2024届江苏省赣榆某中学高考仿真卷物理试题含解析

2024届江苏省赣榆高级中学高考仿真卷物理试题

考生请注意：

1.答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。

2.第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的

位置上。

3.考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、一质子束入射到静止靶核;;A1上，产生如下核反应：p+j；Al->X+n,p、n分别为质子和中子，则产生的新核

含有质子和中子的数目分别为（）

A.28和15B.27和14C.15和13D.14和13

2、如图所示，在电场强度大小为所的水平匀强电场中，。、》两点电荷分别固定在光滑水平面上，两者之间的距离为

I.当。的电量均为+。时，水平面内与两点电荷距离均为/的。点处有一电量为“的点电荷恰好处于平衡状态.如

果仅让点电荷。带负电，电量大小不变，其他条件都不变，则。点处电荷的受力变为（）

A.qE。B.2qE。C.与qE。D.乎祖

3、2020年3月9日19时55分，我国在西昌卫基发射中心，成功发射北斗系统第五十四颗导航卫星，北斗三号CEO2

是一颗地球同步轨道卫星，以下关于这颗卫星判断正确的是（）

A.地球同步轨道卫星的运行周期为定值

B.地球同步轨道卫星所受引力保持不变

C.地球同步轨道卫星绕地运行中处干平衡状态

D.地球同步轨道卫星的在轨运行速度等于第一宇宙速度

4、已知火星的半径是地球的。倍，质量是地球的分倍，现分别在地球和火星的表面上以相同的速度竖直上抛小球，不

计大气的阻力。则小球在地球上上升的最大高度与在火星上上升的最大高度之比为（）

A.b/aB.b2/aC.albD.b/a2

5、如图所示，是一个研究向心力与哪些因素有关的DIS实验装置示意图，其中质量为小的圆柱体放置在未画出的光

滑圆盘边缘，绳子一端连接小圆柱体，另一端连接力传感器，使圆柱体做匀速圆周运动。圆周运动的轨道半径为「，

光电传感器测定的是圆柱体的线速度。关于这个实验下列说法不亚确的是（）

力传感器,

光电传感W”

A.研究向心力与半径的关系时，保持圆柱体线速度和质量一定，应画尸-厂图像

B.研究向心力与线速度的关系时，保持圆柱体质量和运动半径一定，应画/图像

C.研究向心力与质量的关系时，保持圆柱体线速度和运动半径一定，应画尸-图像

D.如能保证两个传感器同步记录，圆筒可以不做匀速圆周运动，同样可以完成该实验目的

6、〃两车在平直的公路上沿同一方向行驶，两车运动的UT图象如图所示。在/=0时刻，〃车在。车前方斗处,

在0〜4时间内，b车的位移为则（）

t4

C.若以人在一时刻相遇，则下次相遇时刻为二4

33

D.若久在2时刻相遇，则下次相遇时。车速度为工

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得。分.

