广东省培正中学2024届高考冲刺七物理试题

广东省培正中学2024届高考冲刺七物理试题

注意事项：

1.答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。

2.选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0.5亳米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。

3.请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。

4.保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、汽车在平直公路上以速度为匀速行驶，发动机的功率为P,司机为合理进入限速区，减小了油门，使汽车功率立即

减小一半并保持该功率继续行驶，设汽车行驶过程中所受阻力大小不变，从司机减小油门开始，汽车的速度了与时间

f的关系如图所示，则在0〜4时间内下列说法正确的是

vX

--

0~《

P

A.汽车的牵引力不断减小B.U0时，汽车的加速度大小为

C.汽车行驶的位移为她+出D.阻力所做的功为7p八-三3〃既2

28户28

2、如图所示，正三角形ARC区域内存在的磁感应强度大小为“，方向垂直其面向里的匀强磁场，三角形导线框

从A点沿AB方向以速度y匀速穿过磁场区域。已知A3=2L,ab=LtN8=9()',ZC=30\线框。加三边阻值均为K,

好边与48边始终在同一条直线上。则在线圈穿过磁场的整个过程中，下列说法正确的是()

A.磁感应电流始终沿逆时针方向

B.感应电流一直增大

c.通过线框某截面的电荷量为y迦

6R

D.以方两点的最大电势差为过辿

3

3、意大利科学家伽利略在研究物体变速运动规律时，做了著名的“斜面实验*他测量了铜球在较小倾角斜面上的运动

情况，发现铜球做的是匀变速直线运动，且铜球加速度随斜面倾角的僧大而增大，于是他对大倾角情况进行了合理的外

推，由此得出的结论是（）

A.自由落体运动是一种匀变速直线运动

B.力是使物体产生加速度的原因

C.力不是维持物体运动的原因

D.物体都具有保持原来运动状态的属性，即惯性

4、一蹦床运动员竖直向上跳起，从离开蹦床算起，上升到最大高度一半所用的时间为〃，速度减为离开蹦床时速度一

半所用的时间为⑵若不计空气阻力，则〃与h的大小关系为（）

A.0<hB.0=t2

C.ti>l2D.不能确定

5、图甲为一列简谐横波在U0时刻的波形图，图甲中质点。运动到负向最大位移处时，质点尸刚好经过平衡位置。

图乙为质点尸从此时刻开始的振动图像。下列判断正确的是（）

图甲

A.该波的波速为40m/s

B.质点产的振幅为0

C.该波沿x轴负方向传播

D.。质点在O.ls时的速度最大

6、原子核A、3结合成放射性原子核C.核反应方程是A+3-C,己知原子核A、C的质量分别为"7八、机8、〃%，

结合能分别为七、七、以下说法正确的是（）

A.原子核A、B、C中比结合能最小的是原子核C

B.原子核4、3结合成原子核C,释放的能量△£=（，4+〃％一代）^

C.原子核4、3结合成原子核C,释放的能量AE=EA+EB-EC

D.大量原子核C经历两个半衰期时，已发生衰变的原子核占原来的;

二、多项选择题；本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、如图所示，一直角二角形处于平行于线面的匀强电场中，NA=9（）,N6=30，AC长为L,已知A点的电势为e（。>0）,

