2024届深圳市龙岗区高考仿真卷（物理试题）（三）

2024届深圳市龙岗区高考仿真卷（物理试题）（=）

注意事项

1.考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回.

2.答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0.5亳米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置.

3.请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符.

4.作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他

答案.作答非选择题，必须用05亳米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效.

5.如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗.

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、如图所示，某竖直弹射装置由两根劲度系数为k的轻弹簧以及质量不计的底盘构成，当质量为的物体竖直射

向空中时，底盘对物体的支持力为6，ng（g为重力加速度），已知两根弹簧与竖直方向的夹角为。=60。，则此时每根

弹簧的伸长量为

2、光滑水平面上，一物体在恒力作用下做方向不变的直线运动，在人时间内动能由0增大到Ek,在，2时间内动能由

以增大到2心，设恒力在4时间内冲量为人在，2时间内冲量为两段时间内物体的位移分别为力和X2,则（）

A.Xl<X2B.X1>X2

C.I\>h,X\=X1D.h=l2fX1=X2

3、近年来，人类发射的多枚火星探测器已经相继在火星上着陆，正在进行着激动人心的科学探究，为我们将来登上火

星、开发和利用火星资源奠定了坚实的基础.如果火星探测器环绕火星做“近地”匀速圆周运动，并测得该运动的周期

为T,则火星的平均密度0的表达式为（A为某个常数）（）

kk

A.p=kTB.0=亍C.p=kT2D.p=—

4、如图甲所示，理想变压器原线圈匝数〃=200匝，副线圈匝数〃2=100匝，交流电压表和交流电流表均为理想电表，

两个电阻K的阻值均为125C,图乙为原线圈两端的输入电压与时间的关系图象，下列说法正确的是（）

A.通过电阻的交流电频率为100Hz

B.电压表的示数为250y

C.电流表的示数为0.25A

D.每个电阻霏两端电压最大值为125及V

5、a、〃两车在平直的公路上沿同一方向行驶，两车运动的VT图象如图所示。在，=0时刻，〃车在。车前方S。处,

在0时间内，匕车的位移为九则（）

A.若。、/?在乙时刻相遇，则”=3s

B.若以〃在^■时刻相遇，则”=■!$

C.若以人在2时刻相遇，则下次相遇时刻为

33

D.若。、人在2时刻相遇，则下次相遇时。车速度为3

6、关于对平抛运动的理解，以下说法正确的是（）

A.只要时间足够长，其速度方向可能沿竖直方向

B.在任意相等的时间内速度的变化量相同

C.可以运用“化曲为直”的方法，分解为竖直方向的匀速直线运动和水平方向的自由落体运动

D.平抛运动的水平位移与竖直高度无关

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得。分.

7、如图所示，倾角为0的足够长传送带以恒定的速率vo沿逆时针方向运行.t=0时，将质量m=lkg的小物块（可视

为质点）轻放在传送带上,物块速度随时间变化的图象如图所示.设沿传送带向下为正方向，取重力加速度g=10m/si.则

A.摩擦力的方向始终沿传送带向下

B.1〜1s内，物块的加速度为Im/sI

C.传送带的倾角。=30。

D.物体与传送带之间的动摩擦因数|1=0.5

8、一列横波沿x轴传播，某时刻的波形图如图所示，质点A的平衡位置与坐标原点。相距1m,此时质点4沿V轴正

方向运动，经过0.5s第一次到达最大位移处。由此可知_

A.这列波沿x轴负方向传播

B.这列波的波长为2m

C.这列波的传播速度为Im/s

D.这列波的频率为2Hz

E.该时刻起1.5s内质点A走过的路程为0.03m

9、下列有关光学现象的说法正确的是_______。

A.光从光密介质射入光疏介质，若入射角大于临界角，则一定发生全反射

B.光从光密介质射人光疏介质，其频率不变，传播速度变小

C.光的干涉，衍射现象证明了光具有波动性

D.做双缝干涉实验时，用红光替代紫光，相邻明条纹间距变小

E.频率相同、相位差恒定的两列波相遇后能产生稳定的干涉条纹

10、下列说法正确的是（）

A.分子间同时存在着引力和斥力，当分子间距增加时，分子间的引力和斥力都减小

B.根据处二恒量，可知液体的饱和汽压与温度和体积有关

T

C.液晶具有液体的流动性，同时其光学性质具有晶体的各向异性特征

（2）由图象求得电池的电动势£=V,内阻〃-C；（结果均保留两位小数）

（3）上述方案中，若考虑电流表内阻对测量的影响，则电动势E的测量值____真实值，内阻『的测量值_____________

真实值。（均选填“大于”、“等于”或“小于”）

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13.（10分）如图所示，一厚度均匀的圆柱形玻璃管内径为「，外径为R,高为R。一条光线从玻璃管上方入射，入射

点恰好位于M点，光线与圆柱上表面成30。角，且与直径MN在同一竖直面内。光线经入射后从内壁射出，最终到达

圆柱底面，在玻璃中传播时间为人射出直至到底面传播时间为弓，测得八"2二3:1.已知该玻璃的折射率为如，求

2

圆柱形玻璃管内、外半径之比广R.

