实验题 （解析版）-2024年上海各区中考物理一模汇编

专题14实验题

1、（2024•上海市杨浦区九年级上学期期末一模）小红做“用电流表、电压表测电阻”

实验，将电源（电压为1.5伏整数倍不变）、开关、滑动变阻器、待测电阻、电流表串

联，再将电压表并联在电路中。小红规范操作，闭合开关，观察电表示数，并计算出电

压表示数与电流表示数比值为10欧。她移动滑片至某位置，发现电压表示数与电流表

示数比值减小为4欧。经过思考后，小红重新正确连接电路，改变滑片位置后，再次闭

合开关，观察到两电表示数如图（a）（b）所示。继续移动滑片至变阻器最右端，再移

至变阻器最左端，观察到电流表指针在图（b）所示位置基础上分别偏转了7小格与2

小格。

根据上述信息

①求电源电压U；

②如图为小红重新实验时的实物连接图，请用笔线代替导线在图中补上未画出的导线;

国

③根据上述信息，将实验数据填写在下表中，并计算待测电阻的平均值。

实验序

电压（伏）电流（安）电阻（欧）电阻的平均值（欧）

号

1

2

3

【答案】①4.5V；②见解析；③见解析

【解析】

解：①由于电源电压为1.5伏整数倍不变，由图(a)知电压表选用大量程；实验开始

时，电压表和电流表的比值发生变化，说明电压表并联在滑动变阻器的两端；正确连接

电路后电压表的示数如图1(a)所示：电压表的分度值为0.5V,其示数为3V,(b)图

电流表选择的是小量程，其分度值为0.02A,此时示数为0.24A,由R=U~得,第一次

1

电阻值为

由于闭合开关前滑动变阻器的滑片在阻值最大处，且闭合开关后电压表示数与电流表示

数比值为10。，所以滑动变阻器的最大电阻为10。，由题意知，正确连接电路后，移动

滑片至变阻器最右端和最左端，电流表指针分别偏转了7小格与2小格，设当移动滑片

至变阻器最左端时，滑动变阻器接入电路的电阻最大为10。，此时电路中的电流变小为

/2=0.24A-2x0.02A=0.2A

根据串联电路电压特点和欧姆定律可得，电源电压为

U=，2凶+/大)=0.2AX(12.5Q+1OQ)=4.5V

此时电源电压为1.5伏整数倍，故符合题意；

设当移动滑片至变阻器最左端时，滑动变阻器接入电路的电阻最大为10。，此时电路中

的电流变小为

r=0.24A-7X0.02A=0.1A

根据串联电路电压特点和欧姆定律可得，电源电压为

。'=/'(4+%大)=01AX(12.5Q+10Q)=2.25V

此时电源电压不是1.5伏整数倍，故不符合题意；

仇=4用=0.38Ax12.5Q=4.75V

此时电源电压不是1.5伏整数倍，故不符合题意；故电源电压为4.5V。

②由题意知，电压表选用大量程与定值电阻并联，滑动变阻器接一个上接线柱和一个

下接线柱串联在电路中，故应将定值电阻右接线柱与滑动变阻上接线主连接，将定值电

阻左接线柱与电压表负接线柱连接，定值电阻右接线柱与电压表正接线柱连接(大量

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程），如图所示:

③由题意可得，第一次的电阻两端电压值为3V,通过其的电流为0.24A,则电阻阻值

为

R=4=_2}L=i2.5Q

L0.24A

当移动滑片至变阻器最左端时，滑动变阻器接入电路的电阻最大为10。，电路中的电流

为0.2A,待测电阻两端的电压为

U2=1/_科大=4.5V-0.2Axl0Q=2.5V

第二次待测电阻的阻值为

2.5V

旦==12.50

20.2A

当移动滑片至变阻器最右端时，滑动变阻器接入电路的电阻为零，此时电路中的电流变

大为

l3=0.24A+7x0.02A=0.38A

电压表的示数为电源电压为4.5V,则第三次待测电阻的阻值为

凡

A0.38A

待测电阻的平均值为

八R.+R.+R,12.5Q+12.5Q+11.8Q…口

Rx=~~-——-=---------------------------«12.3Q

33

如下表所示（电阻精确到0」欧）:

电阻的平均值

实验序号电压（付）电流（安）电阻（欧）

（欧）

130.2412.5

12.3

22.50.212.5

34.50.3811.8

答：①电源电压为4.5V；

②见解析；

③见解析。

2、（2024•上海市徐汇区九年级上学期期末一模）某小组同学利用实验室器材测量空气

的密度。小李和小王同学分别设计了相关的测量方案，实验步骤如下所示。

小李同学测量方案：

①测出密闭容器和内部空气总质量加1；

②用抽气机抽空密闭容器内空气，测出此时密闭容器质量加2；

③在密闭容器中注满水，测出密闭容器和水的总质量加3；

④根据实验原理求出空气的密度Qj。

⑤重复上述步骤，完成三次测量求密度平均值。

小王同学测量方案：

①测出充足气的排球质量叫'；

②如图所示，利用排水法让排球内气体进入量杯，当量杯内外水面相平时，夹住导管。

测出此时排球的质量加2’；

③读出此时量杯内空气的体积V；

④根据实验原理求出空气的密度,曾。

⑤重复上述步骤，完成三次测量求密度平均值。

据此回答下列问题：

①在“测定物质的密度”实验中：实验原理是=实验中多次测量是为了;

②小李同学实验方案中，密闭容器内空气的体积匕=,空气的密度月=;

（均用字母表示，己知水的密度为避求）

③若考虑排球浸没在空气中受到浮力，且排气前后体积略有减小，小王同学测出的空气

平均密度应（选填“偏大”或“偏小”）。

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④.

⑤.偏小

P水

【解析】

①口］［2］测定物质密度是测量质量和体积，通过密度公式计算密度，所以实验原理为

P=—o实验中多次测量的求平均值，为了减小实验误差。

V

②［3］空气的体积即为注满水时水的体积，水的质量为容器和水的总质量减去容器的质量

即为

加3一加2

根据忆=一可以算出空气的体积

P

夕水

［4］空气的质量为容器和空气的总质量减去容器的质量即为

加1-m2

根据公式）=工可算出空气的密度

〃|一62=（加1—加2）夕水

加3一巧（加3-加2）

P水

③［5］小王同学的方案中，排出气体的质量为

加］一加2

根据夕=£可算出

篮球所受的空气浮力与篮球的体积有关，体积越大，受到的浮力越大，排气后的体积减

小，导致篮球受到的空气浮力变小，所测重力就会变大，计算出的质量心2就偏大，所

以导致空气的平均密度偏小。

3、（2024•上海市徐汇区九年级上学期期末一模）某小组做“用电流表、电压表测电阻”

实验，现有待测电阻&、滑动变阻器4、电流表、电压表、开关、导线和干电池若干。

小明选择两节干电池和部分元件，按图（a）所示电路图连接电路，闭合开关后，他观

察到电压表V的示数为2.8V,电流表A的示数为0.10A,他由此计算出待测电阻4的

阻值。

①求小明得出的待测电阻&的阻值；

②小明的实验存在什么问题？应该如何改进（从电路设计、分析数据等方面建议）；

③小徐发现小明实验中用两节干电池作为电源，电压表示数却低于预估。经过查阅资

料，他得知干电池内部也有电阻，若将干电池等效为由理想电源（没有电阻且电源电压

保持不变）和内部电阻构成，他猜想二者有两种连接方式，如下图（b）（c）所示。为

探究理想电源和内部电阻/连接方式，用变阻器以替换电阻N，如图（d）所示。闭

合开关后，移动滑片P,记录数据在下表中。

序号电流表示数（A）电压表示数（V）

10.102.8

20.202.6

30.302.4

（a）判断理想电源和内部电阻连接方式，并说明理由;

（b）求该电源内部电阻的阻值4。

【答案】①28欧；②见解析；③（a）见解析；（b）2欧

【解析】

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解：①待测电阻尺的阻值

44丝=28Q

110.10A

②问题：小明实验只做了一组数据，可能存在偶然误差；改进：通过增加电池节数，

改变待测电阻两端电压，至少测出三组数据，求电阻平均值以减小实验误差。(或改进:

在电路中联接入滑动变阻器移动滑片，改变待测电阻两端电压，至少测出三组数

据，求电阻平均值以减小实验误差。)

③(a)理想电源和内部电阻串联；若理想电源和内部电阻并联，电压表测理想电源两

端电压移动变阻器滑片，电压表示数不会变化，与表格中数据不符合；

(b)理想电源电压保持不变，即

叫+。2=//+伉’

