2024年华师大版选修3物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2024年华师大版选修3物理上册阶段测试试卷522考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、关于固体、液体和物态变化，下列说法正确的是（）A.当人们感到潮湿时，空气绝对湿度一定大B.当分子间距离增大时，分子间的引力减小，斥力增大C.一定量的理想气体，在压强不变时，气体分子每秒对器壁单位面积平均碰撞次数随着温度升高而增多D.水的饱和汽压随温度的升高而增大2、一定质量的理想气体被质量为的绝热活塞封闭在竖直放置的绝热汽缸中，活塞的面积为S，与汽缸底部相距温度为现接通电热丝给气体缓慢加热，活塞缓慢向上移动距离后停止加热，整个过程中，气体吸收的热量为大气压强为p0，重力加速度为则（）

A.初始时，气体压强B.停止加热时，气体的温度C.该过程中，气体内能增加量D.该过程中，气体内能增加量3、有一个电流表G；内阻Rg=10Ω满偏电流Ig=3mA．要把它改装成量程0～3V的电压表，则（）

A.要串联一个阻值为990Ω的电阻。

B.要并联一个阻值为990Ω的电阻。

C.要串联一个阻值为0.10Ω的电阻。

D.要并联一个阻值为0.10Ω的电阻A.B.C.D.4、下列情况中能产生感应电流的是（）

A.如图甲所示，导体AB顺着磁感线运动B.如图乙所示，条形磁铁插入线圈中不动时C.如图丙所示，小螺线管A置于大螺线管B中不动，开关S一直接通时D.如图丙所示，小螺线管A置于大螺线管B中不动，开关S一直接通，在移动变阻器滑片的过程中5、如图所示，通有恒定电流的导线MN与闭合金属框共面，第一次将金属框由Ⅰ平移到Ⅱ，第二次将金属框绕cd边翻转到Ⅱ，设先后两次通过金属框的磁通量变化量大小分别为ΔΦ1和ΔΦ2；则()

A.ΔΦ1＞ΔΦ2，两次运动中线框中均有沿adcba方向电流出现B.ΔΦ1＝ΔΦ2，两次运动中线框中均有沿abcda方向电流出现C.ΔΦ1＜ΔΦ2，两次运动中线框中均有沿adcba方向电流出现D.ΔΦ1＜ΔΦ2，两次运动中线框中均有沿abcda方向电流出现6、某振子做简谐运动的表达式为x=2sin（2πt+）cm，则该振子振动的振幅和周期为（）A.2cm，1sB.2cm，2πsC.1cm，sD.1cm，2πs7、如图所示，两个大小相同、质量均为m的小弹珠静止在水平地面上，某小孩在极短时间内给第一个弹珠一个水平冲量使其向右运动，当第一个弹珠运动了距离L时与第二个弹珠发生弹性正碰，碰后第二个弹珠运动了2L后停下。已知弹珠所受阻力大小恒为重力的k倍，重力加速度为g，则小孩对第一个弹珠（）

A.施加的冲量为B.施加的冲量为C.做的功为kmgLD.做的功为3kmgL8、如图所示，为圆的两条互相垂直的直径，圆心为半径为将等量的正、负点电荷放在圆周上，它们的位置关于对称，与点的连线和间夹角为下列说法正确的是。

A.两点的电势关系是B.两点的电势关系C.点的场强大小为D.点的场强大小为评卷人得分二、多选题(共8题，共16分)9、严冬，湖面上结了厚厚的冰，但冰下鱼儿仍在游动。为了测出冰下水的温度，徐强同学在冰上打了一个洞，拿来一支实验室温度计，用下列四种方法测水温，正确的做法是（）A.用线将温度计拴牢从洞中放入水里，待较长时间后从水中提出，读出温度计的示数B.取一空的塑料饮水瓶，将温度计悬吊在瓶中，再将瓶拴住从洞中放入水里，水灌满瓶后待较长时间，然后将瓶提出，立即读出温度计的示数C.若温度计显示的示数为摄氏温度即热力学温度4KD.若温度计显示的示数为摄氏温度即热力学温度277.15K10、下列说法错误的是_____。A.布朗运动就是液体分子的无规则运动，且温度越高，布朗运动越剧烈B.当甲、乙两个分子间距离为r0时，分子间的引力和斥力大小相等；若规定此距离时分子势能为零，则分子势能不可能为负值C.温度升高，物体的内能一定增大E.做功和热传递在改变内能的效果上是相同的E.做功和热传递在改变内能的效果上是相同的11、如图所示，两平行的虚线间的区域内存在着有界匀强磁场，有一较小的三角形线框abc的ab边与磁场边界平行，现在外力F的作用下，此线框向右匀速穿过磁场区域，运动过程中始终保持速度方向与ab边垂直．以线框的ab边到达磁场边界时开始计时，并规定逆时针方向为感应电流的正方向，向右为力的正方向．则关于线框中的感应电流i和线框所受到的外力F随时间变化规律的以下图线中；可能正确的是（）

