2024届天津市七校高考押题预测卷（物理试题理）试卷

2024届天津市七校高考押题预测卷（物理试题理）试卷

注意事项：

1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）

填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角"条形码粘贴处”。

2.作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦

干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。

3.非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先

划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。

4.考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将木试卷和答题卡一并交回。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、如图所示，小船以大小为y（船在静水中的速度）、方向与上游河岸成〃的速度从。处过河，经过一段时间，正好到

达正对岸的处。现要使小船在更短的时间内过河并且也正好到达正对岸0'处，在水流速度不变的情况下，可采

取的方法是（）

A.。角不变且I，增大B.。角减小且y增大

C.〃角增大且I，减小D.夕角增大且y增大

2、氢原子部分能级的示意图如图所示，不同金属的逸出功如下表所示:

钠钙镁钺钛金

逸出功W/eV1.92.73.73.94.14.8

大量处于n=4能级的氢原子向低能级跃迁时辐射的所有光子中，能够使金属毡发生光电效应的光子有几种

»治做

---------。

44--------------0.8

3--------------1.5b

2--------------3.40*

L--------------13.60

A.2

R.3

D.5

3、二氧化锡传感器的电阻随着一氧化碳的浓度增大而减小，将其接入如图所示的电路中，可以测量汽车尾气一氧化碳

的浓度是否超标。当一氧化碳浓度增大时，电压表V和电流表A示数的变化情况可能为

IHT

A.V示数变小,A示数变大

B.V示数变大,A示数变小

C.V示数变小,A示数变小

D.V示数变大,A示数变大

4、如图所示，一个带正电的物体从粗糙斜面顶端滑到斜面底端时的速度为若加上一个垂直于纸面指向纸外的方向的

磁场，贝!物体滑到底端时（）

A・y变大B.u变小C.y不变D.不能确定

5、一质点静止在光滑水平面上，现对其施加水平外力F,尸随时间变化规律如图所示，下列说法正确的是（）

A.在0~4s时间内,位移先增后减

B.在0~4s时间内,动量一直增加

C.在0~8s时间内,F的冲量为0

D.在0~8s时间内,产做的功不为0

6、如图所示为一理恕变压器，其中a、b、c为三个额定电压相同的灯泡，输入电压u=UmSinlOO7tt（V）.当输入电压为

灯泡额定电压的8倍时，三个灯泡刚好都正常发光.下列说法正确的是（）

A.三个灯泡的额定电压为Um/8

B.变压器原、副线圈匝数比为9：2

C.此时灯泡a和b消耗的电功率之比为2：7

D.流过灯泡c的电流，每0.02s方向改变一次

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得。分。

7、如图所示，空间中存在匀强磁场，在磁场中有一个半径为R的圆，圆面与磁场垂直，从圆弧上的尸点在纸面内沿

各个方向向园内射入质量、电荷量、初速度大小均相同的带同种电荷的粒子，结果沿半径P。方向射入的粒子从边界

上。点射出.已知OQ与。尸间的夹角为60。，不计粒子的重力，则下列说法正确的是

A.粒子在磁场中做圆周运动的半径为正R

2

B.粒子在磁场中做圆周运动的半径为点立R

3

C.有粒子射出部分的国弧所对圆心角的正弦值为空

3

D.有粒子射出部分的圆孤所对圆心角的正弦值为HI

3

8、一列沿x轴正向传播的简谐横波，U0时刻的波形如图所示，波速大小为i，=0.6m/s,此时波刚好传到0.24m的位置,

产为0.60m处的质点。下列说法中正确的是（）

A.经过0.6s传播到尸点

C.电流表A（量程为0—0.06A,内阻约0.3C）

D.滑动变阻罂R：（0—20D）

E.开关及导线若干

（1）请在下面方框内画出实验电路图（

（2）连好实物电路后发现电压表损坏了，实验室又提供了一只毫安表mA（（量程为0—30mA,内阻5。）和一个电

阻箱（0—999.9。），要利用这两个仪器改装为3V的电压表，需要将毫安表和电阻箱品联，并将电阻箱的阻值

调到Q;

