2025年人教A版高三物理上册阶段测试试卷

…………○…………内…………○…………装…………○…………内…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………※※请※※不※※要※※在※※装※※订※※线※※内※※答※※题※※…………○…………外…………○…………装…………○…………订…………○…………线…………○…………第=page22页，总=sectionpages22页第=page11页，总=sectionpages11页2025年人教A版高三物理上册阶段测试试卷988考试试卷考试范围：全部知识点；考试时间：120分钟学校：______姓名：______班级：______考号：______总分栏题号一二三四五六总分得分评卷人得分一、选择题(共8题，共16分)1、劳伦斯和利文斯设计出回旋加速器，工作原理示意图如图所示．置于高真空中的D形金属盒半径为R，两盒间的狭缝很小，带电粒子穿过的时间可忽略．磁感应强度为B的匀强磁场与盒面垂直，高频交流电频率为f，加速电压为U．若A处粒子源产生的质子质量为m、电荷量为+q，在加速器中被加速，且加速过程中不考虑相对论效应和重力的影响．则下列说法正确的是（）A.质子被加速后的最大速度不可能超过2πRfB.质子离开回旋加速器时的最大动能与加速电压U成正比C.质子第2次和第1次经过两D形盒间狭缝后轨道半径之比为1：D.不改变磁感应强度B和交流电频率f，该回旋加速器也能用于α粒子（含两个质子，两个中子）加速2、两汽车在水平公路上同时同地出发，甲初速度为10m/s，关闭油门作匀减速运动，加速度大小为4m/s2，乙初速度为零，作匀加速运动，加速度为1m/s2，则乙车追上甲车所需时间为（）A.2sB.3sC.4sD.5s3、关于功和功率，下列说法正确的是（）A.不同物体做相同的功，它们的功率一定相同B.物体做功越多，它的功率就越大C.物体做功越快，它的功率就越大D.发动机的额定功率与实际功率一定不相等4、如图所示电路中，定值电阻R2=r，滑动变阻器的最大阻值为R1且R1＞R2+r（r为电源内阻）；在滑动变阻器的滑臂P由左端a向右滑动的过程中，以下说法正确的是（）

A.电源的输出功率变小。

B.R2消耗的功率先变大后变小。

C.滑动变阻器消耗的功率先变大后变小。

D.滑动变阻器两端的电压变化量小于R2两端的电压变化量。

5、某物体沿固定斜面运动，当重力对它做正功时，下列说法正确的是（）A.物体的重力势能一定增加，动能一定减少B.物体的重力势能一定减少，动能可能不变C.物体的重力势能可能增加，机械能一定不变D.物体的重力势能一定减少，机械能一定不变6、一辆汽车由静止开始做匀加速直线运动，8s后开始刹车，12s时汽车才完全停下．设刹车过程中汽车做匀减速直线运动，那么前、后两段运动过程中，汽车加速度的大小之比为（）A.2：1B.1：2C.3：2D.2：37、如图所示，金属棒ab置于水平放置的金属导体框架cdef上，棒ab与框架接触良好．从某一时刻开始，给这个空间施加一个斜向上的匀强磁场，并且磁场均匀增加，ab棒仍静止．在磁场均匀增加的过程中，关于ab棒受到的摩擦力，下列说法正确的是（）A.摩擦力大小不变，方向向右B.摩擦力变大，方向向右C.摩擦力变大，方向向左D.摩擦力变小，方向向左8、如图所示，一小球自空中自由落下，与正下方的直立轻质弹簧接触，直至速度为零的过程中，关于小球运动状态的下列几种描述中，正确的是（）A.接触后，小球作减速运动，加速度的绝对值越来越大，速度越来越小，最后等于零B.接触后，小球先做加速运动，后做减速运动，其速度先增加后减小直到为零C.接触后，速度为零的地方就是弹簧被压缩最大之处，加速度为零的地方也是弹簧被压缩最大之处D.小球速度最大的地方是刚好与弹簧接触的地方评卷人得分二、双选题(共9题，共18分)9、【题文】水平桌面上有甲；乙、丙三个完全相同的容器；装有不同的液体，将三个长方体A、B、C分别放入容器的液体中，静止时的位置如图所示，三个容器的液面相平。已知三个长方体的质量和体积都相同。则下列判断正确的是。