A.B.C.D.12、下列说法正确的是____．A.已知铜的密度和摩尔质量，可以估算铜分子的直径B.晶体均具有规则的几何形状，但不一定具有各向异性的特征C.绝对湿度相同，温度较低时相对湿度较大，感觉越潮湿E.密闭在汽缸里一定质量理想气体发生等压膨胀时，单位时间碰撞器壁单位面积的气体分子数一定减少E.密闭在汽缸里一定质量理想气体发生等压膨胀时，单位时间碰撞器壁单位面积的气体分子数一定减少13、如图所示，R0为热敏电阻（温度降低电阻增大），D为理想二极管（正向电阻为零，反向电阻无穷大），C为平行板电容器，M点接地，在开关S闭合后，C中央有一带电液滴刚好静止．下列各项单独操作可能使带电液滴向上运动的是（）

A.将热敏电阻R0加热B.滑动变阻器R的滑动头P向上移动C.开关S断开D.电容器C的上极板向上移动14、如图所示，实线是沿x轴传播的一列简谐横波在t＝0时刻的波形图，虚线是这列波在t＝0.2s时刻的波形图．该波的波速为0.8m/s；则下列说法正确的是()

A.这列波的波长是12cm，沿x轴负方向传播．B.这列波的周期是0.5sC.这列波是沿x轴正方向传播的D.t＝0时，x＝4cm处的质点振动方向为沿y轴负方向15、如图所示的电路，是定值电阻，是滑动变阻器，电源内阻不可忽略．闭合开关，在电路稳定后，将滑动变阻器的滑动触头由中点向下移动的过程中()

A.电压表示数变小B.电容器充电C.电源的总功率变大D.通过滑动变阻器的电流变小16、空间分布有竖直方向的匀强电场，现将一质量为m的带电小球A从O点斜向上抛出，小球沿如图所示的轨迹击中绝缘竖直墙壁的P点．将另一质量相同、电荷量不变、电性相反的小球B仍从O点以相同的速度抛出，该球垂直击中墙壁的Q点(图中未画出)．对于上述两个过程；下列叙述中正确的是()

A.球A的电势能增大，球B的电势能减小B.P点位置高于Q点C.若仅增大A球质量，A球有可能击中Q点D.电场力对球A的冲量大小等于对球B的冲量大小评卷人得分三、填空题(共7题，共14分)17、长为L的水平极板间有垂直纸面向里的匀强磁场，如图所示．磁感应强度为B，板间离也为L，极板不带电．现有质量为m、电荷量为q的带正电粒子(不计重力)，从左边极板间中点处垂直磁感线以速度v水平射入磁场，欲使粒子不打在极板上，粒子的速度范围为______。18、如图，上端带卡环、底部有加热装置的圆柱形气缸竖直放置在水平地面上，质量为m、横截面积为S、厚度不计的活塞到气缸底部的距离为气缸高度的一半，活塞下部封闭有温度为T的理想气体。已知重力加速度为g，外界大气压强恒为忽略一切摩擦。现对封闭气体缓慢加热，则活塞恰好到达气缸上端卡口时气体温度T1=_______；保持封闭气体的温度T1不变，在活塞上表面缓慢倒入沙子，使活塞到气缸底部的距离为气缸高度的三分之一，则倒入沙子的总质量m1=________。

