电阻串联接成如上图乙所示的电路时，电流表的示数为0.1A．则此时电阻R2两端的电压是______V．

19、读数练习：

（1）螺旋测微器的读数为___________mm；

（2）游标卡尺的读数为___________cm；

（3）秒表的读数为___________s；

（4）电阻箱的读数为___________Ω；

（5）多用电表中选择开关置于欧姆×1档时的读数为____Ω，置于直流电压5V档时的读数为___V．

20、小涵站在平面镜前0.5m处观察自己在镜中的像，像到平面镜的距离是______m，她向后退的过程中，像的大小______（选填“变大”、“变小”或“不变”）。21、某同学把两块大小不同的木块用细线连接；中间夹一被压缩了的弹簧，如图所示．将这一系统置于光滑的水平桌面上，烧断细线，观察物体的运动情况，进行必要的测量，验证物体间相互作用时动量守恒．

（1）该同学还必须有的器材是_____；

（2）需要直接测量的数据是_____；

（3）用所得数据验证动量守恒的关系式是_____．22、在水平放置的气垫导轨上，质量为0.4kg、速度为0.5m/s的滑块甲与质量为0.6kg、速度为0.1m/s的滑块乙迎面相撞，碰撞后滑块乙的速度大小变为0.2m/s，此时滑块甲的速度大小为______m/s，方向与它原来速度方向_______．评卷人得分四、作图题(共3题，共6分)23、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

24、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

25、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共3题，共18分)26、某同学用如图甲所示装置通过半径相同的A、B两球的碰撞来验证动量守恒定律。实验时先使A球从斜槽上某一固定位置G由静止开始滚下，落到位于水平地面的记录纸上，留下痕迹。重复上述操作10次，得到10个落点痕迹．再把B球放在水平槽上靠近槽末端的地方，让A球仍从位置G由静止开始滚下；和B球碰撞后，A；B球分别在记录纸上留下各自的落点痕迹。重复这种操作10次，得到了如图乙所示的三个落地点。

（1）已知mA∶mB＝2∶1，碰撞过程中动量守恒，则由图可以判断出_______是A的落地点，________是B球的落地点。

（2）用题中的字母写出动量守恒定律的表达式____________。27、实验室中准备了下列器材：

待测干电池(电动势约1.5V；内阻约1.0Ω)；

电流表G(满偏电流1.5mA；内阻10Ω)；

电流表A(量程0～0.60A；内阻约0.10Ω)；

滑动变阻器R1(0～20Ω；2A)

滑动变阻器R2(0～100Ω；1A)；

定值电阻R3＝990Ω，开关S和导线若干。

(1)某同学选用上述器材(滑动变阻器只选用了一个)测定一节干电池的电动势和内阻．为了能较为准确地进行测量和操作方便，实验中选用的滑动变阻器，应是________．(填代号)

(2)请在如图甲所示虚线框中画出该同学的实验电路图______．

(3)如图乙为该同学根据实验数据作出的I1－I2图线(I1为电流表G的示数，I2为电流表A的示数)，由该图线可得，被测干电池的电动势E＝________V，内阻r＝________Ω.28、某实验小组为了较准确测量阻值约为20Ω的电阻Rx；实验室提供的器材有：

A．待测定值电阻Rx：阻值约20Ω

B.定值电阻R1：阻值30Ω

C．定值电阻R2：阻值20Ω

D．电流表G：量程3mA；0刻度在表盘中央，内阻约50Ω

E.电阻箱R3：最大阻值999.99Ω

F.直流电源E；电动势1,5V，内阻很小。

G．滑动变阻器R2(20Ω；0.2A)

H.单刀单掷开关S；导线等。

该小组设计的实验电路图如图；连接好电路，并进行下列操作．

（1）闭合开关；调节滑动变阻器，使电流表示数适当．

（2）若灵敏电流计G中的电流由C流向D再调节电阻箱R3，使电阻箱R3的阻值________（选填“增大”或“减小”），直到G中的电流为________(填“满偏”；“半偏”或“0”)．

（3）读出电阻箱连入电路的电阻R3，计算出Rx．用R1、R2、R3表示Rx的表达式为Rx=_______评卷人得分六、解答题(共4题，共20分)29、如图所示，一足够长的矩形区域abcd内充满方向垂直纸面向里的、磁感应强度为B的匀强磁场，在ad边中点O，方向垂直磁场向里射入一速度方向跟ad边夹角大小为v0(未知量)的带正电粒子，已知粒子质量为m，电量为q，ad边长为L，ab边足够长；粒子重力不计，求:

(1)若粒子恰好不能从磁场下边界射出，求粒子的入射速度大小v01；

(2)若粒子能从ad边射出，求粒子的入射速度大小v02的取值范围．30、如图（a），超级高铁（Hyperloop）是一种以“真空管道运输”为理论核心设计的交通工具，它具有超高速、低能耗、无噪声、零污染等特点。如图（b），已知管道中固定着两根平行金属导轨MN、PQ，两导轨间距为运输车的质量为m，横截面是半径为r的圆。运输车上固定着间距为D、与导轨垂直的两根导体棒1和2，每根导体棒的电阻为R，每段长度为D的导轨的电阻也为R。其他电阻忽略不计，重力加速度为g。

(1)如图（c），当管道中的导轨平面与水平面成θ=30°时，运输车恰好能无动力地匀速下滑。求运输车与导轨间的动摩擦因数μ；

(2)在水平导轨上进行实验；不考虑摩擦及空气阻力。

①当运输车由静止离站时，在导体棒2后间距为D处接通固定在导轨上电动势为E的直流电源，此时导体棒1、2均处于磁感应强度为B；垂直导轨平向下的匀强磁场中，如图（d）。求刚接通电源时运输车的加速度的大小；（电源内阻不计，不考虑电磁感应现象）

②当运输车进站时，管道内依次分布磁感应强度为B，宽度为D的匀强磁场，且相邻的匀强磁场的方向相反。求运输车以速度v0从如图（e）通过距离2D后的速度v。

31、如图所示，粗细均匀的U形玻璃管，左端封闭，右端开口，竖直放置．管中有两段水银柱a、b；长分别为5cm；10cm，两水银液柱上表面相平，大气压强为75cmHg，温度为27℃，a水银柱上面管中封闭的A段气体长为15cm，U形管水平部分长为10cm，两水银柱间封闭的B段气体的长为20cm，给B段气体缓慢加热，使两水银柱下表面相平，求此时：

(i)A段气体的压强；

(ii)B段气体的温度为多少?32、如图所示,玻璃三棱镜ABC的截面为等腰直角三角形,∠A=∠C=45°，一束单色光线从AB上的O点射入三棱镜,光线与AB边的夹角θ=30°,折射光线恰好通过AC边的中点D.已知该玻璃的折射率AB边长为a,光在真空中的传播速度为c.求:光线从O点到D点的传播时间.

参考答案一、选择题(共6题，共12分)1、D【分析】【分析】

【详解】

电键闭合时，输入高电平，P在b端；也是输入高电平，即输入信号为“11”，则报警器一定会报警。

故选D。2、C【分析】【详解】

由图可知状态A到状态B是一个等压过程，根据

因为VB>VA，故TB>TA；而状态B到状态C是一个等容过程，有

因为pB>pC，故TB>TC；对状态A和C有

可得TA=TC；综上分析可知C正确；ABD错误；

故选C。3、A【分析】【详解】

A．土壤中存在一系列毛细管；水分通过毛细管能够上升到地面蒸发，夏季天旱时，给庄稼松土是为了破坏土壤中的毛细管，防止水分蒸发，A正确；

B．晶体分为单晶体与多晶体；单晶体在导热；导电与光学性质上表现出各向异性，即沿不同方向上的性能不相同，多晶体在导热、导电与光学性质上表现出各向同性，即沿不同方向上的性能相同，B错误；

