2024年华师大新版高三物理上册月考试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2024年华师大新版高三物理上册月考试卷223考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、天然放射性元素衰变时放出的β射线是（）A.电子流B.光子流C.中子流D.质子流2、如图所示，质量为m1的木块受到向右的拉力F的作用沿质量为m2的长木板向右滑行，长木板保持静化状态．已知木块与长木板间的动摩擦因数为μ1，长木板与地面问的动摩擦因数μ2，则（）A.长木板受到地面的摩擦力大小一定为μ2（m1+m2）gB.长木板受到地面的摩擦力大小一定为μ1m1gC.若改变F、的大小，当F＞μ2（m1+m2）g时，长木板将开始运动D.适当增加F的大小，长木板可能运动3、如图所示，一质量为m的滑块以初速度v0自固定斜面底端A开始冲上斜面，到达某一高度后返回A，斜面与滑块之间有摩擦．下图分别表示滑块在斜面上运动的整个过程中速度v、加速度a、重力势能EP和机械能E随时间的变化图线，可能正确的是（）A.B.C.D.4、在如图所示电路中，E为电源，其电动势E＝9.0V，内阻可忽略不计；AB为滑动变阻器，其电阻R＝30Ω；L为一小灯泡，其额定电压U＝6.0V，额定功率P＝1.8W；S为开关，开始时滑动变阻器的触头位于B端，现在接通开关S.然后将触头缓慢地向A方滑动，当到达某一位置C处时，小灯泡刚好正常发光，则CB之间的电阻应为()A.10ΩB.20ΩC.15ΩD.5Ω5、【题文】如图所示，带异种电荷的金属小球M和N静止在相距较远的A.B两点。两球质量和体积相同，所带电荷量分别为-2q、+q。释放后两球沿球心的连线在光滑绝缘水平面上相向运动并发生弹性碰撞后远离；则以下说法正确的是：（）

A．小球M从A开始运动到相碰所用时间t1小于相碰后返回A点所用时间t2

B.M和N两金属小球组成的系统动量始终为零。

C.两球组成的系统的电势能先减小后增大。

D.M和N两金属小球的总机械能一直增大6、如图所示，节目隆露

激情爬竿隆路

在春晚受到观众的好评。当杂技演员用双手握住固定在竖直方向的竿匀速攀上和匀速下滑时，他所受的摩擦力分别是F

f1

和F

f2

那么()A.F

f1

向下，F

f2

向上，且F

f1=

F

f2

B.F

f1

向下，F

f2

向上，且F

f1>

F

f2

C.F

f1

向上，F

f2

向上，且F

f1=

F

f2

D.F

f1

向上，F

f2

向下，且F

f1=

F

f2

7、关于质点瞬时速度v、加速度a=，下面说法中不正确的是（）A.v为零时，△v可能不为零，a可能不为零B.当v大小不变时，△v必为零，a也必为零C.v不断增大，a可能不变D.△v为零时，v不一定为零，但a却一定为零8、如图（a）所示，AB是某电场中的一条电场线．若有一电子以某一初速度并且仅在电场力的作用下，沿AB由点A运动到点B，其速度图象如图（b）所示．下列关于A、B两点的电势ϕ和电场强度E大小的判断正确的是（）A.EA=EBB.EA＜EBC.ϕA＞ϕBD.ϕA＜ϕB评卷人得分二、双选题(共5题，共10分)9、【题文】水平桌面上有甲；乙、丙三个完全相同的容器；装有不同的液体，将三个长方体A、B、C分别放入容器的液体中，静止时的位置如图所示，三个容器的液面相平。已知三个长方体的质量和体积都相同。则下列判断正确的是。