19、马鞍山是一座钢铁城市，马钢工人时常为高炉进行检修．而这时高炉内干燥空气的温度竟达160℃，工人却安全在炉内工作几个小时，是因为________．20、一太阳能电池板，直接用理想电压表测得它两极的开路电压为0.8V，理想电流表测出的短路电流为0.04A，此电源内阻为________Ω．若将该电池板与一阻值为20Ω的电阻器连成一闭合电路，则流过电阻的电流为________A．21、两个分别带有电荷量和的相同金属小球（均可视为点电荷），固定在相距为的两处，它们间库仑力的大小为两小球相互接触后将其固定距离变为则两球间的库仑力的大小为的__________倍．22、如图所示，一列沿x轴上传播的简谐横波t0时刻的图线用实线表示．经过△t=0.2s时其图线用虚线表示；已知波长为5cm．

（i）若波向x轴正方向传播，最小波速是____________cm/s；

（ii）若波向x轴负方向传播，最大周期为____________s；

（iii）若波速为71cm/s，则此波向____________传播．（填“x轴正方向”或“x轴负方向”）23、质量为的小物块，带正电q，开始时让它静止在倾角的固定光滑绝缘斜面顶端，整个装置放在水平向左、大小为的匀强电场中，如图所示．斜面高为H，释放物体后，物块马上落地瞬间的速度大小为__________．

评卷人得分四、作图题(共3题，共6分)24、如图所示，甲、乙是直线电流的磁场，丙、丁是环形电流的磁场，戊、己是通电螺线管的磁场，试在各图中补画出电流方向或磁感线方向．

25、示波管的内部结构如图所示．如果在偏转电极XX/、YY/之间都没有加电压，电子束将打在荧光屏中心．如果在偏转电极XX/之间和YY/之间分别加上如图所示的电压，请画出荧光屏上出现的完整扫描波形图．

26、图中表示某一时刻的波形图，已知波速为0.5m/s，波沿着x轴的正方向传播；画出经过7s后的波形曲线。

评卷人得分五、实验题(共3题，共27分)27、某同学用化学课所学的知识，用柠檬自制了一个水果电池，用万用表粗测得知它的电动势E约为3V，内阻r约为40Ω；若该电池允许输出的最大电流为20mA．为了测定该电池的电动势和内阻，某同学准备了如下器材：

A.待测电池。

B.电压表V：量程0~15V，内阻Rv≈15kΩ；

C.电流表A：量程0~1mA，内阻RA=38Ω；

D.电阻箱R：0-999.9Ω；

E.定值电阻R1=2Ω；

F.定值电阻R2=19Ω；

G.定值电阻R3=72Ω；

H.定值电阻R=108Ω

I.开关；导线若干．

(1)该同学设计的部分电路如图甲所示，图中保护电阻R0应选择器材中的___________(填写器材前的选项字母)

(2)选择合适的器材，将虚线框中的电路补充完整_______；并在电路中注明所选器材的符号：

(3)将电阻箱的阻值调整到最大；闭合开关．

(4)调节电阻箱的电阻；使所选电表指针指到某一位置，记录此时电阻箱的阻值R和所选电表的读数x，电表读数用国际单位(A或V)作单位．

(5)重复步骤(4)获取多组R和x的值．

(6)断开开关；整理器材．

(7)据所得数据在－R坐标系中描点连线；如图乙所示．

根据图线可求得该电池的电动势E=___________V，内阻r=___________Ω．(结果均保留一位小数)28、某物理兴趣小组设计了如图a所示的欧姆表电路；通过控制电键S和调节电阻箱，可使欧姆表具有“×1”和“×10”两种倍率。所用器材如下：

A.干电池：电动势E=1.5V，内阻r=0.5Ω

B.电流G：满偏电流Ig=1mA，内阻Rg=150Ω

C.定值电阻R1=1200Ω

D.电阻箱R2和R3：最大阻值都为999.9Ω

E.电阻箱R4：最大阻值9999Ω

F.电键一个；红；黑表笔各1支，导线若干。

(1)该实验小组按图a正确连接好电路。当电键S断开时，将红、黑表笔短接，调节电阻箱R2=______Ω，使电流表达到满偏，此时闭合电路的总电阻叫做欧姆表的内阻R内，则R内=______Ω；欧姆表的倍率是______（选填“×1”；“×10”）；

(2)闭合电键S：第一步：调节电阻箱R2和R3，使时，R2=______Ω，将红、黑表笔短接，电流表再次满偏；第二步：在红、黑表笔间接入电阻箱R4，调节R4，当电流表指针指向图b所示的位置时；对应的欧姆表的刻度值为______Ω。

29、建造重庆长江大桥复线桥高将长百米；重千余吨的钢梁从江水中吊起如图、施工时采用了将钢梁与水面成一定倾角出水的起吊方案；为了探究该方案的合理性，某研究性学习小组做了两个模拟实验.研究将钢板从水下水平拉出（实验1）和以一定倾角拉出（实验2）的过程中总拉力的变化情况.