8点的电势为28,。点的电势为0,一带电的粒子从C点以口。的速度出发，方向如图所示（与AC边成60）。不计

粒子的重力，下列说法正确的是（）

A.电场强度的方向由6指向C

B.电场强度的大小为拽名

3L

6v2

C.若粒子能击中图中的A点，则该粒子的比荷为口

（P

D.只要粒子的速度大小合适，就可能击中图中的8点

8、如图所示，质量为机的滑块以一定初速度滑上倾角为6的固定斜面，同时施加一沿斜面向上的恒力尸=〃?gsin。；

已知滑块与斜面间的动摩擦因数〃=tang,取出发点为参考点，能正确描述滑块运动到最高点过程中产生的热量

滑块动能4、势能Ep、机械能七随时间，、位移，关系的是（）

>3^

9、如图所示，光滑水平面上放置一内壁光滑的半圆形凹槽，凹槽质量为M,半径为R。在凹槽内壁左侧上方尸点处

有一质量为机的小球（可视为质点），足离凹槽边缘的高度为〃。现将小球无初速度释放，小球从凹槽左侧沿切线方

向进入内壁，并从凹槽右侧离开。下列说法正确的是（）

A.小球离开凹槽后，上升的最大高度为/?

B.小球离开凹槽时，凹槽的速度为零

C.小球离开凹槽后，不可能再落回凹槽

2MR

D.从开始释放到小球第一次离开凹槽，凹槽的位移大小为

M+m

10、如图所示分别是。光、力光各自通过同一单缝衍射仪器形成的图样（灰黑色部分表示亮纹，保持缝到屏距离不变）,

A.在真空中，单色光。的波长大于单色光力的波长

B.在真空中，。光的传播速度小于力光的传播速度

C.双缝干涉实验时〃光产生的条纹间距比力光的大

D.〃光和力光由玻璃棱镜进入空气后频率都变大

E.光由同一介质射入空气，发生全反射时，〃光的临界角比方光大

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11.（6分）指针式多用电表是实验室中常用的测量仪器，请回答下列问题：

（1）在使用多用电表测量时，若选择开关拨至“1mA”挡,指针的位置如图（a）所示，则测量结果为.

（2）多用电表测未知电阻阻值的电路如图（b）所示，电池的电动势为E、为调零电阻，某次将待测电阻用电阻箱

代替时，电路中电流I与电阻箱的阻值Rx关系如图（c）所示，则此时多用电表的内阻为C,该电源的电动

势E=V.

（3）下列判断正确的是<,

A.在图（b）中，电表的左、右插孔处分别标注着“+”

B.因为图（c）是非线性变化的，所以对应欧姆表的刻度盘上的数字左小右大

C.欧姆表调零的实质是通过调节R。，使Ro=O时电路中的电流达到满偏电流

D.电阻Rx的变化量相同时，R、越小，则对应的电流变化量就越大

12.（12分）某同学为了测量一根铅笔芯的电阻率，设计了如图所示的电路测量该铅笔芯的电阻值.所用器材有电流

表A2,电阻箱与、滑动变阻器R?、待测铅笔芯凡、电源E、开关S及导线等.操作步骤如下：调节滑动变阻

器和电阻箱的阻值达到最大；闭合开关，适当调节滑动变阻器和电阻箱的阻值：记录两个电流表ArA2的示数分别

为4、八，

请回答以下问题：

（1）若电流的内阻可忽略.则电流表示数4时，电阻箱的阻值等于待测笔芯的电阻值.

（2）用螺旋测微器测量该笔芯的直径，螺旋测微器的示数如图所示，该笔芯的直径为mm.

（3）已测得该笔芯的长度L=20.（X）cm,电阻箱飞的读数为5.0（）Q,根据上面测量的数据可计算出笔芯的电阻率

P=.（结果保留3位有效数字）

（4）若电流表A2的内阻不能忽略，仍利用（1）中方法，则笔芯电阻的测量值______真实值（填“大于”“小于”或“等

于

得测笔芯凡

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13.（10分）如图所示，水平地面上有一长L=2m、质量M=lkg的长板，其右端上方有一固定挡板。质量机=2kg的小