A．物体受到的浮力F浮A＞F浮B＞F浮C

B．容器对桌面的压力F甲＜F乙＜F丙

C．液体对容器底的压强p甲＝p乙＝p丙

D．物体下表面受到液体的压力F′A＞F′B＝F′C10、短周期元素rm{W}rm{X}rm{Y}rm{Z}的原子序数之和为rm{45}四种元素均位于不同主族。rm{W}的最高正价和最低负价代数和等于rm{0}rm{X}单质可作半导体材料；rm{Z}的气态氢化物与其最高价含氧酸都是强酸。下列说法中正确的是A.原子半径：rm{X<Y}B.最简单氢化物的稳定性：rm{Z>X}C.rm{Y}的简单离子与rm{Z}的简单离子具有相同的电子层结构D.化合物rm{XWZ_{3}}中存在离子键和极性键11、三位分别来自法国、美国、荷兰的科学家因研究“分子机器的设计与合成”而获得rm{2016}年诺贝尔化学奖。纳米分子机器日益受到关注，机器的“车轮”常用组件如下，下列说法正确的是()rm{垄脵(}三碟烯rm{)}rm{垄脷(}扭曲烷rm{)}rm{垄脹(}富勒烯rm{)}rm{垄脺(}金刚烷rm{)}A.rm{垄脵垄脷垄脹垄脺}均属于烃B.rm{垄脵垄脹}均能发生加成反应C.rm{垄脵垄脺}互为同分异构体D.rm{垄脵垄脷垄脹垄脺}的一氯代物均只有一种12、常温下，用rm{0.1000mol/L}的盐酸滴定rm{20.00mL}未知浓度的rm{Na_{2}CO_{3}}溶液，溶液的rm{pH}与所加盐酸的体积关系如图所示。下列有关叙述正确的是A.rm{a}点溶液呈碱性的原因用离子方程式表示为：rm{CO{}^{^{2-}}_{_{3}}+2H_{2}Ooverset{?}{}H_{2}CO_{3}+2OH^{-}}B.rm{CO{}^{^{2-}}_{_{3}}+2H_{2}O

overset{?}{}H_{2}CO_{3}+2OH^{-}}点处的溶液中rm{c}rm{c}rm{(Na^{+})-}rm{c}rm{(Cl^{-})=}rm{c}rm{(HCO{}^{^{-}}_{_{3}})+2}rm{c}C.滴定过程中使用甲基橙作为指示剂比酚酞更准确D.rm{(CO{}^{^{2-}}_{_{3}})}点处溶液中水电离出的rm{d}rm{c}大于rm{(H^{+})}点处rm{b}13、rm{X}rm{Y}rm{Z}rm{T}四种原子序数递增的短周期元素，其部分性质或结构如下：。元素元素性质或原子结构rm{X}形成的简单阳离子核外无电子rm{Y}元素的气态氢化物的水溶液显碱性rm{Z}元素在周期表中的周期序数是族序数的rm{3}倍rm{T}同周期元素中形成的简单离子半径最小下列说法不正确的是rm{(}rm{)}A.原子半径大小顺序：rm{Z>T>Y>X}B.rm{X}与rm{Y}可形成既含极性键又含非极性键的化合物C.rm{X}rm{Y}rm{Z}的三种元素形成的化合物只可能含有共价键，不可能含有离子键D.由rm{X}rm{Y}和rm{T}三种元素的简单离子，均能破坏水的电离平衡14、某课题组以纳米rm{Fe_{2}O_{3}}作为电极材料制备锂离子电池rm{(}另一极为金属锂和石墨的复合材料rm{)}通过在室温条件下对锂离子电池进行循环充放电，成功地实现了对磁性的可逆调控rm{(}如图rm{)}以下说法正确的是A.放电时，正极的电极反应式为rm{Fe_{2}O_{3}+6Li^{+}+6e^{-}=2Fe+3Li_{2}O}B.该电池可以用水溶液做电解质溶液C.放电时，rm{Fe}作电池的负极，rm{Fe_{2}O_{3}}作电池的正极D.充电时，电池被磁铁吸引评卷人得分三、填空题(共9题，共18分)15、（2014春•金山区校级月考）如图所示，一个重为G的球静止在光滑斜面与光滑挡板间，斜面倾角、板和斜面间的夹角均为30°，则斜面对球的弹力大小为____，板对球的弹力大小为____．16、（2012秋•南京校级月考）如图所示，为黄光、蓝光分别通过同一干涉装置形成的干涉条纹中心部分．则图甲为____产生的干涉条纹（选填“黄光”或“蓝光”）．若将两种颜色的光以同样的入射角入射到两种物质的介面上，图甲对应的色光发生了全反射，则图乙对应的色光____（选填“一定”、“可能”或“不可能”）发生全反射．17、（2007秋•黄埔区期末）如图所示，从地面上方D点沿相同方向水平抛出的三个小球分别击中对面墙上的A、B、C三点，图中0点与D点在同一水平线上，知O、A、B、C四点在同一竖直线上，且OA=AB=BC，三球的水平速度之比为vA：vB：vC=____．18、（2013春•西宁校级期末）如图所示，ab是半径为R的圆的一条直径，该圆处于匀强电场中，场强为E、在圆周平面内，将一带止电q的小球从a点以相同的动能抛出，抛出方向不同时，小球会经过圆周上不同的点，在这些所有的点中，到达c点的小球动能最大、已知∠CAB=30°，若不计重力和空气阻力，则电场方向与直线ac间的夹角θ=____．19、A、B两个物体在足够高处分别以v和3v的初速度同时做平抛运动，在初始2s内，A、B两个物体通过的水平距离之比是____；两个物体的速度增加量之比是____．20、有一根长陶瓷管；其表面均匀地镀有一层很薄的电阻膜，管的两端有导电箍M和N，如图甲所示．用多用电表欧姆挡测得MN问的电阻膜的电阻约为1kΩ，陶瓷管的直径远大于电阻膜的厚度．