①必要的实验器材有：钢板、细绳、水盆、水、支架、刻度尺、计时器和______等.

②根据实验曲线，实验2中的最大总拉力比实验1中的最大总拉力降低了_____.

③根据分子动理论，实验1中最大总拉力明显增大的原因是_____.

④可能导致测量拉力的实验误差的原因有：读数不准、钢板有油污、________等等（答出两个即可）

评卷人得分六、解答题(共3题，共30分)30、如图所示，间距为L、光滑的足够长的金属导轨(金属导轨的电阻不计)所在斜面倾角为，两根同材料、长度均为L、横截面均为圆形的金属棒CD、PQ放在斜面导轨上，已知CD棒的质量为m、电阻为R，PQ棒的圆截面的半径是CD棒圆截面的2倍．磁感应强度为B的匀强磁场垂直于导轨所在平面向上，两根劲度系数均为k、相同的弹簧一端固定在导轨的下端，另一端连着金属棒CD．开始时金属棒CD静止，现用一恒力平行于导轨所在平面向上拉金属棒PQ，使金属棒PQ由静止开始运动，当金属棒PQ达到稳定时，弹簧的形变量与开始时相同．已知金属棒PQ开始运动到稳定的过程中通过CD棒的电荷量为q，此过程可以认为CD棒缓慢地移动，已知题设物理量符合的关系式，求此过程中(要求结果均用mg、k、来表示)：

（1）CD棒移动的距离；

（2）PQ棒移动的距离；

（3）恒力所做的功．31、单位时间内流过管道横截面的液体体积叫做液体的体积流量（以下简称流量）．由一种利用电磁原理测量非磁性导电液体（如自来水、啤酒等）流量的装置，称为电磁流量计．它主要由将流量转换为电压信号的传感器和显示仪表两部分组成．传感器的结构如题图所示，圆筒形测量管内壁绝缘，其上装有一对电极和c,a,c间的距离等于测量管内径D，测量管的轴线与a、c的连接线以及通过通电线圈产生的磁场方向三者相互垂直．当导电液体流过测量管时，在电极a、c的间出现感应电动势E，并通过与电极连接的仪表显示出液体流量Q．设磁场均匀恒定，磁感应强度为B．

（1）已知D=0.40m，B=2.5×10-3T，Q=0.12m3/s设液体在测量管内各处流速相同，试求E的大小（π取3.0）

（2）一新建供水站安装了电磁流量计；在向外供水时流量本应显示为正值．但实际显示却为负值．经检查，原因是误将测量管接反了，既液体由测量管出水口流入，从如水口流出．因为已加压充满管道．不便再将测量管拆下重装，请你提出使显示仪表的流量指示变为正值的简便方法；

（3）显示仪表相当于传感器的负载电阻，其阻值记为R,a、c间导电液体的电阻r随液体电阻率的变化而变化，从而会影响显示仪表的示数．试以E、R、r为参量，给出电极a、c间输出电压U的表达式，并说明怎样可以降低液体电阻率变化对显示仪表示数的影响．32、如图所示,光滑平行金属轨道的倾角为θ,宽度为L.在此空间存在着垂直于轨道平面的匀强磁场,磁感应强度为B.在轨道上端连接阻值为R的电阻.质量为m电阻为R的金属棒搁在轨道上,由静止释放,在下滑过程中,始终与轨道垂直,且接触良好.轨道的电阻不计.当金属棒下滑高度达h时,其速度恰好达最大.试求:

(1)金属棒下滑过程中的最大加速度.

(2)金属棒下滑过程中的最大速度.

