2025年上外版高一物理下册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年上外版高一物理下册阶段测试试卷468考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共5题，共10分)1、在国际单位制中，物理量的单位由基本单位和导出单位组成。下列各组物理量的单位中全部属于基本单位的是（）A.米（m）、秒（s）B.牛（N）、秒（s）C.千克（kg）、米／秒（m／s）D.米（m）、米／秒（m／s）2、【题文】一质量为M、倾角为θ的斜面体放在水平地面上，质量为m的小木块(可视为质点)放在斜面上，现用一平行于斜面的、大小恒定的拉力F作用于小木块；拉力在斜面所在的平面内绕小木块旋转一周的过程中，斜面体和小木块始终保持静止状态。下列说法中正确的是()

A.小木块受到斜面的最大摩擦力为B.小木块受到斜面的最大摩擦力为F－mgsinθC.斜面体受到地面的最大摩擦力为FD.斜面体受到地面的最大摩擦力为Fcosθ3、如图所示；两完全相同的小球质量均为m，放在竖直挡板和倾角为α的固定斜面间，处于静止状态．现逆时针缓慢转动挡板至挡板与斜面垂直的过程中（不计一切摩擦），下列判断中正确的是（）

A.B球对斜面的压力不变。

B.A球对挡板的压力逐渐减小。

C.A；B两球间的弹力逐渐增大。

D.A球对斜面的压力逐渐减小。

4、关于速度和加速度，下列说法中正确的是(

)

A.加速度大的物体速度变化大B.加速度为零的物体速度也为零C.加速度大的物体速度变化快D.加速度不为零的物体速度必定越来越大5、春节期间，梓涵跟随家人从杭州剧院出发导航去杭州东站。导航地图提供了三条路径，下列说法正确的是（）A.“6.8公里”、“7.8公里”、“6.5公里”指的都是位移大小B.备选方案三，整段旅程平均速度约为16m/sC.推荐线路的“23分钟”为时间间隔D.研究汽车过某个路牌的时间，可以将其看成质点评卷人得分二、填空题(共8题，共16分)6、我国已成功地发射了“神舟6号”载人试验飞船，已知飞船在太空中运行的轨道是一个椭圆，椭圆的一个焦点是地球的球心，如图所示．飞船在运行中只受到地球对它的万有引力作用，飞船从轨道的A点沿箭头方向运行到B点，若飞船在A点的速度为VA，机械能为EA，在B点的速度为VB，机械能为EB，则有VA____VB，EA____EB（填＜；=或＞）．

7、一辆汽车以10m/s的速度匀速行驶，要求它刹车时必须在5m内停下来，则汽车加速度的数值不得小于____m/s2．8、【题文】图1是“研究平抛物体运动”的实验装置；通过描点画出平抛小球的运动轨迹。

（1）以下实验过程的一些做法；其中合理的有________.

a.安装斜槽轨道；使其末端保持水平。

b.每次小球释放的初始位置可以任意选择。

c.每次小球应从同一高度由静止释放。

d.为描出小球的运动轨迹描绘的点可以用折线连接。

（2）实验得到平抛小球的运动轨迹；在轨迹上取一些点，以平抛起点O为坐标原点，测量它们的水平坐标x和竖直坐标y，图2中y-x图象能说明平抛小球的运动轨迹为抛物线的是_________.

（3）图3是某同学根据实验画出的平抛小球的运动轨迹，O为平抛起点，在轨迹上任取三点A、B、C，测得A、B两点水平距离Δx为40.0cm，则平抛小球的初速度v0为______m/s，若C点的竖直坐标y3为60.0cm，则小球在C点的速度为vC=______m/s（结果保留两位有效数字，g取10m/s2）。

9、如图所示，质量为m2的物体2放在车厢地板上．用竖直细绳通过定滑轮与质量为m1的物体1连接．不计滑轮摩擦，当车厢水平向右加速运动时，物体2仍在车厢地板上相对静止．连接物体1的绳子与竖直方向夹角为α．物体2与车厢地板的摩擦系数为μ．则物体2受绳的拉力为____，物体2所受地板的摩擦力为____．

10、一汽车通过拱形桥顶点时速度为10m/s，车对桥顶的压力为车重的如果要使汽车在桥顶对桥面没有压力，车速至少为____m/s（g=10m/s2）11、【题文】一根粗细不均匀的木杆AB，长2m，重100N，放在水平地面上，现将它的A端从地面缓慢提高1m，另一端B仍搁在地面上不动，拉力做功30J，则机械能增加____________J，若将它的B端从地面缓慢提高1m，一端A仍搁在地面上，则拉力做功为____________．12、体重500N

的人站在电梯内；电梯下降时v鈭�t

图象如图所示.