某同学利用下列器材设计了一个测量该电阻膜厚度d的实验．

A．刻度尺（最小分度为毫米）；

B．游标卡尺（游标尺为20分度）；

C．电流表A1（量程0～5mA；内阻约10Ω）；

D．电流表A2（量程0～100mA；内阻约0.6n）；

E．电压表V1（量程5V；内阻约5kΩ）；

F．电压表V2（量程15V；内阻约15kΩ）；

G．滑动变阻器R．（阻值范围0～10Ω；额定电流1.5A）；

H．滑动变阻器R：（阻值范围0～100Ω；额定电流1A）；

I．电源E（电动势6V；内阻不计）；

J．开关S及导线若干．

（1）他用毫米刻度尺测出电阻膜的长度为L=10.00cm，用游标卡尺测量该陶瓷管的外径，其示数如图乙所示，该陶瓷管的外径D=____cm．

（2）为了更准确地测量电阻膜的电阻，且调节方便，实验中应选用电流表____，电压表____，滑动变阻器____．（填写器材前面的字母代号）

（3）在方框内画出测量电阻膜的电阻R的实验电路原理图．（图中器材用题干中相应的物理量符号标注）

（4）若电压表的读数为U，电流表的读数为I，镀膜材料的电阻率为ρ，计算电阻膜厚度d的数学表达式为d=____（用已知量的符号表示）．

21、某电阻额定电压为3V(

阻值大约为10娄赂).

为测量其阻值；实验室提供了下列可选用的器材：

A.电流表A1(

量程300mA

内阻约1娄赂)

B.电流表A2(

量程0.6A

内阻约0.3娄赂)

C.电压表V1(

量程3.0V

内阻约3k娄赂)

D.电压表V2(

量程5.0V

内阻约5k娄赂)

E.滑动变阻器R1(

最大阻值为10娄赂)

F.滑动变阻器R2(

最大阻值为500娄赂)

G.电源E(

电动势4V

内阻可忽略)

H.开关；导线若干。

(1)

为了尽可能提高测量准确度；应选择的器材为(

只需填器材前面的字母即可)

电流表______.

电压表______.

滑动变阻器______．

(2)

应采用的电路图为下列图中的______．22、（2016春•滁州期中）如图所示，使闭合矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场方向的转轴匀速转动，在线圈中就会产生交流电．已知磁场的磁感应强度为B，线圈abcd面积为S，线圈转动的角速度为ω．当线圈转到如图位置时，线圈中的感应电动势为____；当线圈从图示位置转过90°时，线圈中的感应电动势为____．23、（2011秋•许昌县期末）用伏安法测电阻，可采用如图所示的甲、乙两种接法．已知所用电压表内阻约为5kΩ，电流表内阻约为0.5Ω．当测量10Ω左右的电阻时，宜采用____电路，电阻的测量值比真实值____（填“偏大”或“偏小”或“相等”）．评卷人得分四、判断题(共4题，共16分)24、作用力和反作用力大小相等，方向相反，其合力为零．____（判断对错）25、10个分子的动能和分子势能的总和就是这10个分子的内能．____．（判断对错）26、封闭在汽缸内一定质量的气体，如果保持气体体积不变，当温度升高时，每秒撞击单位面积器壁的分子数增多．____．（判断对错）27、一定质量的理想气体，当压强不变而温度由100℃上升到200℃时，其体积增加为原来的2倍．____．（判断对错）评卷人得分五、实验题(共3题，共30分)28、在做“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验时；提供的实验器材有：