A．物体受到的浮力F浮A＞F浮B＞F浮C

B．容器对桌面的压力F甲＜F乙＜F丙

C．液体对容器底的压强p甲＝p乙＝p丙

D．物体下表面受到液体的压力F′A＞F′B＝F′C10、短周期元素rm{W}rm{X}rm{Y}rm{Z}的原子序数之和为rm{45}四种元素均位于不同主族。rm{W}的最高正价和最低负价代数和等于rm{0}rm{X}单质可作半导体材料；rm{Z}的气态氢化物与其最高价含氧酸都是强酸。下列说法中正确的是A.原子半径：rm{X<Y}B.最简单氢化物的稳定性：rm{Z>X}C.rm{Y}的简单离子与rm{Z}的简单离子具有相同的电子层结构D.化合物rm{XWZ_{3}}中存在离子键和极性键11、三位分别来自法国、美国、荷兰的科学家因研究“分子机器的设计与合成”而获得rm{2016}年诺贝尔化学奖。纳米分子机器日益受到关注，机器的“车轮”常用组件如下，下列说法正确的是()rm{垄脵(}三碟烯rm{)}rm{垄脷(}扭曲烷rm{)}rm{垄脹(}富勒烯rm{)}rm{垄脺(}金刚烷rm{)}A.rm{垄脵垄脷垄脹垄脺}均属于烃B.rm{垄脵垄脹}均能发生加成反应C.rm{垄脵垄脺}互为同分异构体D.rm{垄脵垄脷垄脹垄脺}的一氯代物均只有一种12、常温下，用rm{0.1000mol/L}的盐酸滴定rm{20.00mL}未知浓度的rm{Na_{2}CO_{3}}溶液，溶液的rm{pH}与所加盐酸的体积关系如图所示。下列有关叙述正确的是A.rm{a}点溶液呈碱性的原因用离子方程式表示为：rm{CO{}^{^{2-}}_{_{3}}+2H_{2}Ooverset{?}{}H_{2}CO_{3}+2OH^{-}}B.rm{CO{}^{^{2-}}_{_{3}}+2H_{2}O

overset{?}{}H_{2}CO_{3}+2OH^{-}}点处的溶液中rm{c}rm{c}rm{(Na^{+})-}rm{c}rm{(Cl^{-})=}rm{c}rm{(HCO{}^{^{-}}_{_{3}})+2}rm{c}C.滴定过程中使用甲基橙作为指示剂比酚酞更准确D.rm{(CO{}^{^{2-}}_{_{3}})}点处溶液中水电离出的rm{d}rm{c}大于rm{(H^{+})}点处rm{b}13、某课题组以纳米rm{Fe_{2}O_{3}}作为电极材料制备锂离子电池rm{(}另一极为金属锂和石墨的复合材料rm{)}通过在室温条件下对锂离子电池进行循环充放电，成功地实现了对磁性的可逆调控rm{(}如图rm{)}以下说法正确的是A.放电时，正极的电极反应式为rm{Fe_{2}O_{3}+6Li^{+}+6e^{-}=2Fe+3Li_{2}O}B.该电池可以用水溶液做电解质溶液C.放电时，rm{Fe}作电池的负极，rm{Fe_{2}O_{3}}作电池的正极D.充电时，电池被磁铁吸引评卷人得分三、填空题(共5题，共10分)14、力是保持物体运动的原因．____（判断对错）15、一交变电压瞬时值表达式为u=20Sin314tV，则此交流电压的最大值Um=____V；有效值U=____V；周期T=____S；频率f=____Hz．16、【题文】如图所示；有一量程为500μA；内阻为10kΩ的灵敏电流计改装成为量程为1A的电流表，然后把它与一个10Ω的电阻并联后接入一电路中，若电。

流表的示数为0.6A，则此电路中的电流I=________A。17、一辆汽车从一棵树旁静止开始做匀加速直线运动．运动到相距50米的第二棵树共用5秒，则汽车经过第二棵树时的速度是____．18、（2014秋•景洪市校级期中）如图是一个按正弦规律变化的交流电的图象．根据图象可知该交流电的电流最大值是____A，周期是____s．评卷人得分四、判断题(共3题，共12分)19、原先没有磁性的铁，在长期受到磁铁的吸引会产生磁性____．（判断对错）20、阴离子在阳极放电，阳离子在阴极放电．____（判断对错）21、电视机的显象管中电子束每秒进行50场扫描____．评卷人得分五、画图题(共2题，共14分)22、图所示为一列向左传播的简谐波在某一时刻的波形图，若波速是0.5m/s，试在图上画出经7s时的波形图。（提示：若用平移法，由于∴λ=2m故只需平移=1.5m）23、在图示中，物体A处于静止状态，请画出各图中A物体所受的弹力．评卷人得分六、综合题(共4题，共40分)24、【题文】在火车的车厢里用细线吊着一个小球，由于在铁轨接合处火车通过受到震动使球摆动，如果每根铁轨长12.5m，细线长0.4m，则当火车速度达到多大时，球摆动的振幅最大.25、【题文】一个矩形线圈长，宽分别为电阻为R，以角速度绕OO'轴匀速转动；线圈处在磁感强度为B的匀强磁场中，磁场方向与OO'垂直．求(1)线圈平面与磁感线平行(图示位置)时，线圈中的感应电流;(2)线圈从图示位置再转运30°时，它受的磁力矩大小.