滑块从长板的左端以yo=6m/s的初速度向右运动，同时长板在水平拉力尸作用下以片2m/s的速度向右匀速运动，滑块

与挡板相碰后速度为0,长板继续匀速运动，直到长板与滑块分离。己知长板与地面间的动摩擦因数〃尸0.4,滑块与

长板间动摩擦因数〃2=0.5,重力加速度g取10m/s2o求：

（1）滑块从长板的左端运动至挡板处的过程，长板的位移■

（2）滑块碰到挡板前，水平拉力大小F；

（3）滑块从长板的左端运动至与长板分离的过程，系统因摩擦产生的热量。。

14.（16分）如图所示，在纸面内建立直角坐标系xOy,以第HI象限内的直线OM（与负x轴成45。角）和正y轴为界,

在xvO的区域建立匀强电场，方向水平向左，场强大小E=2V/m；以直线OM和正x轴为界，在y<0的区域建立垂直

纸面向里的匀强磁场，磁感应强度B=0.1T.一不计重力的带负电粒子从坐标原点O沿y轴负方向以vo=2xio3m/s的初

速度射入磁场.己知粒子的比荷为q/m=5x104C/kg,求：

（1）粒子经过1/4圆弧第一次经过磁场边界时的位置坐标？

（2）粒子在磁场区域运动的总时间？

（3）粒子最终将从电场区域D点离开电，则D点离O点的距离是多少？

_了

E

-------oX

一-T'XX

✓

------7，B

-z'XXX

7/XXXX

15,（12分）在如图所示的坐标系中，仅第三象限的磁场垂直坐标系所在平面向外，其余象限的磁场方向均垂直坐标

系所在平面向里，四个象限中的磁感应强度大小均为5。其中M、N两点为x轴负半轴和），轴负半轴上的点，坐标分

别（-加4,0）、（0,-伍），一带负电的粒子由M点沿MN连线方向射入，忽略粒子的重力。求：

⑴如果负粒子由"点射入后刚好能经过坐标原点第一次离开边界线，负粒子在第三象限磁场中的路程为多少？

⑵如果负粒子由M点射入后能经O点到达N,负粒子的路程为多少？

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、C

【解题分析】

A.减小油门后，机车的功率保持不变，当速度减小时，根据尸二网可知，牵引力增大，故A错误；

B.汽车以速度均匀速行驶时，牵引力等于阻力，即有：F=f,发动机的功率为P,由

P=Fvo=fvo

得阻力

/=-

%

U0时，功率为原来的一半，速度没有变，则

P

F=^=—

%2%

根据牛顿第二定律得：

F-fP

a=-----=-------

m2/九%

故大小为彳£一，故B错误。

2加一

CD.根据动能定理得：

2

0.5%+Wf=1W(O.5VO)-1,^

解得阻力做功为

3P

wuz二二吟2一小

foZ

设汽车通过的位移为X,由用="，解得

I3"叫:

28尸

故C正确，D错误。

故选C。

2、D

【解题分析】

A.当三角形导线框abc从4点沿A4运动到8点时，穿过线圈的磁通量一直增大，此时线圈产生一个逆时针电流;

而后线除逐渐离开磁场.磁通量减少.线圈产生一个顺时针电流，故A错误：

B.根据公式可知，感应电流先增大后减小，B错误；

C.由公式

Lx®

△62Hx--一丛BI}

q=----=----------------=---------

3R3R3R

故C错误;

D.当线框。点刚到达3点时，线框中的感应电动势

E=y/3BLv

电流

E同5

1r=——=---------

3R3R

所

乙=/(2/?)=等"

故D正确。

故选D。

3、

【解题分析】

A.铜球在较小倾角斜面上的运动情况，发现铜球做的是匀变速直线运动，且铜球加速度随斜面倾角的增大而增大，

倾角最大的情况就是90。时，这时物体做自由落体运动，由此得出的结论是自由落体运动是一种匀变速直线运动。故A

正确；

B.该实验不能得出力是使物体产生加速度的原因这个结论，故B错误。

C.物体的运动不需要力来维持，但是该实验不能得出该结论，故C错误。

D.该实验不能得出惯性这一结论，故D错误。

故选Ao

4、A

【解题分析】

根据速度位移公式得，设上升到最大高度一半的速度为用则有：

0-V2=-2^

联立解得：

也

则运动的时间为:

速度减为初速一半所用的时间为/1：

则：

6</i.

