辽宁省联合体2023-2024学年高二上学期期末检测物理试卷（解析版）

高级中学名校试卷PAGEPAGE12023—2024学年度（上）联合体高二期末检测物理第Ⅰ卷（选择题）一、选择题：本题共10小题，在每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一项符合题目要求，第8~10题有多项符合题目要求。1.关于物理概念和物理规律的理解，下列说法正确的是（）A.两个磁场叠加的区域，磁感线有可能相交B.若在磁场中穿过某一面积的磁通量为零，则该处的磁感应强度一定为零C.普朗克在研究黑体辐射问题时提出了量子假说D.变化的电场一定产生变化的磁场，变化的磁场一定产生变化的电场【答案】C【解析】A．两个磁场叠加的区域，磁感线不可能相交，因为在同一点磁场的方向只有一个，故A错误；B．穿过某一面积的磁通量为零，可能是该处的磁感应强度为零，也可能是线圈平面与磁场方向平行，故B错误：C．普朗克在研究黑体辐射问题时提出了量子假说，故C正确；D．根据麦克斯韦的电磁场理论，变化的电场产生磁场，变化的磁场产生电场，而均匀变化的电场会产生稳定的磁场，不均匀变化的电场才会产生变化的磁场，所以变化的电场不一定产生变化的磁场．同理，变化的磁场也是如此，故D错误。故选C。2.A、B为一电场中x轴上的两点，如图甲所示．一电子仅在电场力作用下从A点运动到B点，x轴上各点电势随其坐标变化的关系如图乙所示，则下列说法正确的是A.该电场是点电荷形成的电场B.A、B两点电场强度大小关系为EA<EBC.电子从A运动到B过程中电场力做负功D.电子在A、B两点的电势能大小关系为EpA>EpB【答案】D【解析】AB．各点电势随其坐标变化的关系图象中，斜率表示电场强度大小，可知该电场为匀强电场，则A、B两点电场强度大小关系为EA=EB而点电荷的电场是非匀强电场，故AB错误；

CD．由图可知A的电势比B的电势低，根据顺着电场线方向电势逐渐降低可知，电场线的方向由B指向A，一电子仅在电场力作用下从A点运动到B点，电子从A运动到B过程中电场力方向与运动方向相同，电场力做正功；因为A的电势比B的电势低，所以电子在A、B两点的电势能大小关系为EpA＞EpB故C错误，D正确。故选D。3.磁场中的四种仪器如图所示，则下列说法正确的是（）A.图甲中回旋加速器加速带电粒子的最大动能与回旋加速器的半径、加速电压有关B.图乙中，比荷相同的氦核与氘核，从容器A下方的小孔飘入，经电场加速再进入匀强磁场后会打在照相底片的同一个地方C.图丙中用来做线圈骨架的铝框能起电磁驱动的作用D.图丁中的探雷器是利用涡流工作的，探测时是地下的金属感应出涡流，但涡流的磁场不会影响线圈中的电流【答案】B【解析】A．题图甲中，回旋加速器中带电粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，则有可得，最大动能为可知，回旋加速器加速带电粒子的最大动能与回旋加速器的半径有关，与加速电压无关，故A项错误；B．题图乙中，带电粒子在电场中加速时有在磁场中，则有解得可知，比荷相同的氦核与氘核在磁场中运动的半径相同．比荷相同的氦核与氘核，从容器下方的小孔飘入，经电场加速再进入匀强磁场后会打在照相底片的同一个地方，故B正确；C．题图丙中磁电式仪表中的铝框能起电磁阻尼的作用，指针转动时铝框中会产生感应电流，铝框受安培力的阻碍作用，从而使指针迅速稳定，故C项错误；D．题图丁中探雷器中有交变电流，其产生变化的磁场，其磁场会在金属物品中感应出涡流，而涡流产生的磁场又会反过来影响线圈中的电流，从而使仪器报警，故D项错误。故选B。4.如图a、b、c三个圆环在同一平面内，当a环中的顺时针方向电流减小时，则（）A.b环中感应电流方向为顺时针，有收缩趋势B.b环中感应电流方向为逆时针，有扩张趋势C.c环中感应电流方向为顺时针，有扩张趋势D.c环中感应电流方向为逆时针，有收缩趋势【答案】A【解析】AB．