26、拢脹

物理隆陋隆陋

选修3篓C3拢脻

(1)

下列说法正确的是_____________。A.空气中PM2.5

颗粒的无规则运动属于分子热运动B.某物体温度升高，组成该物体的分子的平均动能一定增大C.云母片导热性能各向异性，是由于该物质的微粒在空间的排列不规则D.空气相对湿度越大，则空气中水蒸气压强越接近饱和气压(2)

两分子间的作用力F

与分子间距离r

的关系如图中曲线所示，曲线与r

轴交点的横坐标为r0

甲分子固定在坐标原点O

乙分子在分子力作用下从图中a

点由静止开始运动，在r>r0

阶段；乙分子的动能_______(

选填“增大”；“减小”或“先减小后增大”)

​(3)

如图所示，一圆柱形绝热气缸竖直放置，通过绝热活塞封闭着一定质量的理想气体，活塞的质量为m

横截面积为S

与气缸底部相距h

此时封闭气体的温度为T

现通过电热丝缓慢加热气体，当气体吸收热量Q

时，气体温度上升到1.5T

已知大气压强为p0

重力加速度为g

不计活塞与气缸的摩擦，求：垄脵

加热后活塞到气缸底部的距离；垄脷

加热过程中气体的内能增加量；27、【选做题】本题包括ABC

三小题，请选定其中两小题，并在相应的答题区域内作答，若多做，则按AB

两小题评分．A.(

选修模块3鈭�3)

(1)

某同学做了如下实验：先把空烧瓶放入冰箱冷冻；取出后迅速用一个气球紧套在烧瓶颈上，再将烧瓶放进盛满热水的烧杯里，气球胀大起来，如图所示，与烧瓶放进热水前相比，放进热水后密闭气体的____.

A.内能减小B.分子平均动能增大C.分子对烧瓶底的平均作用力增大D.体积是所有气体分子的体积之和(2)

我国科技人员用升温析晶法制出了超大尺寸单晶钙钛矿晶体，尺寸超过71mm

这是世界上首次报导尺寸超过0.5

英寸的钙钛矿单晶，假设该单晶体的体积为V

密度为娄脩

摩尔质量为M

阿伏加德罗常数为NA

则该晶体所含有的分子数为____，分子直径为____.(

球的体积V=16娄脨D3D

为球的直径)

(3)

一定质量的理想气体；经历图A隆煤B隆煤C

状态变化过程.

气体在A

状态时温度为300K

．

垄脵

求气体在B

状态时的温度TB

．垄脷

若A隆煤B隆煤C

过程中气体内能增加了40J.

求此过程中气体吸收的热量Q

．

B.(

选修模块3鈭�4)

(1)

某同学用插针法测量平行玻璃砖折射率的实验图景如图所示.

他按正确的方法插了大头针abcd.

则下列说法中正确的是____.

A.实验中，入射角应适当大些B.该同学在插大头针d

时，使d

挡住ab

的像和c

C.若入射角太大，光会在玻璃砖内表面发生全反射

D.该实验方法只能测量平行玻璃砖的折射率(2)

如图所示；一列火车以速度v

相对地面运动.

如果地面上的人测得：地面上一只光源发出的闪光同时到达车厢的前壁和后壁，则火车上的人测得此闪光先到达____(

填“前壁”或“后壁”)

这两束闪光的传播速度____(

填“相等”或“不相等”).

(3)

有一列沿水平绳传播的简谐横波；频率为10Hz

振动方向为竖直方向，某时刻，绳上质点P

位于平衡位置且向下运动，在P

点右方0.6m

处有一质点Q.

已知此波向左传播且波速为8m/s

．

垄脵

求此列简谐波的波长娄脣

．垄脷

画出该时刻PQ

间波形图并标出质点Q

的位置．

C.(

选修模块3隆陋5)

(1)

如图是研究光电效应的实验装置.

用一定频率的光照射阴极K

当滑片P

处于图示位置时，电流表的示数不为零.

为使电流表示数减小，下列办法可行的是____.

A.将滑片P

向右移动B.减小入射光的强度C.换用电动势更大的电源D.将电源的正、负极对调(2)

由玻尔原子理论；氦离子He+

能级如图所示，电子在n=3

轨道上比在n=4

轨道上离氦核的距离____(

填“大”或“小”).

当大量处在n=3

的激发态的He+

发生跃迁时，所发射的谱线有____条.

(3)

以一定速度运动的原子核ZAX

放出娄脕

粒子后变成静止的原子核Y.