在下列几段时间内，人对电梯底板的压力分别为(

取g=10m/s2)

垄脵1鈭�2s

内；N1=

______N

垄脷5鈭�8s

内；N2=

______N

垄脹10鈭�12s

内，N3=

______N.

13、如图所示的曲线是一同学做“研究平抛物体的运动”实验时画出的小球做平抛运动的部分轨迹，他在运动轨迹上任取水平位移相等的ABC

三点，测得鈻�s=0.2m

又测得竖直高度分别为h1=0.1mh2=0.2m

根据以上数据，可求出小球抛出时的初速度为______m/s

．评卷人得分三、解答题(共8题，共16分)14、一宇宙空间探测器从某一星球表面竖直升空；宇宙探测器升到空中某一高度，发动机关闭，其速度随时间的变化关系如图所示．

（1）升空后8秒末；24秒末，32秒末探测器的速度分别是多少？

（2）探测器哪一时刻关闭发动机？哪一时刻达到最大高度？哪一时刻开始下降？

（3）探测器所能达到的最大高度是多少？

（4）求探测器加速上升的过程中加速度？求下降过程的加速度？

15、用打点计时器研究匀变速直线运动的规律，打点计时器使用的交流电源的频率为50Hz．有一段纸带如图所示：取O为起点，A为第一个记数点，每相邻两计数点间还有4个打点．若量得OA=3.00cmOB=6.50cm，OC=10.50cm，则B点对应的速度vB=______m/s，物体运动的加速度a=______m/s2．（结果均保留三位有效数字）．

16、汽车由静止开始做加速度为1m/s2的匀加速直线运动，4s后加速度的大小改为0.5m/s2；方向仍与原来方向相同，求：

（1）4s末的速度；

（2）8s内的位移．

17、质量为m=1kg的小物块轻轻放在水平匀速运动的传送带上的P点，随传送带运动到A点后水平抛出，小物块恰好无碰撞的沿圆弧切线从B点进入竖直光滑圆孤轨道下滑．B、C为圆弧的两端点，其连线水平．已知圆弧半径R=1.0m圆弧对应圆心角θ=106°，轨道最低点为O，A点距水平面的高度h=0.8m，小物块离开C点后恰能无碰撞的沿固定斜面向上运动．（g=10m/s2；sin37°=0.6，cos37°=0.8）试求：

（1）小物块离开A点的水平初速度v1．

（2）小物块经过O点时对轨道的压力．

（3）假设小物块与传送带间的动摩擦因数为μ2=0.3；传送带的速度为5m/s，则PA间的距离是多少？

18、如图所示；长度为L=1.0m的绳，系一小球在竖直面内做圆周运动，小球的质量为M=5kg，小球半径不计，小球在通过最低点时的速度大小为v=20m/s；

求：小球在最低点所受绳的拉力．

19、质量为25kg的小孩坐在秋千上；小孩离系绳子的横梁2.5m．如果秋千摆到最低点时，小孩运动速度的大小是5m/s，她对秋千的压力是多大？

20、如图所示，一道峡谷宽为s=400m，有一条长为L=500m的钢索将两岸连接，一位质量为M=60kg的越野运动员，在利用钢索、滑轮通过峡谷时，不慎在中途停下，如果不计钢索、滑轮的质量和运动员与钢索间的摩擦，求运动员停下时，钢索受到的拉力F是多大？（g取10m/s2）

21、在实验中，选定一条纸带如图所示，从0点开始，每5个点取一个计数点的纸带，其中0、1、2、3、4、5、6都为记数点．测得：x1=1.40cm，x2=1.90cm，x3=2.38cm，x4=2.88cm，x5=3.39cm，x6=3.87cm．

