2024年高考考前押题密卷：物理（辽宁卷）（解析版）

2024年高考考前押题密卷

物理・全解全析

注意事项：

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号等填写在答题卡和试卷指定位置上。

2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用

橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。回答非选择题时，将答案写在答题卡上。写在本试卷上无效。

3.考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

一、选择题：本题共10小题，共46分。在每小题给出的四个选项中，第广7题只有一项符

合题目要求，每小题4分，第8so题有多项符合题目要求。每小题6分，全部选对的得6

分，选对但不全的得3分，有选错或不答的得。分。

1.近年来，中国军力发展很快，即直19和直20等直升机以及歼20等战斗机入列，大大提高中国空军的

综合作战能力。如图为直20直升飞机吊装全地形车的情景，飞机水平匀速飞行的同时把全地形车往上

提升，在此过程中绳始终保持竖直，让全地形车竖直向上做匀加速直线运动，若全地形车刚开始向上运

动的位置为坐标原点，则全地形车的运动轨迹为（）

【答案】C

【详解】因为全地形车水平方向做匀速直线运动，速度为V，竖直方向上做匀加速直线运动，加速度为4,

可得x=w，y=1〃2=竺；所以y-x图像是一个运动轨迹弯向合力方向的抛物线图。

"22v~

故选C。

2.牡基熔盐核反应堆不仅发电效率高，而且核废料污染小，具有广阔的应用前景。记Th本身不能直接使

用，需经过一系列核反应后先生成;fPa,；：Pa再衰变生成铲U,利用中子轰击皆U发生裂变后释放核

能，其典型产物是「Ba和;:Ke,已知;：Pa的半衰期为27天，则（）

A.丁U裂变反应的方程为二Uf丁Ba+：：Ke+2M

B.黑Kc的结合能大于丁u的结合能

C.大量的；『Pa经过54天后有四分之一发生了衰变

D.；fPa发生的是/?衰变

【答案】D

【详解】A.松u发生裂变反应时要有中子参加反应，选项A错误；

B.利用中子轰击肾U发生裂变后释放核能，其产物是堞Ba和;*e,生成物更稳定，比结合能更大，但

是质量数不同无法判断黑Ke的结合能与资U的结合能的关系，选项B错误；

C.已知罕Pa的半衰期为27天，则大量的;『Pa经过54天后有四分之三发生了衰变，剩下原来的四分之

一没有衰变，选项C错误；

D.；『Pa衰变生成声u的反应方程为;fpaT^u+JJe；则发生的是。衰变，选项D正确。

故选3

3.如图所示，一束光沿半径方向射向一块半圆柱形玻璃砖,在玻璃砖底面上的入射角为0,经折射后射出〃、

人两束光线。则（）

A.在真空中，。光的波长大于〃光的波长

B.若改变光束的入射方向使。角逐渐变大，则折射光线人首先消失

C.分别用。、力光在同一个双缝干涉实验装置上做实验，。光的干涉条纹间距小于力光

D.经过相同宽度的狭缝时，。光比。光更容易发生衍射现象

【答案】C

【详解】AC.由图可知光线4的偏折程度大，根据折射定律公式〃=变；可知〃光的折射率大，a光的

sin<7

频率高，根据c=2/，a光在其空中的波长较短：光线a在真空中的波长较短，根据双缝干涉条纹间距

公式©二§%,分别用4、8光在同一个双缝干涉实验装置上做实验，〃光的干涉条纹间距小于方光的干

a

涉条纹间距，故A错误，C正确；

B.若改变光束的入射方向使0角逐渐变大，则折射光线a的折射角先达到90。，故。光先发生全反射，

折射光线先消失，故B错误；

D.由于〃光的波长小于力光的波长，经过相同宽度的狭缝时，〃光比a光更容易发生衍射现象，故D

错误。

故选C。

4.在f=0时刻，一波源从坐标原点的平衡位置沿），轴负方向开始振动，振动周期为0.2s,在同一均匀介质

中形成沿x轴正、负两方向传播的简谐横波。/=0.3s时，该波的波形图是（）

【答案】D

【详解】波源振动在同一均匀介质中形成沿x轴正、负两方向传播的简谐横波。/=0.3s时，该波沿x轴

正、负两方向各传播1.5个波长，且开始振动的质点向y轴负方向运动。

故选Do

5.健身球是一种内部充气的健身辅助器材，如图所示，球内的气体可视为理想气体，当球内气体被快速挤

压时来不及与外界热交换，而缓慢变化时可认为能发生充分的热交换。则下列说法正确的是（）

7F

该交变电流的表达式为i=10sin(10R+—)(A)=IOcoslO^(A)；故D错误。

2

故选C。

7.纸面内存在沿某方向的匀强电场，在电场中取0点为坐标原点建立％轴，以。为圆心、R为半径；从4

轴上的。点开始沿逆时针方向作圆，a-h是圆周上的8个等分点，如图甲所示；测量圆二各点的电势

0及各点所在半径与x轴正方向的夹角描绘的8-。图像如图乙所示，则()

A.电场强度的大小为与港

2A

B.。点的电势为丐出

C.a、e两点的电势差为>(例+仍)