A.ti<12,与结论相符，选项A正确；

B.t!=t2t与结论不相符，选项B错误；

C.11>12,与结论不相符，选项C错误；

D.不能确定，与结论不相符，选项D错误；

故选A。

5、C

【解题分析】

AC.根据题意可知，图乙为质点尸从此时开始的振动图像，得出质点向下振动，则可确定波的传播方向为x轴负方向

传播，再由振动图像与波动图像可知，波速

v=—=——m/s=20m/s

T0.2

故A错误，C正确；

B.振幅为质点离开平衡位置的最大距离，由图乙可知，质点尸的振幅为20cm,故B错误；

D.周期为0.2s,经过0.1s即半周期，质点。振动到波峰位置即速度为0,故D错误。

故选C。

6、B

【解题分析】

ABC.某原子核的结合能是独立核子结合成该核时释放的能量，原子核A、〃结合成放射性原子核C,要释放能量，

原子核C的比结合能最大，释放的能量

AE=EC—(^EA+ER)

根据质能方程得

2

SE=(%+—mc)c

故AC错误，B正确；

D.原子核的半衰期是原子核有半数发生衰变所需要的时间，大量原子核。经历两个半衰期时，未发生衰变的原子核

占原来的D错误。

4

故选B。

一、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、BC

【解题分析】

A.8点的电势为2%C点的电势为0,故"C中点。的电势为小又有A、。电势相等，故匀强电场场强方向垂直

ADt根据沿着电场线电势降低可得：电场线方向垂直A&指向左侧，故A错误；

B.根据£=乌可知电场强度的大小为

a

E二。八一8c二2四

Lcos303L

故B正确；

C.粒子在电场中做类平抛运动，粒子能击中图中的A点，则有

Leos30=—ar=——r

Lsin30'=voz

联立解得

2=强

m(p

故C正确；

D.粒子运动过程只受电场力作用，电场力与初速度方向垂直，故粒子做类平抛运动，所以粒子速度不论多大在电场

中都不能击中图中的3点。

故D错误。

故选BC.

8、CD

【解题分析】

A、滑块向上滑动过程中做匀减速直线运动，^arf由此可知位移s与时间成二次关系，由。乎可知，A错;

B、根据动能定理，克服摩擦力做功等于动能的减小量，图像B应为曲线，B错；

C、物体的位移与高度是线性关系，重力势能与=〃陪心故Ep-S图象是直线，故C正确；

D、物体运动过程中，拉力和滑动摩擦力平衡，故相当于只有重力做功，故机械能总量不变，故D正确；

9、AB

【解题分析】

ABC.小球与半圆槽组成的系统在水平方向所受合外力为零，初状态时系统在水平方向动量为零，由动量守恒定律可

知，小球第一次离开槽时，系统水平方向动量守恒，球与槽在水平方向的速度相等都为零，球离开槽后做竖直上抛运

动，槽静止，小球会再落回凹槽，由能量守恒可知小球离开凹槽后上升的最大高度为力。故AB正确，C错误；

D.从开始释放到小球第一次离开凹槽，凹槽的位移大小为X,由动量守恒

Mx=m(2R-x)