若XY

和娄脕

粒子的静质量分别是Mm1

和m2

真空中光速为c

不考虑相对论效应.

求反应过程中释放的能量以及娄脕

粒子的动能．参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、A【分析】【分析】天然放射性元素衰变时能够放出的三种射线是α、β、γ．α射线是氦核流，β射线是电子流，γ是光子流，是一种电磁波．【解析】【解答】解：天然放射性元素衰变时放出的β射线是电子流；故A正确，BCD错误．

故选：A．2、B【分析】【分析】先对滑块受力分析，求出滑块与长木板之间的滑动摩擦力；然后对长木板受力分析，求出其受到的静摩擦力．【解析】【解答】解：A、B、先对滑块受力分析，受拉力F、重力、支持力和向后的滑动摩擦力，滑动摩擦力为f1=μ1m1g；

根据牛顿第三定律；滑块对长木板有向前的滑动摩擦力，长木板还受到重力；压力、支持力和地面对其向后的静摩擦力，根据平衡条件，有。

f2=f1=μ1m1g≤μ2（m1+m2）g

故A错误；B正确；

C、若改变F的大小，当F＞μ2（m1+m2）g时；滑块加速，但滑块与长木板的滑动摩擦力不变，故长木板与地面间的静摩擦力也不变，故C错误；

D；增加F的大小；滑块加速的加速度变大，但滑块与长木板的滑动摩擦力不变，故长木板与地面间的静摩擦力也不变，故D错误；

故选：B．3、C【分析】【分析】滑块在斜面上运动过程中，由于存在摩擦力，上滑与下滑过程不再具有对称性，经过同一点时下滑的速度小于上滑的速度，上滑运动的时间较短．根据牛顿第二定律分析上滑与下滑过程的加速度大小关系．根据运动学公式和重力势能公式得出重力势能与时间的关系式．【解析】【解答】解：

A；滑块在斜面上运动过程中；由于存在摩擦力，机械能不断减小，经过同一点时下滑的速度小于上滑的速度，根据速度图象的“面积”等于位移，两个过程的位移大小相等，可知，下滑时间大于上滑时间．所以A错误．

B；物体在上滑与下滑两个过程中；所受的合力方向均沿斜面向下，加速度方向相同．故B错误．

C、设斜面的倾角为α．在上滑过程中：上滑的位移大小为x1=，重力势能为EP=mgx1sinα=mgsinα（），此为抛物线方程．下滑过程：重力势能为EP=mg[H-sinα]，H为斜面的最大高度，t0是上滑的时间；此为开口向下的抛物线方程．所以C是可能的．故C正确．

D；由于物体克服摩擦力做功；其机械能不断减小，不可能增大，所以D图不可能．故D错误．

故选C4、B【分析】【解析】【答案】B5、B|D【分析】【解析】将两个小球看成一个系统，它们之间的力为内力，外力为零，所以B正确；碰前碰后库仑力都做正功，且是弹性碰撞，所以D正确。【解析】【答案】BD6、C【分析】匀速攀上时，杂技演员所受重力与静摩擦力平衡，由平衡条件可知F

f1=

G

，方向竖直向上，匀速下滑时，其重力与滑动摩擦力平衡，则F

f2=

G

，方向竖直向上，所以F

f1=

F

f2

故选项A、B

D错误，C正确。【解析】C

7、B【分析】【分析】根据加速度的定义式a=可知物体的加速度等于物体的速度的变化率，加速度的方向就是物体速度变化量的方向，与物体速度的大小方向无关，即物体的速度变化越快物体的加速度越大．【解析】【解答】解：A、根据加速度的定义式a=；v为零时，△v可能不为零，a可能不为零，比如：物体上升到最高点时，故A正确．

B；当v大小不变时；方向可能变化，因此a不一定为零．故B错误．

C、根据加速度的定义式a=；当速度与加速度同向时，v不断增大，a可能不变，如匀加速直线运动，故C正确；

D；△v为零时；v不一定为零，加速度为零，比如：匀速直线运动，故D正确；

本题选择错误的；

故选：B．8、C【分析】【分析】v-t图象的斜率等于加速度，由图先分析出电子的加速度大小关系，即可确定电场强度的大小；根据电场线的方向可以确定电势的高低．【解析】【解答】解：

A、B，v-t图象的斜率等于加速度，由图可知，电子在A点加速度较大，则可知A点所受电场力较大，由F=Eq可知，A点的场强要大于B点场强，即EA＞EB；故A；B错误；