14.（16分）如图所示，在空间直角坐标系中，I、II象限（含x、y轴）有磁感应强度为B=1T,方向垂直于纸面向外

的匀强磁场和电场强度为£=10N/C,方向竖直向上的匀强电场；HI、N象限（不含x轴）有磁感应强度为

方向沿y轴负方向的匀强磁场，光滑,圆弧轨道圆心",半径为R=2m,圆环底端位于坐标轴原点。。质量为如=lkg,

4

带电S=+1C的小球M从0,处水平向右飞出，经过一段时间，正好运动到。点。质量为机2=2kg,带电《2=+1.8C小球

的N穿在光滑圆弧轨道上从与圆心等高处静止释放，与M同时运动到O点并发生完全非弹性碰撞，碰后生成小球P

（碰撞过程无电荷损失）。小球M、N、P均可视为质点，不计小球间的库仑力，取g=10m/s2,求：

⑴小球M在0,处的初速度为多大；

⑵碰撞完成后瞬间，小球P的速度；

⑶分析P球在后续运动过程中，第一次回到y轴时的坐标。

15.（12分）如图所示，光滑水平面上有一被压缩的轻质弹簧，左端固定，质量为m,\=lkg的光滑A紧靠弹簧右端（不

栓接)，弹簧的弹性势能为Ep=32J。质量为，加=lkg的槽B静止在水平面上，内壁间距L=0.6m,槽内放有质量为mc=2kg

的滑块C(可视为质点)，C到左端侧壁的距离d=O.lm,槽与滑块C之间的动摩擦因数〃=0.1。现释放弹簧，滑块A

离开弹簧后与槽B发生正碰并粘在一起。A、B整体与滑块C发生碰撞时，A、B整体与滑块C交换速度。(g=10in/s2)

求

(1)从释放弹簧，到B与C第一次发生碰撞，整个系统损失的机械能；

⑵从槽开始运动到槽和滑块C相对静止经历的时间。

参考答案

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、D

【解题分析】

对物体e,受重力和支持力，根据牛顿第二定律，有：N-mg=ma；其中：N=6mg；解得：a=5g；再对质量不计的底盘

和物体m整体分析，受两个拉力和重力，根据牛顿第二定律，有：竖直方向：2Fcos60°-mg=ma；解得：F=6mg；根

据胡克定律，有：x=g=华，故选D。

2、C

【解题分析】

根据动能定理，第一段加速过程

尸・x尸

第二段加速过程

F*X2=2Eu-Ek

联立可得

Xl=X2

物体做初速度为零的加速运动，故通过连续相等位移的时间变短，即通过位移X2的时间t2小于通过位移XI的时间打

根据冲量的定义，有

h=F*ti

h=F・tz

故

h>h

故C正确，ABD错误。

故选C。

3、D

【解题分析】

探测器绕火星做“近地”匀速圆周运动，万有引力做向心力，故有

「Mm41-

G——=mR

R2T2

解得

4冗

M=R3

GT2

故火星的平均密度为

M__k

P=T^=GTT=TT

3

（女吟为常量）

故选D。

4、C

【解题分析】

A.由图乙知T=0.02s,则/="=50Hz,变压器不改变交流电的频率，所以输出交流电的频率仍为50Hz,A错误;

B.由才a二二%可知‘电压表的示数

U2=~^\=125V

B错误;

C.由于电压表

a

Ir、=-=0.5A

2R

又3二石，则电流表的示数

I[=-A=0.25A

q一

C正确；

D.每个电阻R两端电压最大值为

tmR=0.5xl25x72=62.5拒V

D错误。

故选C.

5、B

【解题分析】

A.根据题述，在1=0时刻，〃车在。车前方S。处，在0~乙时间内，〃车的位移为S,若小〃在乙时刻相遇，根据

VT图线与坐标轴所围图形的面积表示位移，则有

%+s=3s

解得“=2s,故A错误；

若、在时刻相遇，

B.aZ?4根据VT图线与坐标轴所围图形的面积表示位移，则有

2

s7

“H—=—S

44

3s

解得S0=耳，故B正确；

C.若久〃在g时刻相遇,则下次相遇的时刻为关于，对称的当时刻，故C错误;