(3)金属棒从开始下滑到速度达最大的过程中,电阻R所产生的热量参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、D【分析】【分析】

【详解】

A．在一定气温条件下；大气中相对湿度越大，水汽蒸发也就越慢，人就感受到越潮湿，故当人们感到潮湿时，空气的相对湿度一定较大，但绝对湿度不一定大，故A错误；

B．分子间距离增大时；分子间的引力和斥力均减小，故B错误；

C．温度升高；气体分子对器壁的平均撞击力增大，要保证压强不变，分子单位时间对器壁单位面积平均碰撞次数必减少，故C错误；

D．饱和汽压与液体种类和温度有关；水的饱和汽压随温度的升高而增大，故D正确。

故选D。2、B【分析】【详解】

A．初始时，对活塞根据平衡条件有

解得

故A错误；

B．对气体缓慢加热过程中，气体经历等压变化，根据盖—吕萨克定律有

解得

故B正确；

CD．该过程中，气体对外做功为

根据热力学第一定律可得

故CD错误。

故选B。3、A【分析】【详解】

把电流表改装为电压表，应串联一个分压电阻，串联电阻阻值为：

故A正确．4、D【分析】【详解】

如图甲所示；导体AB顺着磁感线运动，不切割磁感线，无感应电流，选项A错误；如图乙所示，条形磁铁插入线圈中不动时，磁通量不变，无感应电流产生，选项B错误；如图丙所示，小螺线管A置于大螺线管B中不动，开关S一直接通时，穿过B的磁通量不变，无感应电流，选项C错误；如图丙所示，小螺线管A置于大螺线管B中不动，开关S一直接通，在移动变阻器滑片的过程中，线圈A中的电流变化，穿过线圈B的磁通量变化，会有感应电流产生，选项D正确；故选D.

点睛：解答本题的关键是正确理解感应电流产生的条件，即穿过闭合回路的磁通量变化，或者闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运动．5、C【分析】【详解】

AB．设在位置Ⅰ通过金属框的磁通量为Φ1，在位置Ⅱ通过金属框的磁通量为Φ2，由题可知：ΔΦ1＝|Φ2－Φ1|，ΔΦ2＝|－Φ2－Φ1|，所以金属框的磁通量变化量大小ΔΦ1＜ΔΦ2；故AB错误．

CD．由安培定则知两次磁通量均向里减小，所以由楞次定律知两次运动中线框中均出现沿adcba方向的电流，故C正确D错误.6、A【分析】【分析】

简谐运动的一般表达式为位移的最大值等于振幅．由可求出周期．

【详解】

根据简谐运动的表达式为：cm得知；该振子振动的振幅A=2cm；

圆频率则周期为

故选A．7、D【分析】【分析】

【详解】

CD．两个完全相同的小球发生弹性碰撞，速度交换，设第二个小球碰后的速度为v，根据速度位移公式有

解得对第一个小球，设小孩对其做功为W，根据动能定理

代入可得W=3kmgL；C错误；D正确；

AB．设小孩施加的冲量为I，产生向右的初速度为根据动能定理有

解得

根据动量定理有

故AB错误。

故选D。8、C【分析】【详解】

解：等量正负点电荷连线的中垂线上电势为零，因而由电势公式点电势大于零，点电势小于零．点的场强大小为正负电荷的合场强．故选C．二、多选题(共8题，共16分)9、B:D【分析】【分析】

【详解】

AB．要测量冰下水的温度；必须使温度计与冰下的水达到热平衡时，再读出温度计的示数，但因隔着冰无法直接读数，把温度计取出来，显示的也不再是原热平衡状态下的温度，A错误B正确；

CD．根据。

C错误D正确。

故选BD。10、A:C:D【分析】【分析】

【详解】

A．布朗运动是悬浮在液体中的固体颗粒的运动；反映了液体分子的无规则运动，选项A错误，符合题意；

B．当甲、乙两个分子间距离为r0时；分子间的引力和斥力大小相等，此处分子势能最小，若规定此距离时分子势能为零，则分子势能不可能为负值，选项B正确，不符合题意；

C．一定质量的物体；内能与温度和体积有关，温度升高，物体的内能不一定增大，选项C错误，符合题意；

D．干湿泡湿度计示数差别越大；表明相对湿度越小，选项D错误，符合题意；

E．做功和热传递在改变内能的效果上是相同的；选项E正确，不符合题意。

故选ACD。11、B:C【分析】【详解】

开始时进入磁场切割磁感线，根据右手定则可知，电流方向为逆时针，当开始出磁场时，回路中磁通量减小，产生的感应电流为顺时针；不论进入磁场，还是出磁场时，由于切割的有效长度变小，导致产生感应电流大小变小，故A错误，B正确；进入磁场过程中，根据平衡条件可得F=FA=由于有效切割长度逐渐减小，所以拉力逐渐减小；完全进入磁场过程中安培力为零，则拉力为零；出磁场过程中，有效切割长度逐渐减小，所以拉力逐渐减小；整个过程中安培力方向向左，则拉力方向向右，故C正确、D错误．12、A:C:E【分析】【分析】