①在计时器打出点4时，小车的速度为：v4=______m/s；小车的加速度a=______m/s2．（计算结果保留三位有效数字）

评卷人得分四、推断题(共1题，共4分)22、A、rm{B}rm{C}为三种常见的单质，其中rm{A}rm{C}为气体，rm{B}为常见金属rm{.A}溶于水可使石蕊试液先变红后褪色rm{.F}的水溶液为浅绿色溶液，它们的关系如图：rm{(1)}写出rm{A}rm{B}rm{D}的化学式：rm{A.}____________rm{B.}____________rm{C.}____________rm{(2)}写出反应rm{垄脵垄脷}的离子方程式：rm{垄脵}____________；rm{垄脷}____________．rm{(3)A}溶于水使石蕊试液先变红后褪色的原因是rm{(}用方程式表示rm{)}____．rm{(4)}检验rm{D}的水溶液中的阳离子的试剂是：____rm{.}将rm{D}溶液逐滴加入的沸水中会产生一种红褐色的液体，你认为该液体中的分散质微粒直径在____之间，验证的简单方法是：____．评卷人得分五、其他(共4题，共28分)23、如图是质量为70kg的李伟的比赛用山地自行车；其相关数据见表：

。车架材料碳纤维车架材料体积/cm32500车架质量/kg4.5整车质量/kg10单轮接触面积/cm24（1）求碳纤维车架的密度；

（2）算出比赛中的山地自行车对地面的压强；（取g=10N/kg）

（3）李伟在某路段匀速骑行6km，耗时10min，若该路段阻力为总重力的0.02倍，求他骑行功率．24、（2013•芜湖县校级自主招生）如图，是光滑斜面的示意图．斜面的水平长度为S，高为h，物体质量为m，如果用沿斜面向上的力把物体从斜面底端匀速拉到顶端，拉力F=____（用题中相关字母表示）．25、如图是质量为70kg的李伟的比赛用山地自行车；其相关数据见表：

。车架材料碳纤维车架材料体积/cm32500车架质量/kg4.5整车质量/kg10单轮接触面积/cm24（1）求碳纤维车架的密度；

（2）算出比赛中的山地自行车对地面的压强；（取g=10N/kg）

（3）李伟在某路段匀速骑行6km，耗时10min，若该路段阻力为总重力的0.02倍，求他骑行功率．26、（2013•芜湖县校级自主招生）如图，是光滑斜面的示意图．斜面的水平长度为S，高为h，物体质量为m，如果用沿斜面向上的力把物体从斜面底端匀速拉到顶端，拉力F=____（用题中相关字母表示）．评卷人得分六、综合题(共1题，共5分)27、

参考答案一、选择题(共5题，共10分)1、A【分析】试题分析：在力学中的基本单位是千克、米、秒，故A正确；牛顿是导出单位，所以B错误；米／秒（m／s）是导出单位，故C错误；D错误。考点：本题考查单位制。【解析】【答案】A2、C【分析】【解析】本题考查物体受到的摩擦力的分析，较难。对小木块，当F沿斜面向下时，此时小木块受力平衡，则静摩擦力方向沿斜面向上，大小f＝F＋mgsinθ，此时为最大摩擦力。分析地面对斜面的作用时，把M和m当作一个整体分析，F的一个分力最大为Fcosθ；所以地面对斜面的最大静摩擦力为Fcosθ。【解析】【答案】C3、A|B|D【分析】

虽然挡板在变化；但球A对球B的弹力方向没变，球B的重力没变，斜面对球B的支持力方向也没变，虽然球B位置在缓慢变化，但球B所受力没有变化，故B球对斜面的压力不变，A；B两球的弹力没有变．所以A正确，C错误；

球A受力分析，当缓慢转动挡板至挡板与斜面垂直的过程中，弹力F1的方向也从图示位置转动到与斜面平行位置．则两个弹力的合力不变；当夹角变小时，两弹力大小均变小，故A球对挡板的压力逐渐减少，A球对斜面的压力逐渐减少．故B正确，D也正确；

故选：ABD

【解析】【答案】现逆时针缓慢转动挡板至挡板与斜面垂直的过程中；两完全相同的小球处于静止状态．则小球B受力不变，而小球A由于挡板对球A的弹力方向发生变化，导致球A对挡板及斜面作用力发生变化．