2

D.若将电子从-点沿圆弧逆对针搬运到了点，电势能先减小再增大

【答案】C

【详解】A.由题图可知圆周上电势最高的点和电势最低的点所在的直径与X轴夹角为。=^；且电势差的

O

值为u=6-(-0)=,+仍：由匀强电场的电场强度和电势差的关系，可得电场强度的大小

七==二2普；方向与x轴正方向夹角为券，故A错误；

d2A6

D.根据选项A分析，可画出如图所示电场线。根据沿着电场线方向电势逐渐降低，可知从e到/,电势先

降低再升高，根据与=如；电子的电势能应先增大再减小，故D错误；

B.根据匀强电场电势分布特点，0点的电势网=1+；->)=生产：故B错误：

C.a、e两点的电势差U,“=E-2RcosJ=&±@；故C正确。

，62

故选C。

电势最离点

电势鼓低女/吉丁/

8.某行星外围有一圈厚度为d的发光物质，简化为如图甲所示模型，R为该行星除发光带以外的半径。现

不知发光带是该行星的组成部分还是环绕该行星的卫星群，某科学家做了精确观测后发现：发光带绕行

星中心运行的速度与到行星中心的距离，•的关系如图乙所示（图中所标如为已知），则下列说法正确的

是（）

A.发光带是该行星的组成部分B.行星表面的重力加速度

C.该行星的质量为笑D.该行星的平均密度为丁甯

G4/rG（R+d）

【答案】BC

【详解】A.若光带是该行星的组成部分，则其角速度与行星自转角速度相同，应有

丫二口「甘与厂应成正比，与图不符，因此该发光带不是该行星的组成部分，故A错误；

22

B.当厂=R时有加g=〃?幺；可得行星表面的重力加速度为8=电；故B正确：

RR

C.光带是环绕该行星的卫星群，由万有引力提供向心力，财有G丝=〃?E；可得该行星的质量为

厂r

M=—；由图乙知，当「=火时，忏％，则有M=兜；故C正确；

GG

D.该行星的平均密度为°一丁一44兀6大；故D错误。

—7TK

3

故选BCo

9.如图所示，矩形A8C。内部存在磁感应强度为8的匀强磁场，方向垂直于纸面，已知A。边长为23AB

边长为L,E、E分别为AB、4。的中点。分别在E点和4点沿水平方向向右射入一个质量为〃?、电荷量

为q的粒子，粒子的速度大小分别为3和V2,从E点射入的粒子从尸点射出，从8点射入的粒子从。

点射出，两粒子在磁场中的运动时间分别为〃、0粒子所受的重力不计，下列说法正确的是（）

A.V2=2VIB.V2=4V/C.tl=t2D.t2=2ti

【答案】AC

【详解】根据题意作出粒子轨迹示意图，如图

AFL4

在三角形中，由几何关系可得£（一+；求得彳=?小，

L—73=42sm币=3=三

4

即从七点射入的粒子从尸点射出的粒子转过的圆心角=3。；又由针外等；可得「嘴

同理，可得钎合甘攀；即从，点射入的粒子从。点射出的粒子转过的圆心角。户3。

比较速度可得电=2”粒子运动的时间关系/二2乃Bq

AC正确。

0,2兀〃？

—s-x------T

24Bq

故选AC。

10.如图所示，一弹性轻绳（绳的弹力与其伸长量成正比）穿过固定的光滑圆环B,左端固定在人点，右端

连接个质量为，〃的小球，A、B、。在条水平线上，弹性绳自然K度为A瓦小球穿过竖直固定的杆，

从C点由静止释放，到。点时速度为零,C、。两点间距离为人已知小球在C点时弹性绳的拉力为0.5〃?g,

身为重力加速度，小球和杆之间的动摩擦因数为0.5,弹性绳始终处在弹性限度内，下列说法正确的是

K

C

、

、

、\

、.