由安培定则可知，a环在b环内产生的磁场的方向向里，当a环中电流逐渐减小时，在环外产生的磁场减小，b环内的磁通量减小，为阻碍磁通量的减小，b环有面积缩小的趋势，根据楞次定律可知，b环感应电流的方向为顺时针方向，故A正确，B错误；CD．根据磁场分布的特点可知，c环处磁场的方向向外，当a环中电流逐渐减小时，c环内向外的磁通量减小，为阻碍磁通量的减小，c环有面积增大的趋势，根据楞次定律可知，c环感应电流的方向为逆时针方向，故CD错误；故选A。5.在断电自感的演示实验中，用小灯泡、带铁芯的电感线圈和定值电阻等元件组成了如图甲所示的电路。闭合开关待电路稳定后，两支路中的电流分别为和。断开开关前、后的一小段时间内，电路中的电流随时间变化的关系图像如图乙所示，则下列说法正确的是（）A.断开开关前，定值电阻中的电流为B.断开开关前，灯泡的电阻小于定值电阻和电感线圈的总电阻C.断开开关后，小灯泡先突然变亮再逐渐熄灭D.断开开关后，小灯泡所在支路中的电流如曲线所示【答案】C【解析】A．断开开关前、后的一小段时间内，通过电感线圈的电流方向是不变的，则电感线圈所在支路的电流如曲线所示，小灯泡所在支路的电流如曲线所示，则断开开关前，定值电阻中的电流为，故A错误；B．由题图可知，断开开关前通过电感线圈的电流大于通过小灯泡的电流，所以断开开关前，小灯泡的电阻大于定值电阻和电感线圈的总电阻，故B错误；C．断开开关后，电感线圈产生的自感电动势阻碍电流的减小，电感线圈相当于电源，由于线圈、电阻和灯泡重新组成回路，且断开开关前电感线圈所在支路的总电阻小于小灯泡的总电阻，则小灯泡先突然变亮再逐渐熄灭，故C正确；D．由A项分析知，故D错误；故选C。6.在如图甲所示的虚线框内有匀强磁场，一固定的金属线圈abcd有部分处在磁场中，磁场方向垂直于线圈平面，磁感应强度随时间的变化规律如图乙所示。线圈中产生的电动势E、电流I、内能Q、线框受到的安培力F与时间t的关系可能正确的是（）A. B.C. D.【答案】C【解析】AB．若设磁场向里为正方向，由楞次定律可知，在0~T时间内线圈中产生逆时针方向电流，在T~2T时间内线圈中产生顺时针方向电流，根据可知感应电动势大小不变，但是方向不同，根据可知，在0~T时间内线圈中产生的逆时针方向电流不变，在T~2T时间内线圈中产生顺时针方向的电流也不变，选项AB错误；C．根据可知，因I、R不变，则Q-t图像是过原点的直线，选项C正确；D．根据F安=BIL在0~时间内B随时间均匀减小，则F安随时间均匀减小，且F安方向向左；在~T时间内B随时间均匀增加，则F安随时间均匀增加，且F安方向向右；则选项D错误。故选C。7.如图所示，某小型水电站发电机的输出功率，发电机的电压，经变压器升压后向远处输电，输电线总电阻，在用户端用降压变压器把电压降为。已知输电线上损失的功率为发电机输出功率的，假设两个变压器均是理想变压器。下列说法错误的是（）A.发电机输出的电流 B.输电线上的电流C.升压变压器的匝数比 D.用户得到的电流【答案】D【解析】A．发电机输出的电流为故A正确；B．输电线损失的功率为可得故B正确；C．升压变压器的匝数比故C正确；D．用户得到的功率为解得故D错误。本题选择错误的，故选D。8.在如图所示电路中，已知电表均为理想电表，电流表A电压表V1、V2的读数分别为I、U1和U2，C为电容器。在滑动变阻器的滑片向右滑动一小段距离的过程中，电流表A、电压表V1、V2读数变化量大小分别是△I、△U1和△U2下列说法中正确的有（）A.滑片移动过程中的值变大 B.灯泡变亮、电容器所带电量减少C.等于外电路总电阻比值变小 D.电源的内阻消耗的电功率变大【答案】B【解析】A．根据闭合电路欧姆定律可知则不变，故A错误；BD．滑动变阻器的滑片向右滑动一小段距离接入电路的R2的电阻变大，则总电阻变大，总电流变小，根据公式P=I2r可知电源内阻消耗的电功率变小，由于总电阻变大，总电流变小，则内电压变小，则路端电压增大，故灯泡变亮，即灯泡的电流变大，则通过电阻R1的电流变小，即电阻R1两端电压减小，则电容器两端电压减小，根据公式可知电容器所带电量减小，故B正确D错误；C．