（3）请画出改装后的实验电路图（）

（4）如果某次测量时亳安表示数为20.0mA,电流表A示数为0.058A,那么所测未知电阻阻值Rx=Q（最后一空

保留3位有效数字）。

12.（12分）在“用单摆测量重力加速度的大小”的实验中。

（1）安装好实验装置后，先用游标卡尺测量摆球直径d,测量的示数如图所示，则摆球直径d=cm,再测量摆线长

/,则单摆摆长（用d、/表示）；

「匕一1琳曲琳―“1"匕』扁上如LJf

⑵摆球摆动稳定后，当它到达________（填“最低点”或“最高点”）时启动秒表开始计时，并记录此后摆球再次经过最

低点的次数〃（〃=1、2、3……）,当〃=60时刚好停表。停止计时的秒表如图所示，其读数为s,该单摆的周

期为T=s（周期要求保留三位有效数字）；

⑶计算重力加速度测量值的表达式为断(用八七表示)，如果测量值小于真实值，可能原因是___________;

A.将摆球经过最低点的次数〃计少了

B.计时开始时，秒表启动稍晚

C.将摆线长当成了摆长

D.将摆线长和球的直径之和当成了摆长

(4)正确测量不同摆L及相应的单摆周期T,并在坐标纸上画出〃与心的关系图线，如图所示。由图线算出重力加速度

的大小g__________m/s2(保留3位有效数字，计算时招取9.86)。

fr7»:

黑强调■避避遮避避

*«••••••*«••*•••••«•・・♦・・■•・

的册邺册目邵阙第

趣展黑感遥盛盛福热

9

•99*9•9•9•9•9•9•9•9••9•99..*4*M9•9••99••9••・・・MM*Me..

：：：：：•：■：：■：■：•：•：•：»：・*・.・•：・：•：・：•：•：：•：•：••：•：：••：•：•：•：•：•：•：•：・：・：・：・：

翩麟，曙幽幽副解

：W：M：：9，：：：：：：：：：：：：：：：：：：：：：：：：：f：f：M：：M：W：：：M：*：

H:::;::::::;::::::::;::::;:;::::::;::;:

I・•♦••・•・••••••・•・•・•♦•♦•・•••♦•—•••・•♦•・•♦•・•・•»•―••・•・•♦•・•••・•・•>•»•・••II

0800.901.001.101.20

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13.(10分)静止在水平地面上的两小物块A、B,质量分别为〃2A=L°kg，〃%=4.0kg；两者之间有一被压缩的

微型弹簧，A与其右侧的竖直墙壁距离/=L0m,如图所示.某时刻，将压缩的微型弹簧释放，使4、3瞬间分离，

两物块获得的动能之和为&=l°-0J.释放后，A沿着与墙壁垂直的方向向右运动.A、3与地面之间的动摩擦因数

均为4=0.20.重力加速度取g=10m/s2.A、8运动过程中所涉及的碰撞均为弹性碰撞且碰撞时间极短.

(1)求弹簧释放后瞬间A、3速度的大小；

(2)物块A、5中的哪一个先停止？该物块刚停止时A与5之间的距离是多少？

(3)A和〃都停止后，A与3之间的距离是多少？

14.(16分)如图所示，在第一象限内，存在垂直于X0V平面向外的匀强磁场I,第二象限内存在水平向右的匀强电

场,第三、四象限内存在垂直于xQy平面向外、磁感应强度大小为8。的匀强磁场n。一质量为〃?，电荷量为+9的粒

子，从x轴上M点以某一初速度垂直于x轴进入第四象限，在xOy平面内，以原点。为圆心做半径为凡的圆周运动;

随后进入电场运动至)'轴上的N点，沿与》轴正方向成45。角离开电场；在磁场I中运动一段时间后，再次垂直于K

轴进入第四象限。不计粒子重力。求：

y

B\

*

(1)带电粒子从M点进入第四象限时初速度的大小%;