C、D电子从A到B的过程中，速度减小，动能减小，则可知电场力做负功，电场力方向由B→A，而电子带负电，则电场线方向由A→B，A点的电势要大于B点电势，即ϕA＞ϕB；故C正确，D错误；

故选：C．二、双选题(共5题，共10分)9、B|D【分析】【解析】

试题分析：三个长方体的质量相同，它们在三种液体中都只受重力和浮力，由二力平衡，它们受到的浮力大小相等，A选项错误。由三个长方体在液体中所处的深度不同，得到容器底所处的深度相同，液体对容器底的压强C选项错误。容器是相同的，所以容器对桌面的压力B选项正确。浮力是物体上下表面所受的压力差，A物体上下表面都受到液体的压力，B/、C只有下表面受到压力，所以它们下表面所受到的压力F′A＞F′B＝F′C；D选项正确。

考点：压力压强【解析】【答案】B、D10、AB【分析】【分析】本题考查了位置、结构与性质的关系，题目难度中等，推断元素为解答关键，注意熟练掌握原子结构与元素周期律、元素周期表的关系。【解答】rm{X}单质可作半导体材料，则rm{X}为rm{Si}元素；rm{W}的最高正价和最低负价代数和等于rm{0}四种元素均位于不同主族，则rm{W}为rm{H}元素；rm{Z}的气态氢化物与其最高价含氧酸都是强酸，则rm{Z}为rm{Cl}元素；短周期元素rm{W}rm{X}rm{Y}rm{Z}的原子序数之和为rm{45}则rm{Y}的原子序数为rm{45-1-14-17=13}则rm{Y}为rm{Al}元素。单质可作半导体材料，则rm{X}为rm{X}元素；rm{Si}的最高正价和最低负价代数和等于rm{W}四种元素均位于不同主族，则rm{0}为rm{W}元素；rm{H}的气态氢化物与其最高价含氧酸都是强酸，则rm{Z}为rm{Z}元素；短周期元素rm{Cl}rm{W}rm{X}rm{Y}的原子序数之和为rm{Z}则rm{45}的原子序数为rm{Y}则rm{45-1-14-17=13}为rm{Y}元素。rm{Al}和A.rm{Si}和rm{Al}为第三周期元素，同周期从左到右原子半径逐渐减小，则原子半径：rm{Al>Si}故A正确；为第三周期元素，同周期从左到右原子半径逐渐减小，则原子半径：rm{Si}故A正确；rm{Al}则氢化物稳定性：rm{Al>Si}故B正确；B.由于非金属性rm{Cl>Si}则氢化物稳定性：rm{HCl>SiH_{4}}故B正确；个电子，氯离子有rm{Cl>Si}个电子，故C错误；rm{HCl>SiH_{4}}中只含有极性键，无离子键，故D错误。C.铝离子有rm{10}个电子，氯离子有rm{18}个电子，故C错误；

rm{10}【解析】rm{AB}11、AB【分析】【分析】本题考查有机物的结构与性质，为高频考点，注意把握官能团与性质的关系，侧重苯、烷烃性质的考查。【解答】A.只含有碳氢两种元素的有机物为烃，rm{垄脵垄脷垄脹垄脺}均属于烃，故A正确；B.三碟烯和富勒烯中均含有不饱和键，能发生加成反应，故B正确；C.三碟烯的分子式为rm{C_{20}H_{14}}金刚烷的分子式为rm{C_{10}H_{16}}二者不是同分异构体，故C错误；D.三碟烯的一氯代物有rm{4}种，金刚烷的一氯代物有rm{3}种，故D错误。故选AB。【解析】rm{AB}12、rm{BC}【分析】【分析】本题考查了酸碱中和滴定的应用，题目难度中等，明确溶液酸碱性与溶液rm{pH}的关系为解答关键，注意掌握中和滴定侧重方法，试题培养了学生的分析能力及化学实验能力。【解答】A.rm{a}点为rm{Na_{2}CO_{3}}溶液，碳酸根离子部分水解，溶液呈碱性，碳酸根离子的水解一第一步为主，正确的离子方程式为：rm{CO_{3}^{2-}+H_{2}O?HCO_{3}^{-}+OH^{-}}故A错误；

B.rm{c}点的rm{pH=7}溶液呈中性，则rm{c(H^{+})=c(OH^{-})}根据电荷守恒rm{c(Na^{+})+c(H^{+})=c(Cl^{-})+c(HCO_{3}^{-})+2c(CO_{3}^{2-})+c(OH^{-})}可知：rm{c(Na^{+})-c(Cl^{-})=c(HCO_{3}^{-})+2c(CO_{3}^{2-})}故B正确；