A．小灯泡（额定电压为2.5V；额定功率为1.25W）

B．直流电压表A1（0～0.6A；内阻约1.0Ω）

C．直流电流表A2（0～3.0A；内阻约0.2Ω）

D．直流电压表V1（0～3V；内阻约5kΩ）

E．直流电压表V2（0～15V；内阻约15kΩ）

F．滑动变阻器R1（0～10Ω；1A）

G．滑动变阻器R2（0-1000Ω；1A）

H．电源（3V；内阻不计）

I．开关S及导线若干。

某同学设计了实验测量电路；通过改变变阻器的滑片位置，使两电表读数从零开始变化，记录多组电压表的读数U和电流表的读数I．

（1）实验中电流表应选用____（填“A1”或“A2”，电压表应选用____（填“V1”或“V2”），滑动变阻器应选用____（填“R1”或“R2”）．

（2）在实验时，同学们画出了如图甲、乙两个实验电路图，应该选用图____．

（3）实验电路的实验图已经连接了一部分；请用笔划代替导线补充完整．

（4）闭合开关后，通过移动电阻器的滑片，使小灯泡中的电流由零开始逐渐变大，直到小灯泡正常发光，由电流表和电压表得到的多组数据并计算出对应的电功率P，可确定小灯泡的功率P与U2和I2的关系，下列示意图正确的是____．

29、某同学“用单摆测定重力加速度”实验探究该问题．

（1）用最小分度为毫米的米尺测得摆线的长度为990.8mm，用10分度的游标卡尺测得摆球的直径如图1所示，摆球的直径为____mm．

（2）把摆球从平衡位置拉开一个小角度由静止释放，使单摆在竖直平面内摆动，用秒表测出单摆做50次全振动所用的时间，秒表读数如图2所示，读出所经历的时间，单摆的周期为____s．

（3）测得当地的重力加速度为____m/s2．（保留3位有效数字）

30、【题文】实验室常用的计时器有（1）____和（2）____，使用电压分别为（3）____和（4）____，它们打点的频率为（5）____，打点的时间间隔都为（6）____。某次实验时；当物体做匀加速直线运动时，某同学得到了几条较为理想的纸带，他已在每条纸带上按每隔5个点取好一个计数点，那么两计数点之间的时间间隔为0.1s，依打点的先后次序编为0；1、2、3、4、5。由于不小心，几条纸带都被撕断了，其中有一段如图所示。请根据图和图回答：

（7）在图中A、B、C三段纸带中选出从图上撕下的那段应该是____；

（8）打图纸带上的1点时，物体的速度大小是____；

（9）打图纸带时，物体的加速度大小是____。评卷人得分六、画图题(共2题，共18分)31、图所示为一列向左传播的简谐波在某一时刻的波形图，若波速是0.5m/s，试在图上画出经7s时的波形图。（提示：若用平移法，由于∴λ=2m故只需平移=1.5m）32、在图示中，物体A处于静止状态，请画出各图中A物体所受的弹力．参考答案一、选择题(共8题，共16分)1、A【分析】【分析】回旋加速器运用电场加速磁场偏转来加速粒子，根据洛伦兹力提供向心力可以求出粒子的最大速度，从而求出最大动能．在加速粒子的过程中，电场的变化周期与粒子在磁场中运动的周期相等．【解析】【解答】解：A、质子出回旋加速器的速度最大，此时的半径为R，则v==2πRf．所以最大速度不超过2πfR．故A正确．

B、根据qvB=m，知v=，则最大动能EKm=mv2．与加速的电压无关．故B错误．

C、粒子在加速电场中做匀加速运动，在磁场中做匀速圆周运动，根据动能定理知v=，质子第1次和第2次经过D形盒狭缝的速度比为1：；

根据r=，则半径比为1：．故C错误．

D、根据qvB=m，和v==2πRf，知T==；f与比荷有关，α粒子比荷和该粒子比荷不一定相同，故不可以．故D错误．

故选：A．2、D【分析】【分析】抓住位移相等，根据匀变速直线运动公式求出追及的时间，注意判断追上时，甲车是否已停止．【解析】【解答】解：当乙车追上甲车时，有：；解得t=4s．

甲车关闭油门到停止所需的时间．知乙车追上甲车前已停止．

此时甲车的位移．

根据；解得t′=5s．故D正确，A；B、C错误．

故选D．3、C【分析】【分析】（1）物体单位时间内所做的功叫功率；

（2）功率的计算公式是P=由公式可知；功率的大小与做功多少和做功所需时间的长短有关，与其它因素无关．

（3）功率表示物体做功快慢的物理量【解析】【解答】解：A；不同物体做相同的功；而它们的功率不一定相同，还与所用时间有关，故A错误；

B；物体做功越多；它的功率并不一定越大，还要看时间的多少，故B错误；

C；物体做功越快；则它的功率就越大，因为功率是描述做功快慢的物理量，故C正确；

D；发动机的额定功率与实际功率不一定相等；当处于正常工作时，两者相等，故D错误；

故选：C4、C【分析】

A；对于电源；当电源的内外电阻相等时，电源的输出功率最大；在滑动变阻器的滑臂P由左端a向右滑动的过程中，变阻器接入电路的电阻变小．因外电路电阻始终大于电源内电阻，故电源的输出功率不断变大，故A错误；