解得

2mR

X-

故D错误。

故选AB。

10、ACE

【解题分析】

A.单缝衍射条纹是中间明亮且宽大，越向两侧宽度越小越暗，而波长越大，中央亮条纹越粗，由于。光的中央亮条

纹较粗，则。光的波长较大，故A正确；

B.根据2=；知，。光的波长较大，。光的频率较小，。光的折射率较小，根据1，二上得，。光的传播速度较大，故

J〃

B错误；

C.根据-=2见得双缝干涉实验时。光产生的条纹间距比〃光的大，故C正确；

a

D.发生折射时光线的传播方向可能发生改变，不改变光的频率，故D错误；

E.由临界角公式=L可知，。光发生全反射的临界角大于方光发生全反射的临界角，故E正确；

n

故选ACEn

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11、0.461.5X1049CD

【解题分析】（1）选择开关置于“1mA”时，选择表盘第二排刻度进行读数，分度值为0.02A,对应刻度示数为23,故则

测量结果为0.02x23=0.46A；

EE

（2）根据？=瓦，/=彳元，由图可得及=0.64当/=Q3月时，&=15k。,解得R内=15kQ=1.5X〃4QE=9.0%

（3）A、根据电流红进黑出，在图（b）中，电表的右、左插孔处分别标注着“+故A错误；

B、函数图象是非线性变化，导致欧姆表刻度不均匀，示数左大右小是由于外电阻增大，电路电流减小造成的，故B

项错误。

C、欧姆表调零通过调节滑动变阻器R。，调节至待测电阻K为零（即两表笔短接）时，电流表满偏，对应欧姆表示数

为零，故C正确；

D、欧姆表刻度不均匀的原因是待测电阻和电路电流关系非线性变化，而且LR、切线斜率大小随待测电阻值增大减小,

即R、阻值变化量对应电流变化量随待测电阻增大而减小，欧姆表刻度左密右疏，故D正确；

故选CD,

12、11.0001.96x10-7小于

【解题分析】

若电阻箱的阻值等于待测笔芯的电阻值，则两条支路的电流相等，所以：

(2)[2]主尺上的刻度为0.5mm,副尺上的刻度为50格，所以读数为:

d—0.5mm+0.01imnx50=1.OOOrnrn

(3)[31铅笔芯的横截面积:

d2

=71——

4

R=&

带入电阻定律R=P（得:

RS7tRd2

p=—=---------

L4L

带入数据得：

p=1.96xlO-7Q*m

(4)[4]若电流表A2的内阻不能忽略，则笔芯电阻的测量值为%,真实值为凡+则笔芯电阻的测量值小于真实值.

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13、(1)0.8m；(2)2N；(3)48J

【解题分析】

(1)(5分)滑块在板上做匀减速运动,

ju.nig

«=——=%g

m

解得：

<z=5m/s2

根据运动学公式得：

12

/^=voZi-—at.

2

解得

Z=0.4s(/=2.0s舍去)

(碰到挡板前滑块速度vi=v<)-«/=4m/s>2m/s,说明滑块一直匀减速)

板移动的位移

x=v/=0.8ni

(2)对板受力分析如图所示,

F

有：

F+，2=fl

其中

fi=//i(M+in)g=12N>

f2=〃2/wg=10N

解得：

F=2N

(3)法一：滑块与挡板碰撞前，滑块与长板因摩擦产生的热量：

Qi=f>,(L-x)=从2mg(L-x)=12J

滑块与挡板碰撞后，滑块与长板因摩擦产生的热量：

2mg(L-x)=12J

整个过程中，板与地面因摩擦产生的热量：

。3=/1(M+/〃)g・L=24J

所以，系统因摩擦产生的热量；系统因摩擦产生的热量

6=QI+0+Q3=48J

法二：滑块与挡板碰撞前，木板受到的拉力为巴=2N(第二问可知)

Fi做功为

W产尸IX=2XO.8=1.6J

滑块与挂板碰撞后，木板受到的拉力为：

^2=fl+!2=A1(M+m)g+〃2mg=22N

P2做功为

W2=FI(L-X)=22xl.2=26.4J

碰到挡板前滑块速度

vi=vo-«Z=4m/s

滑块动能变化：

△Ek=20J

所以系统因摩擦产生的热量；

Q=W1+W1+A£k=48J

14、(1)粒子经过5圆弧第一次经过磁场边界时的位置坐标为(-0.4m,-0.4m)；

3

(2)粒子在磁场区域运动的总时间1.26X10S;