C．由于液体附着层分子间距离小于液体内部分子间距离；所以存在浸润现象，C错误；

D．油烟颗粒是宏观粒子；油烟颗粒的运动不是热运动，D错误。

故选A。4、A【分析】【分析】

当泵体中电流向上时；安培力向右，故液体不能被抽出；

根据电阻定律和欧姆定律列式求解电流表达式分析；根据安培力公式分析安培力大小情况；

【详解】

A；增大磁感应强度B；受到的磁场力变大，因此可获得更大的抽液高度，故A正确；

B、根据电阻定律，泵体内液体的电阻：因此流过泵体的电流故B错误；

C；当泵体上表面接电源的负极时；电流从下向上流过泵体，这时受到的磁场力水平向右，不能拉动液体向左运动，故C错误；

D；若增大液体的电阻率；可以使电流减小，受到的磁场力减小，使抽液高度减小，故D错误．

【点睛】

本题关键是明确电磁泵的工作原理，要能够结合欧姆定律、电阻定律、安培力公式分析抽液高度的影响因素．5、C【分析】【详解】

AB、一群处于能级的氢原子向基态跃迁时，辐射光子种类数目为种，对应的能量为其中有3种大于则有3种不同频率的光能使金属发生光电效应，故选项A；B错误；

C、氢原子辐射一个光子后，则轨道半径减小，由库仑引力提供向心力，则有可知氢原子的核外电子的速率增大，故选项C正确；

D、用能级跃迁到能级辐射出光的能量为而金属逸出功为所以当光照射此金属时，不能发生光电效应现象，故选项D错误．6、C【分析】试题分析：由粒子的运动轨迹弯曲方向可知；带电粒子受电场力大致斜向左下方，与电场强度方向相反，故粒子带负电，故A错误；由于不知道是从A到B，还是从B到A，故电场力做功的正负无法判断，故B错误；沿着电场线电势逐渐降低，等势面与电场线垂直，可以知道A点电势高，负电荷在电势高的点电势能低，故C正确；A点电场线密集，故电场强，电场力大，故加速度大，故D错误；

考点：考查了带电粒子在电场中的运动。

【名师点睛】解决这类带电粒子在电场中运动问题的关键是根据轨迹判断出电场力方向，利用电场中有关规律求解．比较电势能的大小有两种方法：一可以从电场力做功角度比较，二从电势能公式角度判断，先比较电势，再比较电势能．二、多选题(共8题，共16分)7、A:B:C【分析】【详解】

由题意知A、B组成的系统合外力为零，系统动量守恒，所以系统的总动量始终为mv，故A正确；A向右压缩弹簧，B在弹簧弹力的作用下加速运动，当弹簧再次恢复原长时B的速度最大，设此时A的速度为v1，B的速度为v2，根动量守恒：再根据机械能守恒：联立解得：v1=0，v2=v，A的动量mv1=0，此时弹簧为原长，弹性势能为零，所以B、C正确；D错误．8、A:B:D【分析】【分析】

【详解】

A．甲图是用油膜法测分子直径的示意图。实验中将油膜看成单分子层；所以油膜厚度近似等于油酸分子直径，故A正确；

B．乙图是溴蒸气的扩散实验。若温度升高；分子热运动越剧烈，则扩散的速度加快，故B正确；

C．丁图是蜂蜡涂在单层云母片上受热融化的实验。图像各方向融化距离不同；说明云母的导热性能具有各向异性，故C错误；

D．丙图是模拟气体压强产生的机理。说明气体压强是由气体分子对器壁碰撞产生的；故D正确；

E．戊图是把毛细管插入水银中的实验现象。水银下降；说明水银对玻璃是不浸润液体，故E错误。

故选ABD。9、B:C:E【分析】【分析】

【详解】

A．热量能够自发地从高温物体传到低温物体；也能从低温物体传到高温物体，但要引起其他变化，如电冰箱，A错误；

B．达到热平衡的条件是温度相等；则可知如果两个系统分别与状态确定的第三个系统达到热平衡，那么这两个系统彼此之间也必定达到热平衡，B正确；

C．由

得知

即热力学温度的变化总等于摄氏温度的变化；C正确；

D．空调机作为制冷机使用时；空气压缩机做功，要消耗电能，制冷过程不是自发进行的，制冷时将热量从温度较低的室内送到温度较高的室外，所以制冷机的工作遵守热力学第二定律，D错误；

E．在卡车装沙的过程中胎内气体经历了一个温度不变；压强增大的变化，由理想气体状态方程可知，气体体积变小，故外界对气体做正功；胎内气体内能不变，外界又对气体做正功，根据能量守恒定律，胎内气体向外界放热，E正确。

故选BCE。10、B:D【分析】【分析】

【详解】

A．布朗运动是悬浮在液体表面的固体颗粒的无规则运动；是液体分子的无规则运动的表现，故A不符合题意；

B．空气的相对湿度定义为空气中所含水蒸气压强与同温度水的饱和蒸汽压的比值；故B符合题意；

C．尽管技术不断进步；热机的效率仍不能达到100%，制冷机也不可以使温度降至热力学零度，绝对零度不能到达，故C不符合题意；

D．将一个分子从无穷远处无限靠近另一个分子；则这两个分子间分子力先增大后减小最后再增大，分子力先是吸引力后排斥力，因此分子力先做正功后做负功，分子势能是先减小再增大，故D符合题意。