7、电磁炮是利用电磁发射技术制成的一种先进的杀伤武器。下图是电磁炮的原理示意图，与电源的正、负极相连的水

平平行金属轨道位于匀强磁场中，磁场方向垂直轨道所在平面向上，通电的导体滑块将在磁场中向右加速，下列说法

A.。为电源正极

B.仅增大电源电动势滑块出射速度变大

C.仅将磁场反向，导体滑块仍向右加速

D.仅减小弹体质量，其速度变化率增大

8、如图所示，在光滑绝缘水平面上，4、8和C为等边三角形的顶点，A、3固定正点电荷+Q,C固定负点电荷

一0,。、£是4、〃连线上的两点，且则|（）

4寸。

歹\

£/\

BL....>c

+0-Q

A.。点和E点的电场强度大小相等

B.。点和E点的电场强度方向相同

C.。点和E点的电势相等

D.将负电荷从O点移到E点，电势能增加

9、如图所示，水平面上固定着两根足够长的平行导槽，质量为2帆的U形管恰好能在两导槽之间自由滑动，一质量

为"?的小球沿水平方向，以初速度％从U形管的一端射入，从另一端射出。已知小球的半径略小于管道半径，不计

一切摩擦，下列说法正确的是（）

（俯视图）

A.该过程中，小球与U形管组成的系统机械能守恒

B.小球从U形管的另一端射出时，速度大小为自

C.小球运动到U形管圆弧部分的最左端时，速度大小为段

D.从小球射入至运动到U形管圆弧部分的最左端的过程中，平行导槽受到的冲量大小为通”L

3

10、传感器是智能社会的基础元件。如图为电容式位移传感器的示意图，观测电容。的变化即可知道物体位移x的变

化，些表征该传感器的灵敏度。电容器极板和电介质板长度均为L测量范围为-4人自。下列说法正确的是（）

22

A.电容器的电容变大，物体向-x方向运动

B.电容器的电容变大，物体向方向运动

C.电介质的介电常数越大，传感器灵敏度越高

D.电容器的板间电压越大，传感器灵敏度越高

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11.（6分）某研究性学习小组用如图所示的实验装置测量木块与木板间的动摩擦因数4。实验室提供的器材有：带定

滑轮的长木板、有凹槽的木块、钩码若干、细线和速度传感器等。实验中将部分钩码悬挂在细线下，剩余的全部放在

木块的凹槽中，保持长木板水平，利用速度传感器测量木块的速度。

具体做法是：先用刻度尺测量出A、B间的距离L将木块从A点由瞥止释放，用速度传感器测出它运动到8点时的

速度上然后从木块凹槽中移动钩码逐个悬挂到细线下端，改变悬挂钩码的总质量加，测得相应的速度匕由运动学

公式计算对应的加速度作出，图象如图所示。回答下列问题：

ams':

（1）设加速度大小为。，则。与”及L之间的关系式是_________o

⑵已知当地重力加速度g取98］退2,则木块与木板间的动摩擦因数"=（保留2位有效数字）；〃的测量

值__________（填“大于”“小于”或“等于D真实值，其原因是__________（写出一个即可）。

⑶实验中（填“需要”或"不需要”）满足悬挂钩码的质量远小于木块和槽中钩码的总质量。

12.（12分）某同学研究小灯泡的伏安特性曲线，所使用的器材有:

小力泡L（额定电压3.8V,额定电流0.32A）,

电压表（量程3V,内阻为3kQ）,

电流表A（量程0.6A,内阻约0.5C）,

定值电阻凡（阻值为IkC）,

滑动变阻器R（阻值0~10C）,

电源月（电动势5V,内阻很小）

开关S,导线若干.

（1）实验要求能够实现在0~3.8V的范围内对小灯泡的电压进行测量，请将图甲电路补画完整

%——(5)

L

v

E

⑵实验测得该小灯泡伏安特性曲线如图所示，由曲线可知，随着电流的增加小灯泡的电阻将

A.逐渐增大B.逐渐减小

C.先增大后不变D.先减小后不变

（3）若用多用表直接测量该小灯泡的电阻，正确操作后多用表指针如图所示，则小灯泡的电阻是_______Q.

（4）用另一电源E。（电动势4V,内阻10。）和题中所给的小灯泡心、滑动变阻器R连接成如图所示的电路，闭合开

关S,调节滑动变阻器R的阻值.在R的变化范围内，电源的最大输出功率为W,此时小灯泡的功率为W,

滑动变阻器R接入电路的电阻为Q.

L

0

E。

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13.（10分）如图所示，在平面直角坐标系xOy的第二、第三象限内有一垂直纸面向里、磁感应强度为3的匀强磁场

区域AABC,A点坐标为（0,3”），C点坐标为（0,-3a；,B点坐标为（-2岛，-3a）.在直角坐标系xOy的第一象

限内，加上方向沿y轴正方向、场强大小为E=8n）的匀强电场，在x=3a处垂直于x轴放置一平面荧光屏，其与x轴

的交点为。.粒子束以相同的速度也）由。、。间的各位置垂直），轴射入，已知从），轴上y=-2。的点射入磁场的粒子在

磁场中的轨迹恰好经过O点.忽略粒子间的相互作用，不计粒子的重力.

（1）求粒子的比荷；

（2）求粒子束射入电场的纵坐标范围；

（3）从什么位置射入磁场的粒子打到荧光屏上距。点最远？求出最远距离.