电压表V2测量路端电压，根据部分电路欧姆定律可知U2=IR外所以等于外电路总电阻比值变大，故C错误。故选B。9.如图甲为某种风力发电机的原理图，发电机的线圈固定，磁体在叶片驱动下绕线圈对称轴转动。已知磁体间的磁场为匀强磁场，磁感应强度为，正方形线圈的匝数为、边长为L、转动角速度为，某时刻开始外接电路的电流i随时间变化的图像如图乙，则（）A.图示位置，线圈的磁通量为B.图示位置，线圈中的电流方向不发生改变C.从图示位置开始计时，线圈产生的电动势的表达式为D.从图示位置开始逆时针转过30°时，MN边受安培力大小为【答案】C【解析】A．图示位置，线圈的磁通量为选项A错误；B．图示位置为中性面，线圈经过该位置时电流方向会发生改变，选项B错误；C．从图示位置开始计时，交流电的表达式为选项C正确；D．从图示位置开始逆时针转过30°时，线圈内的电流为，MN边受安培力大小为，选项D错误。故选C。10.如图所示，在x轴上方（含x轴）存在垂直xOy平面向外的匀强磁场，在x轴上距离原点x0处垂直于x轴放置一个长度也为x0、厚度不计的薄板PQ，粒子打在板上即被吸收。坐标原点O处有一粒子源，可垂直于磁场向磁场内各个方向均匀发射速率相同的同种粒子，粒子速度大小为v、质量为m、带电量为＋q。现观察到沿y轴正方向射入磁场的粒子垂直打在薄板的上端Q，不计带电粒子的重力和粒子间的相互作用力，不考虑薄板吸收粒子后产生的电场，则下列说法正确的有（）A.磁场的磁感应强度大小为B.打在薄板左侧的粒子数占发射总粒子数的C.打在薄板右侧的粒子数占发射总粒子数的D.打在薄板上的粒子在磁场中运动的最长时间与最短时间的比值为3∶1【答案】AB【解析】A．由题意，“沿y轴正方向射入磁场的粒子垂直打在薄板的上端Q”，可得粒子运动的半径：R=x0由洛伦兹力提供向心力，得：解得：A正确；BC．沿y轴正方向射出的粒子恰能达到挡板的最上端；由图1可知与x轴正方向夹角为30°的粒子能达到挡板左侧最低点，则能打到挡板左侧的粒子的速度范围为60°范围，占总粒子数的；同理与x轴正方向夹角为150°的粒子能达到挡板右侧最低点（如图2所示），沿x轴负方向射出的粒子能达到挡板的最高点，则能打到挡板右侧的粒子的速度范围为30°范围，则打在薄板右侧的粒子数占发射总粒子数的，B正确，C错误；D．与x轴正方向夹角为30°的粒子能达到挡板左侧最低点的粒子运动时间最短，此粒子在磁场中转过的角度为60°；与x轴正方向夹角为150°的粒子达到挡板右侧最低点的粒子运动时间最长，此粒子在磁场中转过的角度为300°，根据故选AB。第Ⅱ卷（非选择题）二、实验题：本大题共2小题。11.如图为“探究感应电流产生的条件”的实验装置。（1）请在图中用实线将所缺的导线补接完整________。根据你的连线，在闭合电键S前，滑动片P应置于滑动变阻器的___________（选填：“最左端”、“中间”或“最右端”）；（2）在完成“探究感应电流产生的条件”这一实验后，接下来继续使用这一实验装置进行“研究磁通量变化时感应电流的方向”这一实验。闭合电键S、使A放置在B线圈中保持静止，减小滑动变阻器的阻值，观察到检流计G的指针向左偏转。根据这一现象判断，当A线圈相对B线圈向上运动时，检流计的指针___________（选填：“向左”或“向右”）偏转，并写出你的判断依据：___________。【答案】（1）最左端（2）指针向右偏转见解析【解析】（1）[1]如图所示[2]由电路图连接可以看出，滑动变阻器是限流接法接入电路中，所以开关闭合之前，要将滑动变阻器的阻值调到最大，即调到最左端。（2）[3][4]减小滑动变阻器的阻值，流过A线圈的电流增大，穿过B线圈的磁通量增大。根据楞次定律，B线圈中产生的感应电流的磁场与原磁场反向，此时感应电流流过检流计时指针向左偏转。