【详解】

A.已知铜的密度和摩尔质量；可求铜的摩尔体积．铜分子可以看作一个个紧密排列圆球，摩尔体积除以阿伏伽德罗常数可求铜分子体积，根据圆球的体积公式可以估算铜分子的直径，故A正确；

B.多晶体不具有规则的几何形状；也不具有各向异性的特征，故B错误；

C.温度越低；饱和气压越低，所以绝对湿度相同，温度较低时相对湿度较大，感觉越潮湿，故C正确；

D.当液体与固体之间表现为浸润时；附着层内分子间的距离小于平衡距离，作用力表现为斥力，故D错误；

E.一定质量理想气体发生等压膨胀时；温度一定升高，分子平均动能增大，分子撞击器壁时的平均作用力增大．压强不变，单位时间单位面积器壁受到的撞击力相同，单位时间碰撞器壁单位面积的气体分子数一定减少，故E正确．

故选ACE13、A:C【分析】【分析】

由共点力的平衡条件可知液滴的受力情况；要使液滴向上运动，应增大两板间的电势差；由根据闭合电路欧姆定律可知应采取何种措施；注意二极管的作用可以阻止电容器上的电量流出．

【详解】

A．要使液滴向上运动；则应增大液滴受到的电场力；即应增大两板间的电势差；热敏电阻加热时，热敏电阻阻值减小，则由闭合电路欧姆定律可知，滑动变阻器两端的电压增大，故电容器两端的电压增大，液滴向上运动，故A正确；

B．当变阻器的滑片向上移动时，滑动变阻器接入电阻减小，则总电流增大，内压及R0两端的电压增大；则滑动变阻器两端的电压减小，故不会充电，电容器两端的电势差不变，故B错误；

C．开关S断开时；电容器直接接在电源两端，电压增大，则液滴向上运动，故C正确；

D．电容器C的上极板向上移动，d增大；则电容C减小，由于二极管具有单向导电性，电荷不会向右流出，所以电容器两端的电势差增大，由于C＝E＝U/d．所以：E＝由于极板上的电量不变，而场强E与极板之间的距离无关，所以电场强度E不变，液滴仍然静止，故D错误；

故选AC．14、A:D【分析】【详解】

从图中可以看出波长等于12cm，由已知得波速等于0.8m/s，周期经过0.2s即经过周期，经过一个周期质点回到原位置，即只看经过周期的振动情况即可，若沿x轴正方向传播，x=4cm处质点经过周期应该向下振动，所以该波沿x轴负方向传播，故A正确，BC错误；由于该波向左传播，所以根据振动和波动关系可知t=0时刻，x=4cm处的质点的质点速度沿沿y轴负方向，故D正确．15、A:C【分析】【分析】

变阻器滑片移动时；分析总电阻的变化，判断总电流和路端电压的变化。根据电路串并联知识和闭合电路欧姆定律分析电容器两端电压变化情况，即可判断电容器的状态.

【详解】

A、当滑动变阻器的滑动触头由中点向下移动时，R4变小，电路的总电阻变小，总电流I变大；内电压变大，则路端电压变小，因此电压表示数变小；故A正确.

B、电容器两端电压为：U=E-I（r+R2），I变大，故电容器两端电压U变小；带电量变小，电容器放电，故B错误；

C、电源的总功率P=EI，I变大，则P变大；故C正确.

D、根据串联电路分压规律知，变阻器两端的电压增小，通过R1的电流变小；而总电流变大，所以通过滑动变阻器的电流变大；故D错误.

故选AC.

【点睛】

本题是电路动态分析问题，关键是理清电路，根据路串并联知识和闭合电路欧姆定律得到各个部分电路电流和电压的变化.16、A:D【分析】【分析】

根据题意可判断电场力的方向，从而判断电场力做功情况以及电势能变化情况；分析两种情况下的加速度关系，根据v2-v02=2ah判断h的关系；根据I=Ft判断电场力的冲量关系.