故选BD。11、A:C【分析】如果一个事件的几个条件都满足后；该事件才能发生，这种关系叫“与”逻辑关系；如果几个条件中，只要有一个条件得到满足，某事件就会发生，这种关系叫“或”逻辑关系，故A正确，B错误；一个门上有三把钥匙，每把钥匙都能单独开门，它体现了“或”逻辑关系，故C正确；输出状态和输入状态相反的逻辑关系，叫做“非”逻辑关系，故D错误；故选AC．

点睛：本题关键是明确与、或、非三种逻辑关系：“与”逻辑关系：一个事件的几个条件都满足后，该事件才能发生；“或”逻辑关系：一个事件的任意一个条件满足后，该事件就能发生；“非”逻辑关系：输出状态和输入状态相反的逻辑关系．12、C:D【分析】【详解】

（1）当磁铁N极向下运动时；线圈的磁通量变大，由增反减同可知，则感应磁场与原磁场方向相反。再根据安培定则，可判定感应电流的方向：沿线圈盘旋而上。故A错误；

（2）当磁铁S极向上运动时；线圈的磁通量变小，由增反减同可知，则感应磁场与原磁场方向相同。再根据安培定则，可判定感应电流的方向：沿线圈盘旋而上，故B错误；

（3）当磁铁S极向下运动时；线圈的磁通量变大，由增反减同可知，则感应磁场与原磁场方向相反。再根据安培定则，可判定感应电流的方向：沿线圈盘旋而下。故C正确；

（4）当磁铁N极向上运动时；线圈的磁通量变小，由增反减同可知，则感应磁场与原磁场方向相同。再根据安培定则，可判定感应电流的方向：沿线圈盘旋而下，故D正确；

故本题选CD。

【点睛】

当磁铁的运动，导致线圈的磁通量变化，从而产生感应电流，感应磁场去阻碍线圈的磁通量的变化。13、A:C【分析】【详解】

滑动变阻器的滑动端由a向b缓慢滑动的过程中，则滑动变阻器接入电阻减小，则总电阻减小，电路中总电流增大，电流表示数增大，内阻和两端电压增大，则的电压减小，故电压表示数减小，故A正确，B错误；电容器的电压等于的电压；则电容器电压减小，根据Q=UC可知，电容器C所带电荷量减小，故C正确，D错误；故选AC．

【点睛】先分析电路结构，由滑片的移动可知滑动变阻器接入电阻的变化，则由闭合电路欧姆定律可得出电路中电流的变化及路端电压的变化，电容器电压与滑动变阻器电压相等，根据Q=UC求解．14、A:D【分析】【详解】

A．根据题意得：磁感应强度在向外增强，感应电流的磁场向里，根据右手定则感应电流从b经电阻流向a；所以通过电阻的电流方向向上，A正确。

B．感应电动势：所以感应电流不变，B错误。

C．R消耗的功率：C错误。

D．因为电流从b流出线圈，所以b端相当于电源的正极，电势高，而电动势为2V，所以而b端接地，所以所以D正确三、填空题(共8题，共16分)15、略

【分析】【详解】

解：电动势的有效值为：

电流的有效值为：

电压表的示数为：

灯泡消耗的功率为：

发电机线圈内阻每分钟产生的焦耳热为为：【解析】2，210，420，120016、略

【分析】【分析】

【详解】

[1][2][3]当光敏电阻受到光照时，电阻很小，则非门输入高电势，输出低电势，故灯泡灭；不受光照时，电阻大，则分压大，非门输入低电势，输出高电势，小灯泡L亮，根据原理可知，可以作为路灯。【解析】灭亮可以作为路灯17、略

【分析】【详解】

[1]气体的分子平均动能和温度有关，温度越高气体的分子平均动能越大。从到过程中；温度降低，所以气体的分子平均动能变小。

[2]从到的过程压强不变；温度升高，则内能增加，同时体积增大，气体膨胀对外做功，因此气体要吸热，不可能为绝热过程。

[3]从到的过程中温度不变，压强降低，可知体积增大，则气体的密度变小。【解析】变小不可能变小18、略

【分析】【详解】

由图甲可知，U1=4V时，I1=0.2A，则

由图乙知，两电阻串联在电路中，由图甲可知：当I1=I2=0.1A时，U2=1V；【解析】20Ω1V.19、略

【分析】（1）螺旋测微器的读数为：1.5mm+0.01mm×49.8=1.998mm；

（2）游标卡尺的读数为:0.8cm+0.02mm×0=0.800cm；

（3）秒表的读数为:300s+37.5s=337.5s；

（4）电阻箱的读数为4×1+0.1×6=4.6Ω；

（5）多用电表中选择开关置于欧姆×1档时的读数为14.0Ω，置于直流电压5V档时的读数为2.60V。【解析】20、略

【分析】【详解】

小涵站在平面镜前0.5m；小涵在平面镜中成像，小涵的像和小涵到平面镜的距离相等，所以小涵的像到平面镜的距离也是0.5m。小涵后退远离平面镜，小涵像的大小跟小涵的大小有关，跟到平面镜的距离无关，所以小涵的像大小不变。