C.碳酸氢钠溶液的rm{pH}接近rm{8.2}与酚酞变色的rm{pH}接近，变色时的rm{pH}和反应终点的rm{pH}不好判断；而使用甲基橙容易判断终点，且反应产生的二氧化碳不能全部逸出使溶液偏酸性，因此使用甲基橙的误差小rm{(}使用甲基橙易判断滴定终点，误差小rm{)}故C正确；

D.rm{b}点碳酸氢根离子水解，促进了水的电离，而rm{d}点溶液呈酸性，抑制了水的电离，则rm{d}点处溶液中水电离出的rm{c(H^{+})}小于rm{b}点处；故D错误；

故选BC。

【解析】rm{BC}13、AD【分析】【分析】本题综合考查原电池和电解池知识，为高频考点，侧重于学生的分析能力和计算能力的考查，注意把握原电池、电解池的工作原理以及电极方程式的书写，难度中等。【解答】A.正极发生还原反应，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}rm{{,!}}，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}，rm{F}得电子被还原rm{F}所以放电时电池正极的电极反应式为rm{e}rm{2}rm{e}，故rm{e}正确；B.锂和水发生反应，所以不可以用rm{e}溶液为电解质溶液，故rm{2}错误；C.rm{2}作电池的负极，rm{O}rm{3}rm{O}rm{O}rm{O}rm{3}rm{3}，故rm{{,!}}错误；D.充电时，，，作为阳极，电池被磁铁吸引，故，。故选AD。，【解析】rm{AD}三、填空题(共5题，共10分)14、错【分析】【分析】解答本题应明确：物体的运动不需要力来维持；力的效果是使物体发生形变或改变物体的运动状态；【解析】【解答】解：伽利略通过理想实验推翻了亚里士多德的观点；提出力不是维持物体运动状态的原因；而是改变物体运动状态的原因；

故答案为：错．15、200.0250【分析】【分析】根据交流发电机产生的感应电动势e=εmsinωt，写出感应电动势的最大值和角速度，根据有效值与最大值的关系求解有效值，根据f=求解频率，从而求出周期．【解析】【解答】解：由题，交流发电机产生的感应电动势的表达式为：e=εmsinωt=20Sin314tV

所以电动势的最大值为20V，有效值U=，角速度为ω=314rad/s；

则f=

周期T=

故答案为：20，，0.02；5016、略

【分析】【解析】略【解析】【答案】________________17、20m/s【分析】【分析】根据匀加速直线运动位移时间公式求解加速度，再根据速度时间公式即可求解．【解析】【解答】解：根据匀加速直线运动位移时间公式得：

x=

解得：a=；

根据速度时间公式得：

汽车经过第二棵树时的速度v=v0+at=0+4×5=20m/s

故答案为：20m/s18、100.2【分析】【分析】由交流电的图象的纵坐标的最大值读出电流的最大值，读出周期，求出频率．【解析】【解答】解：根据图象可知该交流电的电流最大值是Im=10A；周期T=0.2s；

故答案为：10，0.2四、判断题(共3题，共12分)19、√【分析】【分析】在铁棒未被磁化前，铁棒内的分子电流的排布是杂乱无章的，故分子电流产生的磁场相互抵消，对外不显磁性，但当铁棒靠近磁铁时分子电流由于受到磁场的作用而使磁畴的取向大致相同从而被磁化对外表现出磁性；对磁铁加热或敲打时会使磁铁内的分子电流的排布变的杂乱无章，从而使磁铁的磁性减弱．【解析】【解答】解：在铁棒未被磁化前；铁棒内的分子电流的排布是杂乱无章的，故分子电流产生的磁场相互抵消，对外不显磁性，但当铁棒靠近磁铁时分子电流由于受到磁场的作用而使磁畴的取向大致相同从而被磁化对外表现出磁性．所以该说法是正确的．

故答案为：√20、×【分析】【分析】阴极射线是在1858年利用低压气体放电管研究气体放电时发现的．1897年约瑟夫•约翰•汤姆生根据放电管中的阴极射线在电磁场和磁场作用下的轨迹确定阴极射线中的粒子带负电，并测出其荷质比，这在一定意义上是历史上第一次发现电子．【解析】【解答】解：阴极即负极；阴极射线是负极发出的射线，是电子流；同理，阳离子在阳极放电．故该说法是错误的．