B、根据闭合电路欧姆定律，I=由于R1不断减小，故电流不断增加，故R2消耗的功率不断增加；故B错误；

C、将电源和电阻R2当作一个等效电源，在滑动变阻器的滑臂P由左端a向右滑动的过程中，R1＞R2+r；等效电源的外电阻大于等效内电阻，等效外电阻减小到零的过程中，滑动变阻器消耗的功率先变大后变小，故C正确；

D、根据闭合电路欧姆定律，I=由于R1不断减小，故电流不断增加；故滑动变阻器两端的电压减小量等于R2两端的电压增加量和内电压的增加量之和；故D错误；

故选C．

【解析】【答案】对于电源；根据推论可知：当电源的内外电阻越接近，电源的输出功率越大，内外电阻相等时，电源的输出功率最大；同时结合闭合电路欧姆定律进行分析．

5、B【分析】【分析】重力做正功时，物体的重力势能一定减少，但动能和机械能的变化情况不能确定．【解析】【解答】解：A；当重力对物体做正功时；物体的重力势能一定减少．动能的变化取决于外力对物体做的总功，则知动能可能不变，如物体匀速下降时动能不变，故A错误，B正确．

CD；若只有重力做功时；物体的机械能才不变，现在其他力对物体做功情况不清楚，所以不能确定机械能是否不变，故CD错误．

故选：B6、B【分析】【分析】根据匀加速运动和匀减速运动的时间之比，结合速度时间公式求出汽车的加速度之比．【解析】【解答】解：汽车匀加速运动的时间为8s；匀减速运动到零的时间为4s；

即匀加速和匀减速运动的时间之比为2：1，根据a=知；加速度大小之比为1：2．故B正确，A；C、D错误．

故选：B．7、B【分析】【分析】磁场均匀增加上，会产生感应电流，对ab棒受力分析，根据共点力平衡判断摩擦力的大小变化和方向．【解析】【解答】解：磁场均匀增加，根据楞次定律知，ab棒中出现b到a的电流，ab棒的受力如图所示，

根据共点力平衡知，摩擦力的方向水平向右，有f=FAsinθ=BILsinθ．

根据法拉第电磁感应定律知，E=；磁场均匀变化，则感应电动势不变，感应电流不变，由于B增大，则安培力增大，则摩擦力大小变大．故B正确，A；C、D错误．

故选：B．8、B【分析】【分析】小球自由落下，接触弹簧时有竖直向下的速度，接触弹簧后，弹簧被压缩，弹簧的弹力随着压缩的长度的增大而增大．以小球为研究对象，开始阶段，弹力小于重力，合力竖直向下，与速度方向相同，小球做加速运动，合力减小；当弹力大于重力后，合力竖直向上，小球做减速运动，合力增大．【解析】【解答】解：AB；小球与弹簧接触后；开始重力大于弹力，加速度向下，做加速运动，加速度减小．当加速度减小到零以后，弹力大于重力，加速度向上，做减速运动到零．故A错误，B正确．

CD；当速度为零；弹簧压缩到最低点，此时合力不为零，加速度不为零．小球先做加速运动再做减速运动，当加速度为零，即重力与弹簧弹力相等时，速度最大故C错误，D也错误．

故选：B．二、双选题(共9题，共18分)9、B|D【分析】【解析】

试题分析：三个长方体的质量相同，它们在三种液体中都只受重力和浮力，由二力平衡，它们受到的浮力大小相等，A选项错误。由三个长方体在液体中所处的深度不同，得到容器底所处的深度相同，液体对容器底的压强C选项错误。容器是相同的，所以容器对桌面的压力B选项正确。浮力是物体上下表面所受的压力差，A物体上下表面都受到液体的压力，B/、C只有下表面受到压力，所以它们下表面所受到的压力F′A＞F′B＝F′C；D选项正确。