当A线圈相对B线圈向上运动时，穿过B线圈中的磁通量减小，B线圈中产生的感应电流的磁场与原磁场同向，感应电流流过检流计时，使指针右偏。12.某实验小组做“探究变压器原、副线圈电压与匝数的关系”的实验。（1）下列给出的器材中，本实验需要用到的有_____________A．B．C．D．（2）（多选）下列说法正确的是_____________A．变压器工作时副线圈中电流的频率与原线圈不相同B．为了保证人身安全，实验中只能使用低压直流电源，所用电压不要超过C．实验中要通过改变原、副线圈匝数，探究原、副线圈的电压比与匝数比的关系，需要运用的科学方法是控制变量法D．绕制降压变压器原、副线圈时，副线圈导线应比原线圈导线粗一些（3）由于交变电流的电压是变化的，所以实验中测量的是电压的_____________（选填“平均”“有效”或“最大”）值。（4）若用匝数匝和匝的变压器做实验，对应的电压测量数据如下表所示．根据测量数据，则一定是_____________（选填“原”或“副”）线圈。实验次数12341.92.93.84.84.06.08.010.0【答案】（1）BD##DB（2）CD##DC（3）有效（4）副【解析】（1）[1]AB．变压器的工作原理是互感现象，电源应该选用学生电源提供的交流电压，干电池只能提供直流电压，故A不需要，B需要；C．直流电压表不能测量交流电压，故C不需要；D．教学用变压器，该实验需要，故D需要。故选BD。（2）[2]A．变压器工作时副线圈中电流的频率与原线圈相同，故A错误；B．为了保证人身安全，实验中只能使用低压交流电源，电压不要超过，若用直流电源，则变压器不能工作，故B错误；C．实验中要通过改变原、副线圈匝数，探究原、副线圈的电压比与匝数比的关系，需要运用的科学方法是控制变量法，故C正确；D．由变压器的工作原理有可知，匝数少的线圈中的电流大，则导线应该粗．绕制降压变压器原、副线圈时，由于副线圈的匝数少，副线圈的导线应比原线圈粗一些好，故D正确。（3）[3]由于交变电流的电压是变化的，所以实验中测量的是电压的有效值。（4）[4]由于有漏磁、原副线圈内阻分压等因素，所以副线圈实际测量的电压值应该小于理论值，由理想变压器规律有由表中数据可知，总是小于，则一定是副线圈。三、计算题：本大题共3小题。13.如图所示，电路中、是定值电阻，，电源的电动势为E，内阻不计；两平行金属板、的间距为；一小球带正电，电量为，通过绝缘细线挂在两板间点，被拉起到水平位置；合上开关，无初速度释放小球，小球沿圆弧经过点正下方的点到另一侧与竖直方向的夹角为，已知重力加速度为，求：（1）、间电场强度的大小。（2）小球的质量的大小。（3）小球通过点时对细线拉力的大小。【答案】（1）；（2）；（3）【解析】（1）由串联电路的电压分配，得电容器上的电压为故间匀强电场的电场强度大小联立可得（2）设细绳长度为，小球从右向左摆动的全过程中，根据动能定理，有解得（3）小球到达点时速度为，由动能定理可得又解得小球受到的拉力由牛顿第三定律得小球对细线拉力的大小为14.如图所示，在xOy坐标系中，x轴上方有一圆形匀强磁场区域，其圆心为O1（0，2m）、半径R=2m，磁感应强度大小B=2×10-2T，方向垂直于纸面向外。在x轴下方有匀强电场，电场强度E=0.2N/C，方向水平向左。在磁场的左侧y=0.5R处有一带正电、质量m=4×10-6kg、电荷量q=2×10-2C的粒子以速度v=2×102m/s平行于x轴正方向且垂直于磁场射入圆形磁场区域。不计粒子的重力。求（结果可用含根号的式子表示）：（1）粒子在磁场区域运动的轨迹半径r；（2）粒子在磁场区域运动时间；（3）粒子打在y轴上离原点O的最远距离d。【答案】（1）2m；（2）；（3）【解析】（1）粒子在磁场区域做匀速圆周运动，由洛伦兹力提供向心力，则有代入数据解得（2）依题意，结合上述可知，粒子经过磁场后从原点O出来，作出轨迹如图所示由几何关系可得其对应的圆心角粒子做圆