4、C【分析】解：A

根据a=鈻�v鈻�t

可知；加速度大的物体速度变化不一定大，因为速度的变化除了跟加速度有关外还与速度变化的时间有关，故A错误；

B；加速度为0

的物体说明物体的速度没有发生变化；故所有匀速直线运动的物体加速度都为0

故B错误；

C；加速度是反应物体速度变化快慢的物理量；故加速度大的物体速度变化快，故C正确；

D；加速度不为0

的物体速度的变化可能做加速也可能是减速运动；故不能确定其速度必定越来越大，也可以越来越小，故D错误．

故选：C

根据a=鈻�v鈻�t

的定义知；加速度是速度的变化率，速度变化的大小除了跟加速度有关外还与速度变化所用时间有关．

掌握加速度的定义及其各量的物理意义是正确解决此类问题的基础．【解析】C

5、C【分析】解：A；三条线路起点和终点相同；故三条线路方案的位移相等，“6.8公里”、“7.8公里”、“6.5公里”指的都是路程。故A错误；

B；不知道位移；不能求出平均速度，故B错误；

C；图中推荐线路的“23分钟”为时间间隔；故C正确；

D；在研究汽车在地图上的实时位置时；汽车大小可以忽略，故汽车可以看成质点，故D错误；

故选：C。

明确位移和路程的定义；明确位移为起点到终点的有向线段，而路程是指实际轨迹的长度；

当物体的大小和形状在所研究的问题中可以忽略时可以看作质点；

明确时间和时刻的定义；知道时间间隔对应一个过程，而时刻对应一个瞬间；

理解平均速度和瞬时速度的定义；知道限速限制的是瞬时速度。

本题考查位移与路程、质点、瞬时速度和平均速度等，对于物理学中相近知识点要注意准确理解，掌握它们的区别和联系。【解析】C二、填空题(共8题，共16分)6、略

【分析】

因为只有地球对飞船的万有引力做功，满足机械能守恒条件，即飞船的机械能守恒则有EA=EB．

从A到B的过程中，重力势能增加，而总的机械能保持不变，则飞船的动能减小，速率减小，则有VA＞VB．

故答案为：＞；=

【解析】【答案】飞船在运行中只受到地球对它的万有引力作用；飞船机械能守恒，由于从A到B飞船的轨道半径逐渐增大，重力势能增大，故动能减小即速度减小．

7、略

【分析】

根据速度位移公式得a==．所以汽车加速度的数值不得小于10m/s2．

故本题答案为：10．

【解析】【答案】汽车刹车后做匀减速直线运动，根据速度位移公式求出刹车后做匀减速直线运动的加速度．

8、略

【分析】【解析】

试题分析：（1）斜槽末端水平，才能保证小球离开斜槽末端时速度为水平方向，故a对；为保证小球多次运动是同一条轨迹，每次小球的释放点都应该相同，b错c对；小球的运动轨迹是平滑曲线；故连线时不能用折线，d错。

（2）平抛运动的水平位移与竖直位移分别满足的关系是：

联立可得

可知图象是直线时；说明小球运动轨迹是抛物线。

（3）由竖直方向的分运动可知，即。

水平初速度为

C点的竖直分速度为

由运动合成可知

考点：实验：平抛物体的运动【解析】【答案】（1）a、c；（2）c（3）2.0；4.09、略

【分析】

A、物体1与车厢具有相同的加速度，对物体1分析，受重力和拉力，根据合成法知，F合=m1gtanα，拉力T=物体1的加速度a==gtanα；所以车厢的加速度为gtanα．所以物体2加速度为gtanθ，对物体2受力分析，受重力；支持力和摩擦力，支持力N=mg，f=ma=mgtanα．

故答案为：mgtanα

【解析】【答案】车厢水平向右做加速直线运动；两物体与车厢具有相同的加速度，根据隔离对物体1分析，得出物体1的加速度以及细线的拉力，从而得知车厢的加速度．再隔离对物体2分析，求出摩擦力的大小．

10、略

【分析】

车对桥顶的压力为车重的时

mg-mg=m

解得。

R=40m

车在桥顶对桥面没有压力时。

mg=m解得。

v′==20m/s

故答案为：20

【解析】【答案】车做圆周运动，车对桥的压力为重力的时；由重力和支持力的合力提供向心力可求出桥的半径，车对桥无压力时，重力恰好提供向心力，可由向心力公式列式求出车速．