(2)电场强度的大小E；

(3)磁场I的磁感应强度的大小生。

15.(12分)如图所示，用一块长。=10m的木板在墙和桌面间架设斜面，桌子高/?=0.8m,长4=L5m。斜面与

水平桌面间的倾角〃=53°。一个质量为〃％=0.3kg的小滑块B放在桌面最右端，现将质量为，%=0.2kg的小滑块A

从斜面顶端由静止释放，滑块与斜面间的动摩擦因数从=0.5,滑块与水平桌面间的动摩擦因数从=3,忽略滑块在

斜面与桌面交接处的能量损失，滑块A与滑块3发生正碰，碰后滑块A最终停在离桌面右端2.4cm处。滑块与木板及

桌面间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，A、"均可视为质点，重力加速度g=10m/s2,sin530=0.8>cos53°=0.6<>

求：

(1)与B相碰前瞬间小滑块A的速度大小；

(2)小滑块3的落地点距桌面最右端的水平距离。

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、D

【解题分析】

由题意可知，航线恰好垂直于河岸，要使小船在更短的时间内过河并且也正好到达正对岸0'处，则合速度增大，方向

始终垂直河岸。小船在静水中的速度增大，与上游河岸的夹角〃增大，如图所示

故D正确，ABC错误。

故选D。

2、C

【解题分析】

氢原子由量子数〃=4的能级跃迁低能级时辐射光子的能量有6种；其中：£4-Ei=-0.8+13.6eV=12.8eV；

E4-E2=-0.8+3.40eV=2.6eV；£：4-£：3=-<).85+1.51eV=0.66eV；Ei-Ei=-1.51+3.40eV=1.89eV；E3-E1=-1.51+13.6eV=12.09eV；

E2.E1=.3.40+13.6eV=n).2eV；金属钠的逸出功为1.9cV,则能够使金属钝发生光电效应的光子有4种，故选C.

3、D

【解题分析】

当一氧化碳浓度增大时，二氧化锡传感器的电阻减小，由闭合电路欧姆定律知，电路中电流变大，则A示数变大；由

欧姆定律知K的电压变大，则电压表V变大；

AC.综上分析，电压表示数变大，AC错误；

BD.综上分析，电流表示数变小，B错误D正确。

故选D。

4、A

【解题分析】

未加磁场时，根据动能定理，有

2

mgh-Wt=^mv-0

加磁场后，多了洛伦兹力，洛伦兹力不做功，根据左手定则，洛伦兹力的方向垂直斜面向上，所以物体对斜面的压力

减小，所以摩擦力变小，摩擦力做的功变小，根据动能定理，有

2

mgh-Wf'-gmV-0

W<Wr

所以

vf>v.

故A正确，BCD错误。

故选Ao

5、C

【解题分析】

A.由图可知，在0・4s内力户先向正方向，再向反方向，故质点先加速再减速到0,速度方向不变，位移增加，故A

错误；

B.在0・4s内，速度先增加后减小，动量先增加后减小，故B错误；

C.0到8s内，一半时间的冲量为正，另一半时间的冲量为负，则总的冲量为0,故C正确；

D.因8s内总的冲量为0,根据动量定理，可知动量的变化为0,即初末速度为0,则动能的变化量为0,尸做功为0,

故D错误。

故选C。

6、C

【解题分析】

设灯泡的额定电压为U,根据题意，输入电压u入=石二8U,得：U=且此时原线圈两端的电压为

7216

4U.7I,2

kk

5=限7=1U,副线圈两端的电压为U2=2。，则变压器原、副线圈匝数比为」•二;7=彳，根据7=—=

%U?2/2nA7

因为a、b此时都能正常发光，故电压都为额定电压，根据产=U/,可知a、b消耗的电功率与电流成正比，即此时

灯泡a和b消耗的电功率之比为2：7,由输入电压的表达式，可知角频率0=1004%//5,则周期7二——=0.025,

CD

而变压器不会改变交变电流的周期，故每0.02s电流方向改变两次，故ABD错误，C正确；故选C.

【题目点拨】根据灯泡电压与输入电压的关系可确定接在线圈的输入端和输出端的电压关系，则可求得匝数之比；根

据变压器电流之间的关系和功率公式可确定功率之比.