【详解】

由题意可知，击中P点的小球A受电场力向下，垂直击中Q点的小球B受电场力向上，可知电场力对A做负功，对B做正功，球A的电势能增大，球B的电势能减小，选项A正确；根据牛顿第二定律，对A球：mg+qE=maA；对B球：mg-qE=maB；可知aA>aB；对球A竖直方向：对球B在竖直方向：可得hAB，即P点位置低于Q点，选项B错误；若仅增大A球质量，可知aA减小，但是不可能等于aB，则hA不可能等于hB，则若仅增大A球质量，A球不可能击中Q点，选项C错误；因两次抛球小球在水平方向的分速度相同，水平位移相同，可知两球运动的时间t相同；根据I=Eqt可知电场力对球A的冲量大小等于对球B的冲量大小，选项D正确；故选AD.三、填空题(共7题，共14分)17、略

【分析】【详解】

欲使粒子不打在极板上，如图所示，带正电的粒子从左边射出磁场时，其在磁场中圆周运动的半径R＜L/4；粒子在磁场中做圆周运动由洛伦兹力提供向心力，即：qvB=m可得粒子做圆周运动的半径：

所以粒子不打到极板上且从左边射出，则：即：

带正电的粒子从右边射出，如图所示，此时粒子的最小半径为R，由上图可知：R2=L2+（R-）2；可得粒子圆周运动的最大半径：R=则：即：故欲使粒子不打在极板上，粒子的速度必须满足或【解析】或18、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]对封闭气体缓慢加热；则活塞恰好到达气缸上端卡口，对封闭气体处于等压过程，由盖-吕萨克定律可知。

其中。

解得。

[2]未在活塞上表面缓慢倒入沙子前；对活塞列受力平衡。

保持封闭气体的温度T1不变,对封闭气体处于等温过程；由玻意耳定律可知。

对活塞列受力平衡。

其中。

联立可解。

【解析】2T；4m19、略

【分析】【分析】

【详解】

工人能在炉内温度竟达160℃的环境中工作几个小时；是因为在高压炉内干燥空气中，工人容易排汗，通过蒸发来维持体温．

【点睛】

高压炉内空气温度高，工人容易排汗，温度越高汗液蒸发越快，蒸发吸热，人体温度降低．【解析】在高炉内干燥空气中，工人容易排汗，通过蒸发来维持体温20、略

【分析】【分析】

根据开路电压可求得电源的电动势；再根据短路电流由闭合电路欧姆定律可求得内阻大小；再对接入20Ω的电阻进行分析，由闭合电路欧姆定律求出电流大小；

【详解】

开路电压为则电源的电动势短路电流为

则内阻

若与20Ω的电阻串联时，电流．

【点睛】

本题考查闭合电路欧姆定律的正确应用，要注意明确开路电压为电源的电动势，当外电阻为零时的电流为短路电流．【解析】200.0221、略

【分析】【分析】

清楚两小球相互接触后；其所带电量先中和后均分．根据库仑定律的内容，根据变化量和不变量求出问题．

【详解】

相距为r时，根据库仑定律得：接触后各自带电量变为则此时两式联立得即大小为F的倍．

【点睛】

本题考查库仑定律及带电题电量的转移问题．注意两电荷接触后各自电荷量的变化，这是解决本题的关键．【解析】22、略

【分析】【详解】

根据题意，波速周期T=

（i）若波向x轴正方向传播，最小波速是4cm/s（n=0；式子取“+”号）

（ii）若波向x轴负方向传播，最大周期为s（n=1；式子取“-”号）

（iii）若波速为71cm/s，对应n=3，且式子取“-”号，说明波向x轴负方向传播．【解析】4x轴负方向23、略

【分析】【分析】

【详解】

[1]对物块进行受力分析；物块受重力和水平向左的电场力，如图所示。

电场力为

从开始到落地过程，由动能定理得

解得【解析】四、作图题(共3题，共6分)24、略

【分析】【详解】

利用右手螺旋定则；已知电流的方向可判定磁场方向，也可以通过磁场方向来确定电流的方向；

图甲；已知磁场方向，顺时针方向，则电流垂直纸面向里；

图乙；电流右侧的磁场的方向向里，左侧的磁场的方向向外，则电流的方向向上；

图丙；已知磁场方向，则可知电流方向，逆时针方向；

图丁；环形电流从左侧流入，从右侧流出，所以磁场的方向向下；

图戊；根据螺线管中电流方向，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向左；

图已；根据螺线管中上边的电流方向向外，下边的电流的方向向里，利用右手螺旋定则可以确定螺线管的磁场的方向向右．如图所示：

【解析】25、略

【分析】试题分析：A图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为2T，即在2T的时间内才能完成一次水平方向的扫描，而竖直方向（y方向）的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向由2个周期性的变化；y方向的电压变化为正弦式的变化，由于电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以A图中的扫描图形如图；