【点睛】

物体在平面镜中成像，像的大小只跟物体大小有关，跟平面镜大小，跟物体到平面镜的距离无关。但是我们远离平面镜时，看到自己在平面镜中的像变小，是因为眼睛看像的视角变小，产生了错觉，像的实际大小是没有发生变化的。【解析】0.5；不变；21、略

【分析】【详解】

小球离开桌面后做平抛运动，取小球1的初速度方向为正方向，两小球质量和平抛初速度分别为：m1、m2，v1、v2，平抛运动的水平位移分别为s1、s2，平抛运动的时间为t．需要验证的方程：0=m1v1-m2v2，又代入得到m1s1=m2s2，故需要测量两木块的质量m1和m2，两木块落地点到桌面边缘的水平距离s1，s2；需要的器材为刻度尺；天平、重锤线．

（1）需要的实验器材有：天平；直尺、铅锤、木板、白纸、复写纸、图钉、细线等。

（2）需要直接测量的量为：两物块的质量m1．m2及它们对应的平抛射程s1．s2；

（3）需要验证的表达式为：m1s1=m2s2．【解析】刻度尺、天平、铅垂线两木块的质量m1、m2和两木块落地点分别到桌子两。

侧边缘的水平距离s1、s2m1s1＝m2s222、略

【分析】【分析】

【详解】

滑块甲乙系统在碰撞过程中水平方向动量守恒，根据动量守恒定律有：＋＝＋由题意知，两者迎面碰撞，说明两者初速度方向相反，不妨假设甲的初速度方向为正方向，又由于题目中只说明碰后乙的速度大小，未说明碰后速度方向，但系统初始总动量方向与正方向相同，因此碰后系统的总动量方向也应与正方向相同，所以碰后乙的速度方向只能沿正方向，解得碰后甲的速度为：＝0.05m/s，为正值，即方向与它原来的方向相同．【解析】0.05相同四、作图题(共3题，共6分)23、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】24、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】25、略

【分析】【分析】

【详解】

7s波向前传播的距离为

7s后，故x=3.5m位置的原图中x=0位置的振动情况相同；因此作出以下图形。

【解析】五、实验题(共3题，共18分)26、略

【分析】【详解】

（1）[1][2]已知则A为入射球，B为被碰球，A与B相撞后，B的速度增大，A的速度减小，碰前碰后都做平抛运动，高度相同，落地时间相同，所以Q点是没有碰时A球的落地点，P是碰后A的落地点，R是碰后B的落地点；

（2）[3]两球离开轨道后做平抛运动，两小球抛出点的高度相同，在空中的运动时间t相同，由动量守恒定律可得

故有

即可得【解析】PR27、略

【分析】【详解】

第一空.滑动变阻器应起到明确的调节作用，并且还要易于调节，故一般限流接法时，滑动变阻器比内阻约为10倍左右即可，故本题中应选R1；

第二空.本题中表头可与定值电阻串联作为电压表使用，再将滑动变阻顺与电流表A串接在电源两端即可；如下图

第三空第四空.由闭合电路欧姆定律可得：I1（R3+RA）=E-I2r

变形得：

由数学知可得：图象中的k=b=

由图可知：b=k==0.75×10-3；

故解得：E=1.46V，r=0.75Ω【解析】R1图见解析1.460.7528、略

【分析】【详解】

（2）本实验采取电桥法测电阻，所以当电流由C流向D，说明C点电势高，所以应该增大电阻箱R3的阻值使回路电阻增大，电流减小，C点电势降低，直到C、D两点电势相同；电流计中电流为零．

（3）根据C、D两点电势相同，可得：联立解得Rx=．【解析】增大0Rx=六、解答题(共4题，共20分)29、略

【分析】【分析】

（1）粒子在磁场中做匀速圆周运动，作出粒子运动轨迹，求出粒子轨道半径，然后应用牛顿第二定律求出粒子的速度．（2）若粒子能从ad边射出，则讨论临界条件是粒子的轨迹与ab相切；由几何关系找到半径，然后求解能从ad边射出时速度的最大值.

【详解】

（1）粒子恰好不能从磁场下边界射出时，运动轨迹恰好