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得。分。

7、BD

【解题分析】

AB.设粒子在磁场中做圆周运动的半径为由几何关系可知：

A.错误B正确：

CD.粒子做圆周运动的直径为:

设有粒子射出部分的圆弧所对圆心角为由几何关系可知:

.夕厂6

sin—=——=----

2A3

则：

sin6=2sin—cos—=

223

C错误，D正确.

8、AC

【解题分析】

A.简谐横波传播到〃点的时间为

x0.6-0.24”

t=—=------------s=0.6s

v0.6

故A正确；

B.根据同侧法可知，/=0时刻0.24m的位置的质点由平衡位置向下振动，波源开始振动的方向是向下，所以刚传播

到P点时P点由平衡位置向下振动，故B错误;

C.由图可知波长为

2=0.24m

简谐横波的周期为

7=-=0.4S

v

所以有

3

r=0.6s=-T

2

从，=0时刻到刚传播到尸点过程中。点的路程为

3

S=-x4/4=30cm

2

故C正确；

D.由图可知振幅为

A=5cm

角速度为

ITI.,.

co=——=57rrad/s

T

/=0时刻0.18m处的质点的位移为・5c】n,所以0.18m处的质点的振动方程为

_.__71、

y=5sin(5R-—)cm

故D错误；

故选AC,

9、AB

【解题分析】

带正电粒子仅在电场力作用下，从M运动到N,由速度大小，得出粒子的动能，从而确定粒子的电势能大与小。由于

匀强电场，则等势面是平行且等间距。根据曲线运动条件可从而确定电场力的方向，从而得出匀强电场的电场线方向。

【题目详解】

带电粒子仅在电场力作用下，由于粒子在M、N两点动能相等，则电势能也相等，则M、N两点电势相等。因为匀强

电场，所以两点的连线MN即为等势面。根据等势面与电场线垂直特性，从而画出电场线CO.由曲线运动条件可知,

正电粒子所受的电场力沿着co方向;

可知，速度方向与电场力方向夹角先大于90。后小于90。，电场力对粒子先做负功后做正功，所以电势能先增大后减小。

故AB正确；匀强电场的电场强度Ed=U式中的d是沿着电场强度方向的距离，则£=—J=典，故C错误;

Rsin45°R

粒子在匀强电场受到的是恒定的电场力，不可能做圆周运动，选项D错误；故选AB.

【题目点拨】

紧扣动能相等作为解题突破口，由于仅在电场力作用下，所以得出两点的电势能大小关系。并利用等势面与电场线垂

直的特性，从而推出电场线位置。再由曲线运动来确定电场力的方向。同时考查U=Ed中d的含义重要性，注意公式

中的d为沿电场线方向上的距离。

10、ABD

【解题分析】

A.若没有物块从木板上滑下，则三者最后共速，以三者为整体，水平方向动量守恒，

mvo=3mvi①

则整个过程产生的热量等于动能的变化，有

1,I,

Q=—------x3mvi2②

22

联立①②，得

1,

<2=-7WV0

故A正确；

BD.〃、。之间的碰撞无机械能损失，故碰撞过程中动量守恒和机械能守恒，设碰前速度分别为由、及，碰后分别为

以、V2,,且有力>也，以内方向为正方向，则有

invi+mv2=tnvi,+inv2,®

1,1,1,1

—mvr+—mvr=­/wvi,2+—mv2,2④

2222

联立③④，得

Vl'=V2

V2=V1

即碰后。和木板共速，方向右运动，以。和木板为整体，此时

〃和木板的加速度

12

对。分析知，。的加速度最大值为

若加《2网则mVoo,。和木板保持相对静止，则无论W多大，。都不会从木板上滑落；故B正确;

若网＞2队，则内＞的，。相对木板向左运动，故。可能从木板左端滑落，故D正确；

C.若。与力碰前三者已经共速，则必一定不相碰，此时有

L1,1^

-=-"M~~.3m叱⑤

联立①⑤，得

故若%＞，则ab一定不相碰，故C错误;