要在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象．XX′偏转电极要接入锯齿形电压；即扫描电压．

B图中；在XX′偏转电极所加的电压的周期为T，即在一个周期T的时间内完成一次水平方向的扫描，同时竖直方向的周期为T，所以在水平方向的一次水平扫描的过程中，竖直方向也完成一个周期性的变化；y方向的电压大小不变，方向每半个周期变化一次，结合电子到达荧光屏的偏转量与偏转电压成正比，所以B图中的扫描图形如图．

考点：考查了示波器的工作原理。

【名师点睛】本题关键要清楚示波管的工作原理，示波管的YY′偏转电压上加的是待显示的信号电压，XX′偏转电极通常接入锯齿形电压，即扫描电压，当信号电压与扫描电压周期相同时，就可以在荧光屏上得到待测信号在一个周期内的稳定图象【解析】26、略

【分析】【分析】

【详解】

7s波向前传播的距离为

7s后，故x=3.5m位置的原图中x=0位置的振动情况相同；因此作出以下图形。

【解析】五、实验题(共3题，共27分)27、略

【分析】【分析】

（1）求出电路的最小电阻；然后选择保护电阻．

（2）根据题意选择实验器材；根据实验原理作出实验电路图．

（7）根据实验电路应用闭合电路的欧姆定律求出图象的函数表达式；然后根据图示图象求出电源的电动势与内阻．

【详解】

（1）本实验中，当滑动变阻器接入电路的阻值为0时，电池输出的电流最大，则电路中的最小固定电阻值约为因电源内阻约为故值电阻约为故该定值电阻应选器材中的H；

（2）本实验给定电压表量程太大，不可以使用；因电流表给定量程太小，故需要扩大量程20倍，需要并联的电阻值所以选定值电阻R1与电流表A并联，就可改装成一个量程为20mA的电流表．所以虚线框中的电路补充完整后如下图象所示：

（7）由以上分析可知；题目中提到的x，指代电流表读数I；

根据闭合电路欧姆定律可得：

整理方程得：

即：

故解得：

解得：

故本题答案为：（1）H；（2）（7）3.2V；42.1Ω

【点睛】

本题考查了测电源电动势与内阻实验，根据题意确定实验原理是解题的前提与关键，根据电路图应用闭合电路欧姆定律求出图象的函数表达式，根据图示图象可以求出电源电动势与内阻．【解析】H3.2V42.1Ω28、略

【分析】【分析】

【详解】

(1)[1][2][3]根据欧姆定律；得。

代入数据；得。

闭合电键后，干路电流增加，电路表与定值电阻两端电压减小，电流减小，则电流表指针向右偏转角度变小，因欧姆表的刻度与电流表相反，即指针向左偏转变大，因两次测量值应相同，则闭合电键后的倍率较小，所以电键断开时欧姆表的倍率为

(2)[4]电路中R3两端电压为。

则R2和r电压之和为。

根据断开与闭合电键倍率关系，可知，干路电流为支路电流的10倍。即通过R2电流为0.01A；则有。

代入数据；得。

[5]从b图读出电流表示数为0.60mA；则干路电流为6.0mA，根据欧姆定律，得。

解出。

由于倍率为故示数为100Ω。【解析】149.515001014.510029、略

【分析】【详解】

①因为本实验是要判断拉力的变化情况；故应用到测力计（弹簧测力计；力传感器等等）；

②实验一的最大拉力F1m=4.35N

实验二的最大拉力F2m=3.75+0.025=3.78N

所以

③钢板在水面下时，拉力F1=3.40N；

钢板出水后绳的拉力F2=3.78N

钢板在水中受到的浮力F0=F2--F1=0.38N；

实验