代入数据得

0.10Ax/^+2.8V=0.20Ax^+2.6V

解得

4=2Q

答：①小明得出的待测电阻R的阻值28欧；

②问题：小明实验只做了一组数据；改进：通过增加电池节数，改变待测电阻两端电

压，至少测出三组数据，求电阻平均值以减小实验误差；

③(a)串联，如果并联，电压表示数不会变化；

(b)该电源内部电阻的阻值&是2欧。

4、(2024•上海市徐汇区九年级上学期期末一模)在如图所示的电路中，电源电压为。

且保持不变，灯L阻值为6,电阻尺的阻值为2%。闭合开关S,灯L不亮，电流表A

示数为零。若电路中只有一处故障，且只发生在灯L或电阻4处。为确定故障，同学

们商量了如下方案：

A.将导线并联在be两点间

B,将电压表V并联在ac两点间

C.将电压表V并联在ab两点间

①可行的方案有;

②若选择方案，按方案接入所选器材后，闭合开关S,写出灯L的亮暗情况、电

表的示数及其对应的故障：=

【答案】①.AC②.见解析③.见解析

【解析】

由图知道，该电路为串联电路电路正常工作，一段时间后，灯L熄灭，电流表示数为

0,可能是灯泡断路，也可能是电阻断路；

A.将导线并联在加两点间，如果灯泡发光，电流表有示数，说明电阻R断路，如果

灯泡不发光，电流表示数为0,说明L断路，故此分析可行。

B.将电压表V并联在m两点间，电压表测量电源电压，始终有示数，无法确定故障；

C.将电压表V并联在成两点间，如果电压表有示数，电流表示数为0,则灯泡断路,

如果电压表和电流表示数都为0,则R断路。

[1]可行的方案有AC。

[2][3]方案A：如果灯泡发光，电流表有示数，说明电阻7?断路，如果灯泡不发光，电

流表示数为0,说明L断路，

或方案C：如果灯泡不发光，电压表有示数，电流表示数为0,则灯泡断路，如果灯泡

不发光，电压表和电流表示数都为0,则R断路。

5、（2024•上海市徐汇区九年级上学期期末一模）如图所示，U形管压强计能研究液体

内部的压强。小汇想研究其工作原理，查阅资料后得知：（1）探头、橡皮软管和U形

管的左管之间封闭了一部分气体（2）U形管中装有同种液体，两边液面的高低可以比

较液面上方的气体压强大小（3）在温度不变的情况下，一定质量的气体压强与体积的

关系见下表。

体积V(mL)1211.51110.510

气体压强P（标准大气压）1.001.041.091.141.20

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①分析比较表中气体压强〃与体积忆的数据关系，可得：在温度不变的情况下，一定

质量的气体;

②结合所学知识及上述信息，指出挤压橡皮膜后U形管压强计左管液面低于右管液面

的原因，并写出分析过程：;

③下图中，与U形管压强计工作原理相同的是。

含度计

（A）口出（B）血压计（C）港体密度计

【答案】①.压强与体积成反比②.见解析③.B

【解析】

①[1]分析比较表中气体压强〃与体积厂的数据关系可以看出，在温度不变的情况下，

一定质量的气体，体积越小，压强越大，体积和压强的乘积是一个定值，即压强与体积

成反比。

@[2]U形管中液体两边液面开始等高，说明两边液面上方的气体压强都等于大气压强；

挤压橡皮膜，U形管左管的封闭气体体积变小，在温度不变时，左管的封闭气体的压强

变大，大于大气压强；U形管右管液面上方与大气相通，气体压强始终等于大气压强；

左管液面上方气体压强大于右管液面上方气体压强，使得左管液面下降，左管液面低于

右管液面。

③[3]由图知，液位计利用了连通器的原理；水银柱血压计利用了气体压强与体积的关

系；密度计利用了漂浮条件和阿基米德原理，因此，与U形管压强计工作原理相同的

是血压计。故选B。

6、（2024•上海市普陀区九年级上学期期末一模）小明做“用电流表、电压表测电阻”