14.（16分）如图所示，在水平面上有一个固定的!光滑圆弧轨道而，其半径R=0.4m。紧靠圆弧轨道的右侧有一足

4

够长的水平传送带与圆弧轨道相切于力点，在电动机的带动下皮带以速度w=2m/s顺时针匀速转动，在。的正上方高

/『0.4m处将小物块A由静止释放，在a点沿切线方向进入圆弧轨道ab,当A滑上水平传送带左端的同时小物块B在

c点以y=4m/s的初速度向左运动，两物块均可视为质点，质量均为2kg,与传送带间的动摩擦因数均为〃=0.4。两物

块在传送带上运动的过程中恰好不会发生碰撞，取g=10m/s2。求：

（1）小物块A到达圆弧轨道最低点时对轨道的压力大小；

⑵小物块B、A开始相向运动时的距离人；

⑶由于物块相对传送带滑动，电动机多消耗的电能。

15.（12分）“801所”设计的磁聚焦式霍尔推进器可作为太空飞船的发动机，其原理如下：系统捕获宇宙中大量存在

的等离子体（由电量相同的正、负离子组成）经系统处理后，从下方以恒定速率力向上射入有磁感应强度为①、垂直纸

面向里的匀强磁场区域I内.当栅极MN、间形成稳定的电场后，自动关闭区域I系统（关闭粒子进入通道、撤去

磁场外）.区域n内有磁感应强度大小为小、垂直纸面向外的匀强磁场，磁场右边界是直径为。、与上下极板相切的

半圆（圆与下板相切于极板中央4）.放在A处的放射源能够向各个方向均匀发射速度大小相等的氤原子核，何原子核

经过该区域后形成宽度为。的平行氤粒子束，经过栅极MM之间的电场加速后从喷出，在加速敬原子核的过

程中探测器获得反向推力（不计值原子核、等离子体的重力，不计粒子之间相互作用于相对论效应）.已知极板长

RM=2Df栅极MN和0Q间距为d,简原子核的质量为加、电荷量为心求：

⑴伍原子核在A处的速度大小V2；

⑵包:原子核从PQ喷出时的速度大小V3；

⑶因区域II内磁场发生器故障，导致区域n中磁感应强度减半并分布在整个区域n中，求能进入区域I的氤原子核占

A处发射粒子总数的百分比.

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、D

【解析】

质子的电荷数为1,质量数为1;中子的电荷数为0,质量数为1;根据电荷数、质量数守恒，X的质子数（电荷数）为

1+13-0=14,质量数为1+27-1=27,中子数:27T4=13。

A.28和15。与上述结论不符，故A错误；

B.27和14。与上述结论不符，故B错误；

C.15和13。与上述结论不符，故C错误；

D.14和13。与上述结论相符，故D正确。

2、D

【解析】

开始时，对放在O点的点电荷由平衡知识可知：2EJCOS30°=&M；当让点电荷〃带负电时，则a、b对O点点电

荷的库仑力竖直向上在，则的点处电荷的受力变为尸二J（26,cs60°）2十（综"尸=绯~E°q，故选D.

3

3、A

【解析】

A.同步卫星相对地球是静止的，即运行周期等于地球自转周期，为定值，A正确；

BC.地球同步轨道卫星所受引力充当圆周运动的向心力，时时刻刻指向圆心，为变力，其合力不为零，故不是出于平

衡状态，BC错误；

D.第一宇宙速度是最小发射速度，最大环绕速度，即为在地球表面环绕的卫星的速度，而同步卫星轨道半径大于地

।影可知，轨道半径越大，线速度越小，所以同步卫星运行速度小于第一宇宙速度，D错误。

球半径，根据u

故选A。

4、D

【解析】

根据在星球表面重力与万有引力相等，有：G粤=mg,可得：g=器，故正二拱•隼=£；竖直上抛运动

R-R-g火M,火相b

的最大高度萼，所以有答二也二上；故A,B,C错误；D正确；故选D.