11、略

【分析】【解析】除去重力以外的力对物体做功等于物体机械能的增量，拉力做功30J，则机械能增加30J，机械能的增量即为重力势能的增量，所以重心上升的高度若将它的B端从地面缓慢提高1m，则中心提高则拉力做功为机械能的增量，

故答案为：3070【解析】【答案】30；7012、略

【分析】解：(1)1隆芦2s

内做匀加速直线运动，加速度的大小a1=vt=105m/s2=2m/s2

．

根据牛顿第二定律得；N1鈭�mg=ma1

解得N1=mg+ma1=500+50隆脕2=600N

．

根据牛顿第三定律知压力大小为600N

(2)5隆芦8s

内做匀速直线运动；加速度为0

则N2=mg=500N

根据牛顿第三定律知压力大小为500N

(3)10隆芦12s

内做匀减速直线运动，加速度大小a3=1010m/s2=1m/s2

根据牛顿第二定律得，mg鈭�N3=ma3

解得N3=mg鈭�ma3=500鈭�50隆脕1=450N.

根据牛顿第三定律知压力大小为450N

．

故答案为：垄脵600垄脷500垄脹450

．

根据速度时间图线求出每个阶段的加速度；通过牛顿第二定律求出支持力的大小，根据牛顿第三定律知压力大小．

本题考查牛顿第二定律的基本运用，通过速度时间图线求出加速度的大小，结合牛顿第二定律求出支持力的大小．【解析】600500450

13、略

【分析】解：在竖直方向上根据鈻�y=gT2

则有：

T=鈻�hg=0.2鈭�0.110=0.1s

所以抛出初速度为：

v0=鈻�sT=0.20.1=2m/s

故答案为：2

．

在竖直方向上根据鈻�y=gT2

求出时间间隔T

在水平方向上根据v0=鈻�sT

求出平抛运动的初速度．

解决本题的关键掌握平抛运动的处理方法，尤其是匀变速直线运动的推论“在连续相等时间内的位移之差是一恒量”的应用．【解析】2

三、解答题(共8题，共16分)14、略

【分析】

（1）升空后，8s末探测器的速度为v1=64m/s，24s末速度为v2=0，32s末速度为v3=-32m/s．

（2）探测器在t=8s末关闭发动机；在t=24s末到达最大高度，t=24s开始下降．

（3）由速度图象的“面积”大小等于位移；则得探测器所能达到的最大高度为。

H=m=768m

（4）在0-24s时间内探测器上升；则上升过程的加速度为。

=

在24s后探测器开始下降；则下降过程的加速度为。

=

答：（1）升空后8秒末；24秒末，32秒末探测器的速度分别是64m/s，0和-32m/s．

（2）探测器8s末时刻关闭发动机；24s末时刻达到最大高度，24s末时刻开始下降．

（3）探测器所能达到的最大高度是768m．

（4）探测器加速上升的过程中加速度是8m/s2，下降过程的加速度是-4m/s2．

【解析】【答案】（1）由图直接读出速度；

（2）（3）探测器先向上做匀加速运动；关闭发动机后，探测器先向上做匀减速运动，后向下做匀加速运动，由图可读出t=8s末关闭发动机．匀减速运动速度减小至零时，到达最大高度，由速度图象的“面积”大小等于位移求出最大高度．在=24s末探测器开始下落；

（4）根据速度图象的斜率等于加速度；求出加速上升和下降过程的加速度．

15、略

【分析】

因为每相邻两计数点间还有4个打点；所以相邻的计数点之间的时间间隔为0.1s

利用匀变速直线运动的推论得：

vB==m/s=0.375m/s

根据运动学公式得：△x=at2；

a===0.500m/s2．

故答案为：0.375；0.500

【解析】【答案】纸带法实验中；若纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用匀变速直线运动的推论，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度和加速度．