实验，现有电源4.5伏保持不变、待测电阻兄,、电流表、电压表、滑动变阻器（分别标

有“10欧1安”20欧1安”字样）、开关以及导线若干。小明选择一个滑动变阻器连

接电路进行实验，当滑片P在一端时，闭合开关S,电压表指针指在最大刻度处，将滑

片移到中点附近时，观察到电压表和电流表示数如图（a）（b）所示。

①画出小明实验时的电路图。

②通过计算判断小明实验时使用滑动变阻器的规格。

③请计算出滑片在中点附近时待测电阻的阻值。（电阻值精确到0.1欧）

②“io欧，1安”；@5.00

【解析】

解：①将滑片移到中点附近时，观察到电压表和电流表示数如图(a)(b)所示，若电

压表选择大量程，示数为12.5V大于电源电压，所以电压表选择的是小量程，示数为

2.5V。做“用电流表、电压表测电阻”实验，选择的是串联电路，当滑片P在一端时,

闭合开关S,电压表指针指在最大刻度处，将滑片移到中点附近时，电压表示数为

2.5V,电压表示数变小。若电压表测量的是定值电阻两端电压，当滑片P在一端时，闭

合开关S,电压表指针指在最大刻度处，应该为3V,但此时电路中只有定值电阻，两

端电压应该等于电源电压，即为4.5V,大于电压表小量程的最大测量值，故电压表测

量的是滑动变阻器两端的电压。电路图如图所示

②滑片移动到中点附近时，电流表的示数为0.4A,若为2A,滑动变阻器将烧坏。此时

滑动变阻器的阻值

U滑_2.5V

6.25Q

/滑0.4A

滑动变阻器的最大阻值

/max«2X6.25Q=12.5Q

所以滑动变阻器的规格为“io欧，1安”。

③待测电阻的阻值

T二4.5V-2.5V

V=5.0Q

0.4

答：①见解析;

②小明实验时使用滑动变阻器的规格为“10欧1安”;

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③滑片在中点附近时待测电阻的阻值为5.0Q。

7、（2024•上海市普陀区九年级上学期期末一模）为研究物体在水中受到向上的力的大

小与哪些因素有关，小明设计了方案进行实验。他先将圆柱体A挂在测力计下，此时

测力计示数为不；，然后逐渐将A浸入水中，并将其下表面到水面的距离从相应的测

力计示数尸、（与尸的差值A〃记录在表一中。为进一步探究，小明换用圆柱体B重

复实验，并将数据记录在表二中。（圆柱体A、B底面积分别为Sa、Ss，且SA>SB）

表一（圆柱体A）

实验序号h（厘米）F（牛）AF（牛）

13.08.51.5

26.07.03.0

39.05.54.5

412.05.05.0

表二（圆柱体B）

实验序号h（厘米）F（牛）AF（牛）

53.08.81.2

66.07.624

79.06.43.6

812.06.04.0

①分析比较实验序号1、2、3（或5、6、7）数据中尸和力的关系及相关条件，可以得

出的初步结论是：同一圆柱体浸入水中，;

②分析比较实验序号1、2、3（或5、6、7）数据中"和人的关系及相关条件，可以

得出的初步结论是：同一圆柱体浸入水中，；

③分析比较实验序号1、5（或2、6,或3、7）数据中AF、〃及相关条件，可以得出

的初步结论是：底面积不同的圆柱体浸入水中，;

④实验中圆柱体重力对其在水中受到向上的力的大小影响（选填“有”或

“无”）；

⑤实验中圆柱体A、B的高度关系为：=

【答案】①.尸随着〃的增大而减小②.AF和〃成正比③.人相同，AF

不同④.无⑤.〃人=保

【解析】

（1）[1]由表中数据可知，物体在水中受到向上的力随着其下表面到水面的距离的增

大而增大。

（2）[2]由表中数据可知，万变为原来的几倍，闻7就变为原来的几倍，故得出结论：

同一圆柱体浸入水中，,A肝和〃成正比。

（3）[3]由表中数据可知，底面积不同的圆柱体浸入水中时，虽然其下表面到水面的距

离〃相同，但不；与尸的差值M不相同。

（4）[4]实验时圆柱体重力不变，但其在水中受到向上的力的大小在变，说明重力对其

在水中受到向上的力的大小没有影响。

（5）[5]分析表中数据可知，第4组和第3组比，〃增加3.0cm,AF只变化了06N,

与前3组的规律不同，原因是第4组已完全浸没，浮力不随深度的变化而变化，同理第

8组圆柱体也是处于完全浸没的状态。

第1组和第4组浮力之比为

-gM_L5N

0Ag5.ON

则

h=5—NQcm=]0cm

1.5N

第5组和第8组浮力之比

-BgS4」2N

pBgSh'4.0N

则

,,4.0N.，八

n=------x3cm=10cm

1.2N

所以/A=%。

8、（2024•上海市浦东区九年级上学期期末一模）小东做“用电流表、电压表测电阻”