2g般g地T

5、A

【解析】

A.根据向心力公式结合牛顿第二定律有

F=m—

r

可知研究向心力与半径的关系时，保持圆柱体线速度和质量一定，应画厂-，图像，二者呈线性关系，便于研究，A

r

错误；

B.研究向心力与线速度的关系时，保持圆柱体质量和运动半径一定，应画尸图像，B正确；

C.研究向心力与质量的关系时，保持圆柱体线速度和运动半径一定，应画尸-，〃图像，C正确；

D.如能保证两个传感器同步记录，圆筒可以不做匀速圆周运动，光电传感器测量圆柱通过瞬间的线速度，力传感器

测量此时瞬间的向心力（绳子拉力）大小，同样可以完成该实验目的，D正确。

本题选择不正确的，故选A。

6、B

【解析】

A.根据题述，在［=0时刻，人车在。车前方S。处，在0〜乙时间内，力车的位移为一若外匕在。时刻相遇，根据

VT图线与坐标轴所围图形的面积表示位移，则有

+s=3s

解得“=2s,故A错误;

B.若外人在工时刻相遇，根据U-f图线与坐标轴所围图形的面积表示位移，则有

2

s7

s'o+—=—s

44

解得“二万，故B正确;

C.若。、在工时刻相遇,则下次相遇的时刻为关于，=乙对称的?时刻，故C错误;

3

D.若久在孑时刻相遇,则下次相遇时刻为与，下次相遇时。车速度

…一泠U

故D错误。

故选B。

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、BD

【解析】

A.根据左手定则可知，受到的安培力向右，电流方向由下向上流过滑块，则力为电源正极，故A错误；

B.仅增大电源电动势，流过滑块的电流增大，安培力增大，加速度增大，速度变化增大，故B正确；

C.仅将磁场反向，根据左手定则可知，滑块向左加速，故C错误；

D.仅减小弹体质量，滑块的合力不变，根据牛顿第二定律可知，加速度增大，速度变化量增大，故D正确。

故选BD.

8、AC

【解析】

AB.。、E两点电场，是4、B两正点电荷的电场与C点的负点电荷的电场的叠加。4、B两正点电荷在。点和E点

的合场强大小相等，方向相反，。点的负点电荷在。点和月点的场强大小相等，方向不同，所以，。点和E点的合场

强大小柞等，方向不同，A正确，R错误：

C.。点和£点在一。的等势面上，同时关于两正点电荷对称，所以。点和E点的电势相等，C正确；

D.根据电势能的计算公式

E、=q(p

可知负电荷在。点和万点的电势能相同，D错误。

故选AC,

9、ABD

【解析】

A.小球和U形管组成的系统整体在运动过程中没有外力做功，所以系统整体机械能守恒，所以A正确；

B.小球从U形管一端进入从另一端出来的过程中，对小球和U形管组成的系统，水平方向不受外力，规定向左为正

方向，由动量守恒定律可得

mv0=nwy4-2mv2

再有机械能守恒定律可得

1121c2

—wv2=—wVj+—•

()2mv2

解得

m-27n1

匕=q%=一三%

所以B正确：

C.从小球射入至运动到u形管圆弧部分的最左端的过程时，小球和U形管速度水平方向速度相同，对此过程满足动

量守恒定律，得

mvG=（加+2m）vx

匕二为

X3

由能量守恒得

11。，1,

—m\f=—•——mv~

202x2

解得

所以C错误;

D.小球此时还有个分速度是沿着圆形管的切线方向，设为％,由速度的合成与分解可知

Vy=W-2=痔。

对小球由动量定理得

/=〃%_0=彳叫

由于力的作用是相互的，所以平行导槽受到的冲量为

1=丁〃%

所以D正确。

故选ABD。

10、AC

【解析】

AB.根据电容公式

C=-^-

411kd

可知，电容器的电容变大，两板间电介质部分增多，物体向《方向运动，故A正确，B错误；

C.电介质的介电常数越大，当物体沿左右方向运动，移动相同距离时，电容器的变化量变大，即传感器的灵敏度变

大，故C正确；

D.电容器的电容和板间电压无关，电容器的板间电压变大，电容器的变化量不变，即传感器的灵敏度不变，故D错

误。

故选AC

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11>v2=2aL0.34（0.32〜0.35均可）大于滑轮与轴承细线间有摩擦不需要