A.小球从C点运动到。点的过程中，弹性绳弹力增大，其水平分力也增大。

B.整个运动过程中，弹性绳的最大弹性势能大于助

C.若在。点给小球一个向上的速度y,小球恰好回到C点，则v=

D.若仅把小球质量变为2,〃，则小球到达。点时的速度大小为疯

【答案】BCD

【详解1A.设8c的长度为心根据胡克定律，有05咫与竖直方向的夹角为。时，伸长量为

sina

故弹力为尸=女一^;水平方向&=Fsina=E=05理：可知，小球从C点运动到。点的过程中，弹

sma

性绳弹力增大，其水平分力保持不变，故A错误；

B.小球从。点运动到。点的过程中克服摩擦力做功为叱；=6〃=0.25mg/z

当运动到D时，绳子伸长最长，弹性势能最大，根据能量守恒△不舛=4与长-叱；=0.75〃吆力

因为最初绳子也具有弹性势能，所以，绳子最大的弹性势能大于0.75〃长心故B正确：

C.对球从C到。过程，根据动能定理，有〃磔-3-%=0；解得%=0.75〃磔

若在。点给小球一个向上的速度V,小球恰好回到。点，根据动能定理，有1%-〃侬-他=0-；/加；

解得U=向；故C正确；

D.若仅把小球的质量变成2〃?，小球从C到。过程，根据动能定理，有2/咫力-耳〃-1场=（2〃%2

解得匕=7^:故D1E确。

故选BCDo

二.实验题（本大题共2小题，共14.0分。第一小题6分，第二小题8分）

11.在“探究平抛运动的特点"实验中，某学习小组用如图所示装置研究平抛运动。将白纸和复写纸对齐重叠

并固定在竖直的硬板上。钢球沿斜槽轨道PQ滑下后从。点飞出，落在水平挡板MN上。由于挡板靠近

硬板一侧较低，钢球落在挡板上时，钢球侧面会在白纸上挤压出一个痕迹点。移动挡板，重新释放钢球,

如此重复，白纸上将留下一系列痕迹点。

⑴下列实验条件必须满足的有0

A,斜槽轨道光滑

B.斜槽轨道末段水平

C.每次从斜槽卜.相同位置无初速度释放钢球

D.图中档条MN每次必须等间距下移

(2)在某次实验中，甲同学每次都将小球从斜槽的同一位置无初速释放，并从斜槽末端水平飞出。改变水

平挡板的高度，就改变了小球在板上落点的位置，从而可描绘出小球的运动轨迹。某同学设想小球先后

三次做平抛，将水平板依次放在如图中1、2、3的位置，且1与2的间距等于2与3的间距。若三次实

验中，小球从抛出点到落点的水平位移依次为4、/、忽略空气阻力的影响，下面分析正确的是

B.x2-x1<x3-x2

D,无法判断

⑶乙同学利用图所示装置研究平抛运动的规律。实验时该同学使用频闪仪和照相机对做平抛运动的小球

进行拍摄，频闪仪每隔0.05s发出一次闪光，某次拍摄后得到的照片如图所示(图中未包括小球刚离开

轨道的影像)。图中的背景是放在竖直平面内的带有方格的纸板，纸板与小球轨迹所在平面平行，其上

每个方格的边长为5cm。该同学在实验中测得的小球影像的高度差已经在图中标出。则小球运动到图中

位置八时，其速度的水平分量大小为m/s；根据图中数据可得，当地重力加速度的大小为

m/s\（结果均保留两位有效数字）

【答案】⑴BC；（2）A；⑶1.09.7

【详解】（1）AC.为了获得相同的初速度，需要每次从斜槽上相同的位置无初速度释放钢球，斜槽轨道

不需要光滑，故A错误，C正确；

B.为保证小球匕出时速度水平，所以斜槽轨道末段需要水平，故B止确：

D.挡板只要能记录下小球在不同高度时的不同位置，不需要等间距变化，故D错误。