故答案为：×．21、√【分析】【分析】根据显像原理：显像管尾部的电子枪发射的电子束被加速和控制后呈扫描状轰击屏幕上的荧光粉，使屏幕发光，结合交流电的频率，即可求解．【解析】【解答】解：电子枪发射电子束击在显像管的屏幕上的彩色茧光粉上；它的电子束是逐行扫描的，速度非常的快，肉眼是看不出来的，电子束扫描的方向主是靠显像管管颈上的偏转线圈来控制的，交流电的频率为50赫兹，因此电子束能在1秒内，打在荧光屏上50场画面，所以显象管中电子束每秒进行50场扫描；

故答案为：√．五、画图题(共2题，共14分)22、略

【分析】【解析】试题分析：由图读出波长，由波速公式求出周期．根据简谐运动在一个周期内通过的路程，求出位移．采用波形平移的方法画出7s时的波形图．由图直接可得波长根据得：7秒内波传播的位移为：根据平移法，把波形沿传播方向平移3.5米，如下图实线：考点：画波形图【解析】【答案】图形向左平移1.5m23、略

【分析】弹力的方向总是与物体接触面的切面垂直，然后指向受力物体，据此可得思路分析：弹力的方向总是与物体接触面的切面垂直，然后指向受力物体试题【解析】【答案】【解析】弹力的方向总是与物体接触面的切面垂直，然后指向受力物体，据此可得思路分析：弹力的方向总是与物体接触面的切面垂直，然后指向受力物体试题六、综合题(共4题，共40分)24、略

【分析】【解析】火车每通过铁轨接合处时，给摆球施加一次周期性的驱动力，当这一驱动力的周期T驱=跟摆球的固有周期T固=2π相等时，摆球的振幅达最大，即=2π解得v=×=m/s≈10m/s.【解析】【答案】10m/s25、略

【分析】【解析】

【解析】【答案】（1）（2）26、(1)BD

(2)

增大

(3)

解：垄脵

由于气体的压强不变，由盖吕萨克定律得：ShT=Sh鈥�1.5T

解得：h鈥�=1.5h

即加热后活塞到气缸底部的距离为1.5h

垄脷

气体压强p=p0+mgS

对外做功W=?p(h隆盲?h)S

由热力学第一定律娄陇U=W+Q

得

娄陇U=Q?0.5h(p0S+mg)【分析】(1)

【分析】空气中PM2.5

颗粒的无规则运动属于固体颗粒的运动，不是分子热运动；某物体温度升高，组成该物体的分子的平均动能一定增大；云母片导热性能各向异性，是由于该物质的微粒在空间的排列情况不同；空气相对湿度越大，则空气中水蒸气压强越接近饱和气压。本题考查分子动理论和固体、液体的性质，难度不大。【解答】A.空气中PM2.5

颗粒的无规则运动属于固体颗粒的运动，不是分子热运动，故A错误；B.某物体温度升高，组成该物体的分子的平均动能一定增大，故B正确；C.云母片导热性能各向异性，是由于该物质的微粒在空间的排列情况不同，故C错误；D.空气相对湿度越大，则空气中水蒸气压强越接近饱和气压，故D正确。故填BD

(2)

【分析】根据分子力做功情况，判断分子动能的变化。本题直接根据功能关系解答，比较简单。【解答】甲分子固定在坐标原点O

乙分子在分子力作用下从图中a

点由静止开始运动，在r>r0

阶段，分子力做正功，乙分子的动能增大。故填：增大。(3)垄脵

由盖吕萨克定律得到加热后活塞到气缸底部的距离；垄脷

根据热力学第一定律得到加热过程中气体的内能增加量。本题考查盖吕萨克定律和热力学第一定律，难度不大。

【解析】(1)BD

(2)

增大(3)

解：垄脵

由于气体的压强不变，由盖吕萨克定律得：ShT=Sh鈥�1.5T

解得：h鈥�=1.5h

即加热后活塞到气缸底部的距离为1.5h

垄脷

气体压强p=p0+mgS

对外做功W=?p(h隆盲?h)S

由热力学第一定律娄陇U=W+Q

得娄陇U=Q?0.5h(p0S+mg)

27、A.(

选修模块3鈭�3)

(1)BC

(2)娄脩VMNA6M娄脨娄脩NA3

(3)

解：垄脵A隆煤B

过程为等容过程，根据查理定律可得：PATA=PBTB

解得：TB=100K

垄脷

根据热力学第一定律可得：鈻�U=W+Q

其中：鈻�U=40J

B隆煤C

过程中做功：W=?B(VC?VB)=?400J

所以所以此过程中气体吸收的热量：Q=鈻�U?W=(40+400)J=440J

。

B.(

选修模块3隆陋4)