考点：压力压强【解析】【答案】B、D10、AB【分析】【分析】本题考查了位置、结构与性质的关系，题目难度中等，推断元素为解答关键，注意熟练掌握原子结构与元素周期律、元素周期表的关系。【解答】rm{X}单质可作半导体材料，则rm{X}为rm{Si}元素；rm{W}的最高正价和最低负价代数和等于rm{0}四种元素均位于不同主族，则rm{W}为rm{H}元素；rm{Z}的气态氢化物与其最高价含氧酸都是强酸，则rm{Z}为rm{Cl}元素；短周期元素rm{W}rm{X}rm{Y}rm{Z}的原子序数之和为rm{45}则rm{Y}的原子序数为rm{45-1-14-17=13}则rm{Y}为rm{Al}元素。单质可作半导体材料，则rm{X}为rm{X}元素；rm{Si}的最高正价和最低负价代数和等于rm{W}四种元素均位于不同主族，则rm{0}为rm{W}元素；rm{H}的气态氢化物与其最高价含氧酸都是强酸，则rm{Z}为rm{Z}元素；短周期元素rm{Cl}rm{W}rm{X}rm{Y}的原子序数之和为rm{Z}则rm{45}的原子序数为rm{Y}则rm{45-1-14-17=13}为rm{Y}元素。rm{Al}和A.rm{Si}和rm{Al}为第三周期元素，同周期从左到右原子半径逐渐减小，则原子半径：rm{Al>Si}故A正确；为第三周期元素，同周期从左到右原子半径逐渐减小，则原子半径：rm{Si}故A正确；rm{Al}则氢化物稳定性：rm{Al>Si}故B正确；B.由于非金属性rm{Cl>Si}则氢化物稳定性：rm{HCl>SiH_{4}}故B正确；个电子，氯离子有rm{Cl>Si}个电子，故C错误；rm{HCl>SiH_{4}}中只含有极性键，无离子键，故D错误。C.铝离子有rm{10}个电子，氯离子有rm{18}个电子，故C错误；

rm{10}【解析】rm{AB}11、AB【分析】【分析】本题考查有机物的结构与性质，为高频考点，注意把握官能团与性质的关系，侧重苯、烷烃性质的考查。【解答】A.只含有碳氢两种元素的有机物为烃，rm{垄脵垄脷垄脹垄脺}均属于烃，故A正确；B.三碟烯和富勒烯中均含有不饱和键，能发生加成反应，故B正确；C.三碟烯的分子式为rm{C_{20}H_{14}}金刚烷的分子式为rm{C_{10}H_{16}}二者不是同分异构体，故C错误；D.三碟烯的一氯代物有rm{4}种，金刚烷的一氯代物有rm{3}种，故D错误。故选AB。【解析】rm{AB}12、rm{BC}【分析】【分析】本题考查了酸碱中和滴定的应用，题目难度中等，明确溶液酸碱性与溶液rm{pH}的关系为解答关键，注意掌握中和滴定侧重方法，试题培养了学生的分析能力及化学实验能力。【解答】A.rm{a}点为rm{Na_{2}CO_{3}}溶液，碳酸根离子部分水解，溶液呈碱性，碳酸根离子的水解一第一步为主，正确的离子方程式为：rm{CO_{3}^{2-}+H_{2}O?HCO_{3}^{-}+OH^{-}}故A错误；

B.rm{c}点的rm{pH=7}溶液呈中性，则rm{c(H^{+})=c(OH^{-})}根据电荷守恒rm{c(Na^{+})+c(H^{+})=c(Cl^{-})+c(HCO_{3}^{-})+2c(CO_{3}^{2-})+c(OH^{-})}可知：rm{c(Na^{+})-c(Cl^{-})=c(HCO_{3}^{-})+2c(CO_{3}^{2-})}故B正确；

C.碳酸氢钠溶液的rm{pH}接近rm{8.2}与酚酞变色的rm{pH}接近，变色时的rm{pH}和反应终点的rm{pH}不好判断；而使用甲基橙容易判断终点，且反应产生的二氧化碳不能全部逸出使溶液偏酸性，因此使用甲基橙的误差小rm{(}使用甲基橙易判断滴定终点，误差小rm{)}故C正确；

D.rm{b}点碳酸氢根离子水解，促进了水的电离，而rm{d}点溶液呈酸性，抑制了水的电离，则rm{d}点处溶液中水电离出的rm{c(H^{+})}小于rm{b}点处；故D错误；

故选BC。

【解析】rm{BC}13、AC【分析】【分析】本题考查元素的结构与元素的性质，题目难度中等，注意正确推断元素的种类为解答该题的关键。【解答】rm{X}形成的简单阳离子核外无电子，应为rm{H}元素；rm{Y}元素的气态氢化物和它的最高价氧化物对应的水化物能发生化合反应，形成的物质为铵盐，应为rm{N}元素；rm{Z}元素在周期表的族序数等于周期序数的rm{3}倍，即最外层电子数为电子层数的rm{3}倍，应为rm{O}元素；rm{T}同周期元素中形成的简单离子半径最小，应为rm{Al}元素；