【解析】

（1）[1].根据匀变速直线运动的规律有声

（2）[21，设木块的质量为M,钩码的总质量为町），根据牛顿第二定律有

mg-f=(M+成

联立解得加速度

M+/

由题图可知，当m=0时，〃=-〃g=-3.3m/s2,则木块与木板间的动摩擦因数〃=0.34；

[3].因滑轮与轴承、细线间有摩擦，所以测量值大于真实值。

（3）[4],实验中没有采用细线拉力等于重力，所以不需要满足悬挂钩码的总质量远小于木块和槽中钩码的总质量。

%

L

12、1.50.40.283

R

_7S

E

【解析】

（1）"]因本实验需要电流从零开始调节，因此应采用滑动变阻器分压接法；因灯泡内阻与电流表内阻接近，故应采用电

流表外接法；另外为了扩大电压表量程，应用此和电压表串联，故原理图如图所示

E

(2)[2]/-U图象中图象的斜率表示电阻的倒数，由图可知,图象的斜率随电压的增大而减小，故说明电阻随电流的增

大而增大；其原因是灯丝的电阻率随着电流的增大而增大;

A.与分析相符，故A正确;

B.与分析不符，故B错误;

C.与分析不符，故C错误;

D.与分析不符，故D错误;

(3)网灯泡正常工作时的电阻为：

TJ4R

/?=—=—Q=11.8Q

/0.32

则多用电表可以选择欧姆挡的X1挡；由图示多用电表可知，其示数为1.5C；

(4)[4]当电源内阻等于外电路电阻时，电源的输出功率最大，电源的最大输出功率为:

炉A-

—=------W=0.4W

4r4x10

⑸此时小灯泡的电流为：

E

/=—=0.2A

2r

由图可知，此时灯泡电压为：

U=1.4V

此时小灯泡的功率为：

尸="=1.4x0.2W=0.28W

⑹此时小灯泡的电阻为：

RL=J=7Q

滑动变阻器R接入电路的电阻为:

R=r-RL=3Q.

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

79

13、(2)0<y<2a(3)y=-a-a

8f4

【解析】

⑴由题意可知，粒子在磁场中的轨迹半径为

由牛顿第二定律得

2

Bqv(\=m—

故粒子的比荷

9

mBa

⑵能进入电场中且离。点上方最远的粒子在磁场中的运动轨迹恰好与A4边相切，设粒子运动轨迹的圆心为。，点，如

图所示.

由几何关系知

O'A=r----=2a

BC

则

OO,=OA-O,A=a

即粒子离开磁场进入电场时，离。点上方最远距离为

OD=ym=2a

所以粒子束从『轴射入电场的范围为0302”

⑶假设粒子没有射出电场就打到荧光屏上，有

3a=yo"o

\qE29。

产2产2…'

所以，粒子应射出电场后打到荧光屏上

粒子在电场中做类平抛运动，设粒子在电场中的运动时间为f,竖直方向位移为y,水平方向位移为x,则

水平方向有

X=V(rt

竖直方向有

代入数据得

x=yflay

设粒子最终打在荧光屏上的点距。点为〃，粒子射出电场时与x轴的夹角为伍则

qEx

匕%V。

有

W=(3a—x)-tan〃=(3>/«--J2y)\/2y

当3&-而=而时，即时，〃有最大值

O

99

由于所以〃的最大值〃ma、=-。，粒子射入磁场的位置为

84

97

y=—a-2a=-----a

XX

14、(I)IOON(2)5m(3)16J

【解析】

(1)小物块A从静止运动到力点，由动能定理得

mg(h+R)=^mv~

在力点由牛顿第二定律得

K

解得

FN=100N

根据牛顿第二定律可知小物块A到达圆弧轨道最低点时对轨道的压力大小为100N

(2)由牛顿第二定律得

pnig=ma

可知两个小物块的加速度大小均为

«=//^=4m/s2

小物块A向右减速至与传送带共速的过程中所需时间

t」一%

lA一

a

小物块A的位移

传送带的位移

X|=Vot..\

所以A物块相对传送带的位移

小物块B向左减速至0再反向加速至与传送带共速的过程所需的时间

%=空工=1印

a

小物块B的位移大小

XB=­

传送带的位移

w=%

所以小物块B相对传送带的位移

乐7+小

小物块B、A开始相向运动的距离

解得

4=5m

⑶小物块A相对传送带运动产生的热量

2,=卬阳A%

小物块动能的变化量

AL12I2

△E1二不"?喘-不〃2%

LZ

小物块B相对传