(1)AB

(2)

前壁相等

(3)

解：垄脵

已知f=10Hzv=8m/s

波长为：娄脣=vT=vf=810m=0.8m

垄脷

在P

点右方0.6m

处有一质点Q0.6m=34娄脣

根据传播方向和P

振动方向作图，如下图

C.(

选修模块3隆陋5)

(1)BD

(2)

小3

(3)

解：根据爱因斯坦质能方程得?E=?mc2=(M?m1?m2)c2

由于反应后存在质量亏损；所以反应前后总动能之差等于质量亏损而释放的核能，则有：

?Ek=12m2v娄脕2?12Mvx2=(M?m1?m2)c2

反应过程中三个粒子组成的系统动量守恒；则有：

Mvx=m2v娄脕

联立解得娄脕

粒子的动能为：Ek=12m2v娄脕2=MM?m2(M?m1?m2)c2

答：反应过程中释放的能量为(M?m1?m2)c2娄脕

粒子的动能为MM?m2(M?m1?m2)c2

【分析】A.(

选修模块3鈭�3)

(1)

【分析】将烧瓶放进盛满热水的烧杯里，气球逐渐膨胀起来，这是因为烧瓶里的气体吸收了水的热量，温度升高，体积增大．.

明确内外压强应相等，同时注意有关气体体积和气体分子体积间的关系。本题考查了改变物体内能两种方法：做功和热传递，这两种方式都能改变物体的内能，但要注意明确气体的性质，明确温度是分子平均动能的标志。【解答】A.由于热水的温度较高；将烧瓶放进盛满热水的烧杯里，气球吸收了热水的热量，温度升高，内能增大，故A错误；

B.由于温度升高；所以分子的平均动能增大，故B正确；

C.由于外界压强不变；因此内部压强变大，分子对瓶底的平均作用力增大，故C正确；

D.气体分子体积很小；故对应的气体体积不是分子体积之和，故D错误。

故选BC。

(2)

【分析】根据单晶体的体积和密度可求得质量，再根据摩尔质量可求得物质的量，从而求出分子数；根据摩尔质量可求得摩尔体积，从而求出单个分子体积，再根据球体的体积公式即可求得分子直径。本题考查阿伏加德罗常数的应用，要注意明确摩尔质量、摩尔体积以及分子质量和分子体积间的关系，能正确根据阿伏加德罗常数进行分析计算。【解答】该单晶体的质量m=娄脩V

则分子数为：n=娄脩VMNA

单个分子体积V=M娄脩NA=娄脨D36NA

解得：D=6MNA娄脨娄脩3

故答案为娄脩VMNA6MNA娄脨娄脩3

(3)垄脵

气体从A

到B

为等容变化，根据查理定律，即可求出体在B

状态时的温度TB

垄脷

利用热力学第一定律鈻�U=W+Q

结合题给内能增加量鈻�U=40J

又因为A隆煤B

过程W=0B隆煤C

过程利用等压过程做功公式W=P鈻�V

求出气体做功；联立即可求出此过程中气体吸收的热量Q

本题考查气体定律的综合运用，解题关键是要根据图象分析好压强P

体积V

温度T

三个参量的变化情况，知道发生何种状态变化过程，选择合适的实验定律，难度不大。B.(

选修模块3隆陋4)

(1)

【分析】为了减小实验的误差，入射角应适当大一些。在插大头针d

时，使d

挡住ab

的像和c

根据光路可逆性分析知道光会在玻璃砖内表面不会发生全反射。该实验方法也能测量其他透明体的折射率。解决本题的关键是理解和掌握实验的原理和实验的方法，其中实验原理是实验的核心，要掌握光路可逆性，分析全反射现象能否发生。【解答】A.为了减小角度测量的相对误差；入射角应适当大一些。但不能太大，否则出射光线太弱，故A正确。

B.该同学在插大头针d

时，使d

挡住ab

的像和c

由此确定出射光线的方向，故B正确。

C.由几何知识可知；光线在上表面的折射角等于下表面的入射角，根据光路可逆性原理可知，光线一定会从下表面射出，折射光线不会在玻璃砖的内表面发生全反射。故C错误。

D.该实验方法的原理是折射定律；也能用来测量其他透明介质的折射率，故D错误。

故选AB。

(2)

【分析】地面上的人、车厢中的人选择的惯性系不一样，但是本题的惯性系中光向前传播和向后传播的速度相同，从而发现传播到前后壁的快慢不一样。本题考查了同时的相对性，关键是明确不同惯性参考系中光速相等，基础题目。