能够知道相邻的计数点之间的时间间隔．

16、略

【分析】

（1）4s末的速度为v=v+a1t1=1×4m/s=4m/s．

（2）前4s内的位移为x1==m=8m，后4s内汽车的位移为x2=vt2+=4×（m）=20m，则8s内的位移为x=x1+x2=28m

答：（1）4s末的速度为4m/s．

（2）8s内的位移为28m．

【解析】【答案】（1）由速度公式v=v+at求出4s末的速度；

（2）由位移公式分别求出前4s内和后4s内汽车的位移；两个位移之和即为8s内的位移．

17、略

【分析】

（1）对小物块；由A到B做平抛运动；

根据平抛运动规律有：

vy2=2gh

在B点tan=

所以v1=3m/s．

（2）对小物块；由B到O由动能定理可得：

mgR（1-sin37°）=mvO2-mvB2

其中vB==5m/s

在O点N-mg=m

所以N=43N

由牛顿第三定律知对轨道的压力为N′=43N

（3）小物块在传送带上加速过程：μ2mg=ma3

PA间的距离是SPA==1.5m

答：（1）小物块离开A点的水平初速度v1是3m/s．

（2）小物块经过O点时对轨道的压力是43N．

（3）假设小物块与传送带间的动摩擦因数为μ2=0.3；传送带的速度为5m/s，则PA间的距离是1.5m．

【解析】【答案】（1）利用平抛运动规律；在B点对速度进行正交分解，得到水平速度和竖直方向速度的关系；

而竖直方向速度Vy2=2gh显然易求；则水平速度可解．

（2）首先利用动能定理解决物块在最低点的速度问题；然后利用牛顿第二定律在最低点表示出向心力，则滑块受到的弹力可解．根据牛顿第三定律可求对轨道的压力．

（3）小物块在传送带上做匀加速运动；根据牛顿第二定律和运动学公式求解．

18、略

【分析】

设小球在最低点所受绳的拉力为F．

由牛顿第二定律得F-Mg=M

代入解得F=M（g+）=2050N

答：小球在最低点所受绳的拉力为2050N．

【解析】【答案】小球在通过最低点时；由重力和绳的拉力提供向心力，由牛顿第二定律求解小球在最低点所受绳的拉力．

19、略

【分析】

以小孩为研究对象；分析受力，作出力图，如图．

根据牛顿第二定律得：FN-mg=m

得到：FN=mg+m=25（10+）N=500N

根据牛顿第三定律得；小孩对秋千板的压力是500N．

答：她对秋千的压力是500N．

【解析】【答案】以小孩为研究对象；分析受力．小孩受到重力和秋千板的支持力，由这两个力的合力提供向心力，根据牛顿第二定律求出支持力，再由牛顿第三定律研究他对秋千板的压力．

20、略

【分析】

当运动员停下时；两侧钢索的拉力相对竖直方向对称，设与竖直方向的夹角为θ，对滑轮与绳子的接触点受力分析：

根据平衡条件得：F=F压=mg

一道峡谷宽为s=400m；钢索长为L=500m，根据几何关系得：

sinθ=cosθ=

由于两侧钢索的拉力相对竖直方向对称，所以F1和F2合成组成的平行四边形为菱形．

根据菱形的对角线垂直，在直角三角形里得出：F1=F2==500N．

答：运动员停下时；钢索受到的拉力F是500N．

【解析】【答案】当运动员停下时对滑轮与绳子的接触点受力分析．

抓住运动员是利用钢索；滑轮通过峡谷；所以两侧钢索的拉力相等而且相对竖直方向对称．

根据平衡条件和几何关系得出力与力之间的关系．

21、略

【分析】

由于其中两相邻计数点间有四个点未画出；所以相邻的计数点间的时间间隔T=0.1s；

根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度；可以求出打纸带上4点时小车的瞬时速度大小；

v4==0.314m/s

根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小；

得：x4-x1=3a1T2

x5-x2=3a2T2

x6-x3=3a3T2

为了更加准确的求解加速度；我们对三个加速度取平均值。

得：a=（a1+a2+a3）

解得a=0.496m/s2

故答案为：0.314；0.496．

【解析】【答案】根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度；可以求出打纸带上4点时小车的瞬时速度大小．