实验，现有电源（电压为1.5伏整数倍且保持不变）、待测电阻用、电流表、电压表、

滑动变阻器（规格为“10欧2安”或“20欧2安”）、开关各一个，以及导线若干。他

正确串联器材，将电压表并联在电路中、闭合开关，变阻器滑片在实验序号1和2对应

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位置之间左右移动的过程中，电压表示数的最小值为L7伏，最大值为2.3伏，电流表

示数的最小值为0.16安，最大值为0.22安。当他移动滑片至实验序号3对应位置时，

电压表和电流表的示数如图（a）（b）所示。

实验电压表示电流表示

滑片位置

序号数（伏）数（安）

1r

eQBIB也

P

UbW.OSZnjSM一E津C

21!骏瞬1

CIL

pc

3解魏

（a）（b）

（1）本实验的实验原理是；

（2）说明电压表并联的位置并求出电源电压（需写出主要推理和计算过程）;

（3）滑动变阻器连接的两个接线柱分别为和（均选填“4”“B”或

“C”）；

（4）待测电阻段的阻值为欧（精确到0.1欧）。

【答案】①.R=}②.见解析③.B④.C0.10.4

【解析】

（1）[1]本实验用电流表、电压表测电阻，采用的是伏安法测电阻，实验原理是

R=—o

I

（2）（3）[2][3][4]变阻器滑片在实验序号1和2对应位置之间左右移动的过程中，电压

表示数的最小值为1.7V,最大值为2.3V,电流表示数的最小值为0.16A,最大值为

0.22Ao由图可知，第三次的电压为3V,电流为0.3A,因为第三次的电流比前两次的

电流大，可知电路中电路的总电阻在减小，由滑动变阻器的滑片更靠右可知，滑动变阻

器连了3接线柱和C接线柱。又因为电压增大，根据串联分压规律可知，滑动变阻器

电阻减小，分得电压减小，电源电压不变，所以待测电阻比两端的电压增大，可知电

压表在待测电阻段两端。由串联电路电压规律可知

u=■+%=4+端

因为第二次滑片在中间位置，电阻为滑动变阻器的一半，所以

U=L7V+0.16AxAp

U=2.3V+0.22Ax/p

计算出C7=3.62V,因为实验存在误差，电压为1.5伏整数倍，且在3位置时，电压表的

示数为3V,说明电源电压大于3V,解的C/=4.5V。

（4）［5］由（2）（3）可知，三次测得的电流电压分别为0.16A,1.7V；0.22A,2.3V；

u

0.3A,3Vo为减小误差，需要求平均值，由尺=一，得待测电阻《的阻值为

J

1.7V2.3V3V

R,+凡2+&-0.16A+022A+QjX=］。始

133

9、（2024•上海市嘉定区九年级上学期期末一模）小嘉做“用电流表、电压表测电阻”

实验，他将电源（电压为1.5伏整数倍且保持不变）、待测电阻段、滑动变阻器（标有“20

欧1安”字样）、电流表、开关串联，然后将电压表并联在电路中。小嘉闭合开关，移

动滑动变阻器的滑片，将测量的2组数据记录在下表中。经思考，小嘉重新调整电路,

并将变阻器滑片移至一端。闭合开关，两电表指针所指的位置如图所示。

实验序号电压（伏）电流（安）

13.50.34

22.50.48

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(1)调整电路前，电压表并联在(“电源”、“待测电阻”或“滑动变阻器”)

两端，理由是;

(2)读出图中两电表的示数，并说明理由；

(3)计算实验序号1中待测电阻&的阻值。(精确到0.1欧)