故选BC“

（2）因为平抛运动在竖宜方向上做自由落体运动，下落的速度越来越快，则下落相等位移的时间越来

越短，水平方向上做匀速直线运动，所以占-王＞玉-士；故选A。

（3）⑴⑵由题意，根据图中数据可得，小球运动到图中位置A时，水平方向上有x=，=i/

可得其速度的水平分量大小为%=端Sm/s=L0m/s

(11.0+13.4-6.1-8.6)xl0-2

根据图中数据在竖直方向上，根据逐差法可得&=m/s2=9.7m/s2

4X0.05?

12.实验室有一只电流表，满偏电流/.为200HA,内电阻&约200Q。某同学欲用半偏法测量该电流表的内

电阻?，然后把这只电流表改装成量程为6V的电压表。

实验室还能提供实验器材规格如下：

A.滑动变阻器（0~50kC）

B.滑动变阻器（0~10。）

C.电阻箱（0~9999。）

D.电源（电动势为6V,内阻不计）

E.开关两个、导线若干

（1）滑动变阻器应选用（填选项序号）。

⑵将测电流表内电阻的实物连线图补充完整。

⑶实验时进行的主要步骤有：

①把滑动变阻器阻值调到最大，在开关S?断开的前提下，闭合开关加；

②调节滑动变阻器的触头，使电流表指针偏转到满刻度：

③闭合开美邑，在滑动变阻器阻值保持不变的前提下，调节电阻箱使得电流表指针指向表就中央刻度；

④记下电流表指针指向表盘中央刻度时电阻箱的读数4=I8OC;

根据以上实验得到的数据，电流表内阻的测量值々=C,々的测最值与真实值相比（填“偏大”

或"偏小

⑷把这只电流表改装成量程为6V的电压表需要（填“印联”或"并联”）--只阻值为Q的定值电

阻.

【答案】⑴A；⑵见解析；⑶180；偏小;（4）串联;29820

【详解】（1）在滑动变阻器阻值远大于电阻箱阻值的前提下，闭合“，此时电阻箱阻值对电路中总电阻

的影响很小，可认为干路中的电流没有发生变化，且滑动变阻器B阻值较小，采用限流式接法会烧坏电

流表。

故选Bo

（2）根据实验步骤，开关S?断开，闭合开关S-电流表工作，则可知电流表串联在电路中，闭合开关工，

在滑动变阻器阻值保持不变的前提下，调节电阻箱使得电流表半偏；说明电阻箱和开关S?与电流表并联,

其实物连线图如图所示。

（3）⑴若接入电阻箱后干路中电流近似不变，调节电阻箱使得电流表半偏，则流经电阻箱的电流和流

经电流表的电流相等，且电阻箱和电流表并联，因此凡故填180Q

⑵在并入电阻箱后，电路总电阻减小，干路电流将会增大。流过电流表的电流为;乙，所以流过电阻箱

的电流要大于所以凡，测量值小于真实值。

故填"偏小

（4）[1]电流表改装成电压表串联一个大电阻。故填"串联"。

⑵由公式知U=/,（%+R）；代入得R4f=五鼻？。-180C=29820Q

故填“29820〃。

三.解答题（本大题共3小题，共40.0分。第一小题10分，第二小题11分，第三小题19分）

13.如图甲所示，质量为〃?=lkg小球从固定斜面上的A点由静止开始做加速度大小为生的运动，小球在

乙=ls时刻与挡板碰撞，然后沿着斜面做加速度大小为生的运动，在4=L25s时刻到达C点，接着从C

点运动到B点，到达B点的时刻为与，以上过程的-T图像如图乙所示（%未知），已知生与为大小的

差值为4m/s2,重力加速度g=10m/s。求:

（1）小球受到阻力的大小：

（2）斜面倾角的正弦值：

（3）〃=?