根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小．

四、推断题(共1题，共4分)22、(1)Cl2FeFeCl3(2)Fe+2H+=Fe2++H2↑2Fe2++Cl2=2Fe3++2Cl-(3)因Cl2+H2O=HCl+HClO，HCl使石蕊试液变红，HClO具有漂白性，Cl2+H2O=HCl+HClO使石蕊试液变红，HCl具有漂白性HClO(4))KSCN溶液1nm-100nm是否有丁达尔效应​【分析】【分析】本题考查无机物的推断，题目难度不大。

【解答】

rm{(1)A}rm{(1)A}为溶于水所得的溶液可使石蕊试液先变红后退色，则说明rm{A}为rm{Cl}rm{A}rm{A}rm{Cl}和rm{Cl}，能使石蕊试液先变红后褪色，的水溶液为浅绿色溶液，说明rm{2}中含有rm{2}，与水反应生成rm{HCl}和rm{HClO}，能使石蕊试液先变红后褪色，rm{F}的水溶液为浅绿色溶液，说明rm{B}中含有rm{Fe}rm{HCl}rm{HCl}rm{HClO}rm{HClO}，则rm{F}为rm{F}rm{B}rm{B}为rm{Fe}，则rm{Fe}为rm{{,!}^{2+}}，能继续和rm{Cl}为rm{Cl}；rm{Cl}rm{2}rm{2}；反应生成rm{D}，则rm{D}为rm{FeCl}rm{D}rm{D}rm{D}rm{D}rm{FeCl}为rm{FeCl}和盐酸的反应，反应的离子方程式为rm{3}rm{3}，所以rm{B}为rm{Fe}，则rm{C}为rm{H}rm{B}rm{B}rm{Fe}rm{Fe}rm{C}rm{C}rm{H}rm{H}rm{2}rm{2}，rm{E}为rm{HCl}；rm{E}rm{E}rm{HCl}rm{HCl}故答案为：rm{Cl}rm{Cl}rm{Cl}rm{2}rm{2}；rm{Fe}；rm{FeCl}rm{Fe}rm{Fe}故答案为：rm{FeCl}rm{FeCl}rm{3}rm{3}；rm{(2)}rm{(2)}反应rm{垄脵}为rm{Fe}和盐酸的反应，反应的离子方程式为rm{Fe+2H}rm{垄脵}rm{Fe}rm{Fe}rm{Fe+2H}rm{Fe+2H}rm{{,!}^{+}}

rm{篓T}rm{Fe}rm{篓T}rm{Fe}和rm{Fe}，涉及反应为rm{{,!}^{2+}}rm{+H}rm{+H}rm{2}rm{2}rm{隆眉}rm{FeCl}具有酸性，rm{隆眉}具有氧化性和漂白性，可使石蕊试液褪色；rm{FeCl}rm{FeCl}rm{2}rm{2}具有还原性，能与具有氧化性的rm{Cl}rm{Cl}rm{Cl}使石蕊试液变红，rm{2}具有漂白性；rm{2}反应生成rm{FeCl}rm{FeCl}rm{FeCl}rm{3}rm{3}溶液，观察溶液是否变红，具体做法为取少量溶液于试管中，滴加两滴，反应的离子方程式为rm{2Fe}溶液，观察溶液是否变红色，将饱和rm{2Fe}rm{2Fe}rm{{,!}^{2+}}rm{+Cl}rm{+Cl}之间，具有丁达尔效应；rm{2}故答案为：rm{2}溶液；rm{篓T}rm{2Fe}是否有丁达尔效应。rm{篓T}【解析】rm{(1)Cl_{2}}rm{Fe}rm{FeCl_{3}}rm{(1)Cl_{2}}rm{Fe}rm{(2)Fe+2H^{+}=Fe^{2+}+H_{2}}rm{FeCl_{3}}rm{(2)

Fe+2H^{+}=Fe^{2+}+H_{2}}rm{(2)

Fe+2H^{+}=Fe^{2+}+H_{2}}rm{隆眉}，rm{2Fe^{2+}+Cl_{2}=2Fe^{3+}+2Cl^{-}}使石蕊试液变红，rm{2Fe^{2+}+Cl_{2}=2Fe^{3+}+2Cl^{-}}具有漂白性rm{(3)}rm{(3)}因rm{Cl_{2}+H_{2}O=HCl+HClO}，rm{HCl}使石蕊试液变红，rm{HClO}具有漂