【答案】①.滑动变阻器②.见解析③.见解析@.7.1

【解析】

(1)⑴⑵用电流表、电压表测电阻时，当滑动变阻器接入电路中的电阻变小，电路的

总电阻变小，由欧姆定律可知，电路中的电流变大，由。=〃?知，定值电阻两端的电压

变大，因串联电路中总电压等于各分电压之和，所以滑动变阻器两端的电压变小，由表

一数据可知，电流表的示数变大时，电压表的示数变小，则电压表应并联在滑动变阻器

两端。

(2)[3]小嘉重新调整电路，即电压表并联在待测电阻两端。由表格数据和串联电路电

压特点可知，电源电压

U=U滑+U测=3.5V+O.34A71①

U=2.5V+0.48M②

由①②可得

&=犯。,U«5.92A

7

因电源电压为1.5伏整数倍，故电源电压U=6V。小嘉重新调整电路，并将变阻器滑

片移至一端，即阻值最大处，则电路中总电阻为

R=+R=200+——Q=———fl

,a0再入x77

电路中电流为

U6V

—A«0.22A

心西190

7

因此图b中电流表使用的小量程，分度值为0.02A,示数为0.22A。待测电阻两端电压

为

425030

U=1'RQx—A=—V»1.6V

x、190719

故图a中电压表使用的小量程，分度值为0.1V,示数为1.6V。

(3)[4]由(2)可知，待测电阻

R———Q«7.1Q

7

10、(2024•上海市长宁区九年级上学期期末一模)小华做“用电流表、电压表测电阻”

的实验。他将电源（电压为2伏的整数倍保持不变）、待测电阻、滑动变阻器、电流表、

开关串联，然后将电压表并联在电路中。小华闭合开关，并将此时的部分数据记录在表

格序号1中；接着，他将滑片向另一端移动到某位置处，得到表格序号2中的数据；初

步分析后，他发现电压表位置连接不正确，于是断开开关，仅改变了电压表的连接位置

再次闭合开关，他将滑片继续向另一端移动至某处时，电压表示数如图所示。

序号电压表示数（伏）电流表示数（安）电阻&（欧）

16.0

23.50.36

3

①小华改变电压表连接位置后，将电压表并联在了两端（选填“电源”“待测电

阻”或“滑动变阻器”）。

②求图中电压表的示数及电源电源U。（）（）

OQO

-315

【答案】①.待测电阻②.5伏③.8伏

【解析】

①②[1]⑵⑶移动滑片到某位置得到序号2的数据时，电压表的示数比序号1变小，说

明电压表测滑动变阻器两端电压，小华改变电压表连接位置后，应将电压表并联在待测

电阻的两端。由序号1可知电源电压U>6伏；改变电压表的连接位置，移动滑片得到

序号3的数据时，滑动变阻器两端电压1>3<3.5伏，则

%=。一Up3>2.5伏

所以电压表示数为5伏。又因为Up3<3.5伏，所以

U=%+Up3<8.5伏

又因为U>6伏，并且电源电压U是2伏的整数倍，所以。=8伏。

11、（2024•上海市松江区九年级上学期期末一模）小松做“用电流表、电压表测电阻”

实验，现有电源（电压为2V的整数倍且保持不变）、滑动变阻器两个（A：“10Q2A”

试卷第16页，共34页

和B：“20Q1A"）、待测电阻、电流表、电压表、开关及导线若干。他选取一个变阻

器，正确串联电路后，将电压表并联在电路中。闭合开关，移动滑动变阻器滑片，测得

两组实验数据，记录在下表中。小松观察数据思考后重新连接了电压表，移动滑动变阻

器滑片，观察到电压表、电流表示数如图所示。

实验序号电压表示数（V）电流表示数（A）

13.00.18

22.20.34

①“用电流表、电压表测电阻”的实验原理是=

②实验所选滑动变阻器是（选填"A”或"B”），理由是（需

写出过程）。

③通过计算说明所用电源电压的值（需写出过程）。

④根据表中实验序号1的数据，计算此次待测电阻的阻值为O（精确到0.1

欧）。

[1]实验中用电压表测得导体两端的电压，用电流表测量通过导体的电流，根据&=1

计算电阻，所以实验原理是A=5。

[2][3]由表中数据可知，电压表示数减小时，电流表示数变大，则电压表并联在滑动变

阻器两端，由1实验可知滑动电阻器接入电路的电阻为

nU3.0V…c

娱=—=------®16.7Q

襦10.18A

则选择的滑动变阻器为B。

[4]由题意可知，两电阻串联，电压表测量滑动变阻器两端电压，设定值电阻的电阻大小

为凡由表中1实验数据可得，电源电压为

U=U定+。滑=0.18AxR+3V

由表中2实验数据可得，电源电压为

U=U定'+U；=0.34AxR+2.2V

解得

U=3.9V

电压为2V的整数倍且保持不变，所以电源电压为4V。

[5]根据表中实验序号1的数据，定值电阻两端的电压为

UR=U-U滑=4V—3V=1V

待测电阻的阻值为

12、（2024•上海市闵行区九年级上学期期末一模）小张做“用电流表、电压表测电阻”