甲乙

【答案】（1）2N：（2）0.6；（3）

4

【详解】（1）设斜面倾角为凡小球从A运动到挡板，即在0~ls时间内由速度时间公式和牛顿第二定律

可得2%=，mgsin0-f=（nax

小球从挡板运动到C点，即在4&时间内由速度时间公式和牛顿第二定律可得%=%值-乙），

〃陪sinf）+f=maz

乂有生一4=4m/s?

2

联立解得4=4m/s2,a2=8nVs,v0=2m/s,/=2N

（2）由（1）分析可知mgsin。-/=/叫,«1=4in/s2,/=2N

解得sin8=0.6

（3）根据uT图像，4c之间位移大小为x=5x&Tj=O.25m

设小球从C运动到8的时间为3由位移时间公式，则有内

解得f=^^s；则.=%+r='s

14.如图，质量为3〃?，足够长的长木板A放在光滑水平面上，质量为3〃?的铁块B放在长木板A的上表面

左端,质量为加的小球C用长为R的细线悬于。点。将小球C拉至与O等高的位置，细线伸直，由静

止释放，小球C运动到最低点时刚好沿水平方向与铁块B发生弹性碰撞，碰撞后铁块B在长木板上表面

向右滑动。已知铁块B与长木板A上表面的动摩擦因数为0.3,铁块B、小球C均看作质点，重力加速

度为g。求：

（1）小球C与铁块B碰撞前一瞬间，细线对小球的拉力大小；

（2）小球C与铁块B碰撞后一瞬间，铁块B的速度大小；

（3）最终铁块B与长木板A相对静止时因摩擦产生的热量①

co-----------•（）

\!«

\

、、、

、“2HB

,〃〃〃〃〃〃〃〃，〃〃〃〃〃〃〃〃〃，

【答案】（1）3mg；（2）且反；（3）即髻

28

【详解】⑴小球C从静止释放到与铁块B碰撞前•瞬间，根据机械能守恒“得，跖/?=5礴

解得％=阿

2

根据牛顿第二定律可得T-〃依=〃?里

R

解得细线对小球的拉力大小了=3mg

（2）小球C与铁块B发生弹性碰撞，根据动量守恒可得〃叫="八2+36%

根据机械能守恒可得;〃凤=+gx3〃近

联立解得小球C与铁块B碰撞后一瞬间，铁块B的速度大小为%=4坐

（3）碰撞后铁块B在长木板上表面向右滑动，铁块B做匀减速直线运动，长木板A做匀加速直线运动，

铁块B与长木板A最终达到共速相对静止，根据动量守恒可得痴心=（3〃?+3〃7）々

解得废=哼豆

根据能最守恒定律可得3x3〃喏=1x（3〃汁3〃?）嘘+Q

解得因摩擦产生的热量。=即警

O

则最终铁块B与长木板A相对静止时因摩擦产生的热量。=之警

O

15.如图所示,倾角为6=37。的足够长平行导轨顶端儿间、底端ad间分别连一电阻，其限值为凡=&=2厂，

两导轨间距为L=lm。在导轨与两个电阻构成的回路中有垂直于轨道平面向下的磁场，其磁感应强度

4=1T。在导轨上横放一质量m=lkg、电阻r=1。、长度也为乙的导体棒/导体棒与导轨始终良好

接触，导体棒与导轨间的动摩擦因数〃=0.5。在平行导轨的顶端通过导线连接一面积为S=051?、总

电阻为八匝数N=100匝的线圈（线圈中轴线沿竖直方向），在线圈内加上沿竖直方向、且均匀变化的

磁场区（图中未画出），连接线圈电路上的开关K处于断开状态，g=10m/s2,不计导轨电阻。疝37。=0.6,

cos37°=0.8>求：