D.若。、在3时刻相遇,则下次相遇时刻吟，下次相遇时。车速度

4

“2匕上.义=立

r.44

故D错误。

故选B。

6、B

【解题分析】

A.当平抛运动下落时间无论多么长，由于存在水平方向的分速度，则速度方向不可能竖直向下，故A错误；

B.由公式△呻皿=弱，可知平抛运动的物体在任意相等时间内速度的变化量相同，故B正确；

C.平抛运动运用“化曲为直”的方法，分解为水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，故C错误;

D.平抛运动的水平位移为

知平抛运动的水平位移由初速度和抛出点的高度共同决定，故D错误。

故选B。

二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。

全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

7、BD

【解题分析】

开始物块相对于传送带向后滑动，物块受到的摩擦力平行于传送带向下，当物块受到大于传送带速度后，物块受到的

摩擦力方向平行于传送带向上，故A错误；由图1所示图象可知，1〜1S内，物块的加速度'加2/。2

a--2一］w-zm/s

故B正确；由图1所示图象可知，在。〜is内物块的加速度加由牛顿第二定律得：

a-&-jni/s_1ums

mgsinO+/imgcosO=ma,在1〜Is内，由牛顿第二定律得：mgsinO-pnigcosO=mar,解得：〃=0.5,0=37。,故C错误，I)

正确。

故选BD正确。

8、BCE

【解题分析】

A.题图中质点A正由平衡位置向正向最大位移处运动，根据“上下坡法”可知，波沿人•轴正方向传播，故A错误；

B.由波形图可知

OA=—=1m

2

解得

2=2m

故B正确；

CD.由题知，质点4经0.5s第一次到达最大位移处，则有

T

一二0.5s

4

解得

T=2s

故频率

/=y=0.5Hz

根据

A.」

v=—=lm/s

T

故C正确，D错误；

E.因

1.5s=-T

4

故质点力走过的路程为0.03m,故E正确。

故选BCEo

9、ACE

【解题分析】

A.发生全发射的条件是，光从光密介质射入光疏介质，且入射角大于或等于临界角，故A正确；

B.光从光密介质射到光疏介质，频率不变，根据-二£可知，折射率减小，所以速度增大，故B错误；

n

C.光的衍射和干涉是波独有的现象，所以可以说明光具有波动性，故C正确；

D.红光的波长大于紫光，根据条纹间距公式可知

Ax=­A

d

红光的条纹间距大于紫光，故D错误；

E.两列波发生稳定的干涉现象的条件是频率相同，相位差恒定，故E正确。

故选ACEo

10、ACD

【解题分析】

A.分子间的引力和斥力都随距离增大而减小，故A正确；

B.液体的饱和气压和温度、外界压强有关，故B错误；

C液晶是一种特殊晶体，其具有液体的流动性，又具有晶体的各向异性特征，故C正确；

D.在不考虑分子势能的情况下，Imol温度相同的氢气和氧气分子数相同，分子的平均动能也相同，故内能相同，故

D正确；

E.液体的表面张力与液面相切，故E错误；

故选ACDo

三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。

11、保持不变磁通量的变化量E和V的乘积E--

【解题分析】

(1)[1]为了定量验证感应电动势E与时间加成反比，我们应该控制磁通量的变化量△中不变；

⑵所以在实验中，每次测量的△/时间内，磁铁相对线圈运动的距离都相同，从而实现了控制通过线圈的磁通量的变化

量不变；

(2)⑶为了验证E与加成反比，算出感应电动势E和挡光时间加的乘积，若该数据基本相等，则验证了E与加成

反比。

⑷在直角坐标系中作感应电动势E与挡光时间的倒数上关系图线，若图线是基本过坐标原点的倾斜直线，则也可验

3.85±0.055.85±0.20等于大于

【解题分析】

图象如图所示。

⑵[2]网根据闭合电路欧姆定律可得

E=IR+Ir

变形为

IR=E-Ir

由图象可得

E=(3.85±0.05)V

r=(5.85±0.20)0

⑶⑷⑸若考虑电流表内阻对测量的影响，则表达式变为

IR=E-I(r+RJ

因此，电动势的测量无误差，即电动势W的测量值等于真实值，但是内阻测量偏大，即内阻/•的测量值大于真实值。

四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算

步骤。

13、1:3

【解题分析】

光路图如图所示：

由题可得入射角i=60。，折射率〃=逅，设折射角为/

2

sinz

由折射定律〃

sin/

解得：/=45°

由几何关系可得MC=C4=R—〃，MA=,AD—r>AB二r

3

设光线在玻璃中传播的速度为外且〃=£

v

MA_\/2（/?-r）

解得：勺一二;c

n

2A/3

r

AB-V

t=-=——

2cc

由：f2=3:1

解得：r:/?=l:3

14、(l)lm/s；(2)lm/s；(3)坐标位置为(0,-20/)

【解题分析】

(1)M从。进入磁场，电场力和