即rm{X}为rm{H}元素，rm{Y}为rm{N}元素，rm{Z}为rm{O}元素，rm{T}为rm{Al}元素；则。

A.根据同周期元素从左到右原子半径逐渐减小，原子的核外电子层数越多，半径越大可知，原子半径顺序为rm{T>Y>Z>X}故A错误；

B.rm{X}分别与rm{Y}形成rm{N_{2}H_{4}}等化合物；既含极性键又含非极性键，故B正确；

C.rm{X}rm{Y}rm{Z}的三种元素形成的rm{NH_{4}NO_{3}}中只含有共价键也含有离子键rm{X}rm{Y}的三种元素形成的rm{Z}中只含有共价键也含有离子键；故C错误；

D.rm{NH_{4}NO_{3}}由rm{X}rm{Y}和rm{T}三种元素的简单离子，均能和rm{X}三种元素的简单离子，均能促进水的电离；故D正确。

故选AC。

rm{Y}【解析】rm{AC}14、AD【分析】【分析】本题综合考查原电池和电解池知识，为高频考点，侧重于学生的分析能力和计算能力的考查，注意把握原电池、电解池的工作原理以及电极方程式的书写，难度中等。【解答】A.正极发生还原反应，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}rm{{,!}}，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}，rm{F}rm{e}rm{2}rm{O}rm{3}，rm{F}得电子被还原rm{F}所以放电时电池正极的电极反应式为rm{e}rm{2}rm{e}，故rm{e}正确；B.锂和水发生反应，所以不可以用rm{e}溶液为电解质溶液，故rm{2}错误；C.rm{2}作电池的负极，rm{O}rm{3}rm{O}rm{O}rm{O}rm{3}rm{3}，故rm{{,!}}错误；D.充电时，，，作为阳极，电池被磁铁吸引，故，。故选AD。，【解析】rm{AD}三、填空题(共9题，共18分)15、mg【分析】【分析】对球受力分析，受重力、挡板的压力和斜面的支持力，根据平衡条件列式求解．【解析】【解答】解：对球受力分析；受重力；挡板的压力和斜面的支持力，三力平衡，三力可以构成一个首尾相连的封闭三角形，如图所示：

图中矢量三角形的两个锐角为30°；钝角为120°，可以做条辅助线，如图所示；

由力三角形的几何关系可得：

2Gcosθ=F1

故斜面对球的支持力为：

F1=mg；

挡板对球的压力为：

F2=mg．

故答案为：；mg16、蓝光可能【分析】【分析】本题根据干涉条纹的间距与波长成正比；黄光的波长比蓝光长去分析．

产生全反射的条件是：一是光从光密介质射入光疏介质；二是入射角大于或等于临界角．根据这个条件进行选择．【解析】【解答】解：干涉条纹的间距与波长成正比；黄光的波长比蓝光长，则知图甲为蓝光产生的干涉条纹．

介质对蓝光的折射率大于对黄光的折射率，由临界角公式sinC=知；蓝光的临界角小于黄光的临界角，则若将两种颜色的光以同样的入射角入射到两种物质的介面上，甲图对应的蓝光发生了全反射，则图乙对应的黄光可能发生全反射．

故答案为：蓝光，可能．17、【分析】【分析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，抓住竖直位移之比求出运动时间之比，通过水平位移相等求出初速度大小之比．【解析】【解答】解：三个小球在竖直方向上的位移之比为1：2：3，根据得，t=，则初速度，则vA：vB：vC=．

故答案为：．18、30°【分析】【分析】由题，小球在匀强电场中，从a点运动到c点，根据动能定理，分析什么条件下电场力做功最多，小球到达c点的小球动能最大．匀强电场中电场力做功公式W=qEd，d是沿电场方向两点间的距离．【解析】【解答】解：依题，从C点出来的微粒动能最大，电场力做功必最多，且电场方向必定从a一侧指向c一侧，c点电势最低．过c点作切线；圆周上其余各点电势都高于c点，即在圆周上找不到与c电势相等的点．且由a到c电场力对小球做正功．则电场方向应在Oc方向，如图．电场方向与线ac间的夹角θ=30°．

故答案为：30°．19、略

【分析】

平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，所以在初始2s内，A的水平位移为2v，B通过的水平距离为6v；所以A；B两个物体通过的水平距离之比是1：3；