故选ABDo

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

R、_

【解题分析】

（D[1]由于电流表的内阻远小于待测电阻的阻值，故采用安培表内接法，滑动变阻器采用限流式接法即可，如图所

（2）[2][3]改装成大量程的电压表，需要将电阻与表头串联，其阻值为:

U3

/?=——R=-------Q-5Q=95.0Q

八।jix80030

(3)[4]改装之后的电压表内阻为100Q,则此时采用安培表外接法，如图所示;

(4)[5]根据欧姆定律可知，此时待测电阻的阻值为:

0.020x(95+5)

Q=52.6Q

R、=0.058-0.020

12、1.84cm-+/最低点67.5s2.25s竺士AC9.86m/s2

2T2

【解题分析】

⑵.摆球直径d-1.8cm+0.1mmx4=1.84cm；

单摆摆长L=4+/;

2

(2)[3][4][5J.摆球摆动稳定后，当它到达最低点时启动秒表开始计时，并记录此后摆球再次经过最低点的次数〃(〃=1、

2、3……),当〃=60时刚好停表。停止计时的秒表读数为67.5s,该单摆的周期为

,t67.5___

T=—=-----s=2.25s

n30

2

(3)(61.根据丁=可得计算重力加速度测量值的表达式为

4/L

A.将摆球经过最低点的次数〃计少了，则计算周期T偏大，则g测量值较小，选项A正确;

B.计时开始时，秒表启动稍晚，则周期测量值偏小，则g测量值偏大，选项B错误；

C.将摆线长当成了摆长，则L偏小，则g测量值偏小，选项C正确；

D.将摆线长和球的直径之和当成了摆长，则L偏大，则g测量值偏大，选项D错误；

故选AC,

(4)[7].根据T=2不不:可得

g

由图像可知

,4乃24.85-3.25)

17=___ZZ___________=4

g1.20-0.80-

解得

g=9.86m/s2

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13、(1)V4=4.0m/s,vw=l.()m/s；(2)〃先停止；0.50m；(3)0.91m；

【解题分析】

首先需要理解弹簧释放后瞬间的过程内4、〃组成的系统动量守恒，再结合能量关系求解出4、8各自的速度大小；

很容易判定A、3都会做匀减速直线运动，并且易知是B先停下，至于A是否已经到达墙处，则需要根据计算确定，

结合几何关系可算出第二问结果；再判断A向左运动停下来之前是否与8发生碰撞，也需要通过计算确定，结合空间

关系，列式求解即可.

【题目详解】

(1)设弹簧释放瞬间A和笈的速度大小分别为沙、四，以向右为正，由动量守恒定律和题给条件有

0=mAvA-mBvB①

Ek=+｝也裾②

联立①②式并代入题给数据得

V4=4.0m/s,VB=1.0m/s

(2)4、B两物块与地面间的动摩擦因数相等，因而两者滑动时加速度大小相等，设为假设4和8发生碰撞前，

已经有一个物块停止，此物块应为弹簧释放后速度较小的用设从弹簧释放到〃停止所需时间为£,B向左运动的路程

为S".，则有

，〃兴④

$8=加-＞产⑤

%一3=0⑥

在时间，内，A可能与墙发生弹性碰撞，碰撞后A将向左运动，碰撞并不改变人的速度大小，所以无论此碰撞是否发

生，A在时间，内的路程以都可表示为

SA=VAt-^-arQ)

2

联立③④©⑥⑦式并代入题给数据得

S4=1.75m,s=0.25m®)

这表明在时间，内A已与墙壁发生碰撞，但没有与B发生碰撞，此时4位于出发点右边0.25m处.〃位于出发点左边

0.25m处，两物块之间的距离s为

s=0.25m+0.25m=0.50m⑨

(3)f时刻后A将继续向左运动，假设它能与岸止的B碰撞，碰撞时速度的大小为以，，由动能定理有

:%4-'%后=-〃，孙8(2/+.)⑩

乙乙

联立③⑧)⑩式并代入题给数据得

丫；=V?in/s(TC

故A与3将发生碰撞.设碰撞后A、B的速度分别为小〃以和曰动量守恒定