AB都做加速度为g的匀加速运动；所以在初始2s内速度增加量都为2g，所以两个物体的速度增加量之比是1：1．

故答案为：1：3；1：1．

【解析】【答案】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动；在竖直方向上做自由落体运动．

20、略

【分析】

（1）游标卡尺的读数方法为主尺部分刻度加上游标对应的刻度；由图可知，固定部分刻度示数为1.3cm；可动部分刻度为8×0.05mm=0.40mm；

（2）由题意知；电源电动势为6V，电阻约为1000Ω，根据闭合电路欧姆定律电路中最大电流为A=90mA，故电流表应选D；因电源电动势为6V，故电压表应选E；变阻器阻值太小而阻值太大，故用限流式接法无法起到保护作用，应用分压式接法，变阻器应选阻值小的，故选G．

（3）由于＜故电流表应用内接法，又因为变阻器应用分压式，电路图如图所示．

（4）由欧姆定律可知，R=由R=又因为S=πDd，联立解得，d=

故答案为：（1）1.340；（2）D、E、G；（3）如图所示；（4）．

【解析】【答案】（1）由游标卡尺的读数方法可得出陶瓷管的外径；

（2）根据电路最大电流选择电流表；根据电源电动势选择电压表，为方便实验操作，在保证安全的前提下，应选择最大阻值较小的滑动变阻器；

（3）根据待测电阻与滑动变阻器的阻值关系确定滑动变阻器的接法；根据待测电阻与电表内阻的关系确定电流表的接法，然后作出电路图；

（4）根据实验数据；应用欧姆定律；电阻定律求出电阻膜的厚度．

21、略

【分析】解：(1)

根据欧姆定律，流过电阻的最大电流I=UR隆脰310=0.3A

故电流表选A；

电阻额定电压为3V

则电压表选C即可；

为了尽可能提高测量准确度；选择滑动变阻分压式接法，为了方便调节，滑动变阻器选小阻值的E

．

(2)RVR>RRA

即被测电阻为小电阻；选取电流表外接，题目要求为了尽可能提高测量准确度，选择滑动变阻分压式.

故电路图选B．

故答案为：(1)ACE(2)

如图；(3)B

．

(1)

估算电阻上最大电流；选择电表量程.

根据该电阻与变阻器最大电阻的关系选择变阻器．

(2)

根据该电阻与两电表内阻的倍数关系选择电流表的接法；题目要求为了尽可能提高测量准确度，选择滑动变阻分压式．

选择器材通常的步骤：1

根据实验要求设计合理的实验电路.2

估算电路中电压、电流可能达到的最大值，以此选择电压表和电流表的量程．【解析】ACEB

22、0BSω【分析】【分析】线框位于中性面时；穿过线框的磁通量最大，磁通量的变化率为零，感应电动势为零；

由法拉第电磁感应定律可以求出感应电动势．【解析】【解答】解：当线框平面与磁场垂直时；穿过线框的磁通量变化率为零，感应电动势为零；

当线框从中性面位置转过90°；线框平面与中性面垂直，产生的感应电动势为BSω；

故答案为：0，BSω23、乙偏小【分析】【分析】根据要测电阻与电压表电流表内阻的大小关系确定内外接法；根据测量数据用欧姆定律求测量值，根据电路求真实值．【解析】【解答】解：因R=10Ω＜==50Ω

为小电阻用电流表外接法；故用乙电路．

由于电压表的分流作用，使电流表示数偏大，则R测=偏小．

故答案为：乙，偏小．四、判断题(共4题，共16分)24、×【分析】【分析】由牛顿第三定律可知，作用力与反作用力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，作用在两个物体上，力的性质相同，它们同时产生，同时变化，同时消失．【解析】【解答】解：由牛顿第三定律可知；作用力与反作用力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，但不在同一物体上．所以两个力不能合成，也不能相互抵消．以上说法是错误的．

故答案为：×25、×【分析】【分析】从微观上说，系统内能是构成系统的所有分子无规则运动动能、分子间相互作用势能的总和．【解析】【解答】解：物体的内能是构成物体的所有分子的无规则热运动的动能和分子势能的代数和；具有统计意义，对单个或几个分子无意义；

故答案为：×26、√【分析】【分析】温度是气体分子平均动能变化的标志．气体压强是气体分子撞击器壁而产生的．【解析】【解答】解：如果保持气体体积不变；当温度升高时，分子的运动变得更加激烈，分子的运动加快，所以每秒撞击单位面积器壁的分子数增多，气体的压强增大．故该说法正确．

故答案为：√27、×【分析】【分析】一定质量的气体，保持体积不变，温度升高时，发生等容变化，根据查理定律分析压强的变化【解析】【解答】解：根据理想气体的状态方程，一定质量的气体，保持压强不变，温度升高时气体的体积跟它的热力学温度成正比，即：；

初状态：