实验，电源电压保持不变，实验器材齐全且完好。他先正确串联电路，然后把电压表并

联在某位置，接着闭合开关，移动滑片，将测得实验数据记录在表格中。

老师观察数据后，指出他连接的电路存在问题。于是小张重新正确连接电路，闭合开关，

移动滑片，此时两电表示数如图所示。

实验序

电压表示数（伏）电流表示数（安）

号

13.50.24

22.50.34

32.20.38

①请指出小张连接电路时存在的问题并说明理由。

②通过计算确定所用电源电压的范围=

③实验中小张所用电源为学生电源，该电源只能提供2伏整数倍的电压值，则实验序号

3中待测电阻出的阻值为欧。

【答案】①.电压表并联在滑动变阻器两端5.4V<67<6.4V10

【解析】

①[1]根据实验序号1、2、3可以看出，当电压表的示数减小的时候电流表的示数变大

试卷第18页，共34页

T,说明电压表并联在滑动变阻器两端。

②⑵由题可知，纠正后电压表并联在了电阻两端，电压表读数为2.9V,电流表读数为

0.24A；由表中数据可知，实验序号1、2中电流与纠正电流的关系

0.24A-0.24A<0.34A

根据。=。]+。2,可知电源电压的范围为

2.9V+2.5V<U<2.9V+3.5V

即

5.4V<6/<6.4V

③[3]实验中小张所用电源为学生电源，该电源只能提供2伏整数倍的电压值，所以电

源电压为U=6V，所以电阻两端的电压为

U2=U—，=6V—2.2V=3.8V

待测电阻&的阻值为

（2024•上海市静安区九年级上学期期末一模）在“探究串联电路电流特点”的实验

中，连接电路时开关应处于状态，应将电流表联在电路中，且使电流从

电流表的接线柱流入，在此实验中，需要将电流表连接在电路中的位置

（选填“某个”或“多个”）。

【答案】①.断开②.串③.正④,多个

【解析】

[1]为了保护电路，连接电路前开关应该处于断开状态。

[2][3]使用电流表测量电路中的电流是应该串联接入电路中，且保证从电流从正接线柱

接入从负接线柱流出。

[4]探究串联电路电流特点，要测量不同位置的电流比较它们的大小关系，故应在多个位

置安装电流表。

24（2024•上海市静安区九年级上学期期末一模）图（a）所示的装置叫做,此

装置两边液面的可表示液体内部压强的大小。进行如图（b）、（c）和（d）所示

实验操作，是在探究液体内部的压强与的关系；若要继续研究液体内部的压强

与液体密度的关系，还需要准备（选填“更多的水”或“酒精”）。

【答案】①.U形管压强计②.高度差③.深度©.酒精

【解析】

臼由图可知，该装置为测量液体压强的U形管压强计。

[2]该压强计的原理是通过比较装置两端的液面的高度差来比较液体压强的大小。

[3]图（b）、（c）和（d）所示实验操作中，在同一液体中，改变了压强计金属盒的橡皮

膜所在的深度，故是在探究液体内部的压强与深度的关系。

[4]若要研究液体内部的压强与液体密度的关系，需要改变液体的密度，故需要准备与水

密度不同的酒精进行实验。

25.（2024•上海市静安区九年级上学期期末一模）小华同学做“用电流表、电压表测

电阻”实验。现有电源（电压为2伏的整数倍且保持不变）、待测电阻段、电流表、电

压表、待用滑动变阻器有两种规格（分别标有“1011；2A、“20Q；1A”的字样）、

开关以及导线若干。他选用了其中一个变阻器，连接电路，闭合开关，移动变阻器滑片，

进行了三次实验，并将实验中得到的部分数据记录在下表中，其中一组数据为变阻器连

入电路的阻值最大时记录的。

实验序

电压表示数（伏）电流表示数（安）待测电阻（欧）待测电阻阻值（欧）

号

15.0

—

23.00.18—

32.60.26—

①实验中，电压表并联在两端（选填“待测电阻”或“变阻器”）；

②说明实验中变阻器的规格及哪组数据为变阻器连入电路的阻值最大时记录的；（需写

出解答过程）

③小华在实验中所用的电源电压为伏；

④请将上表中的空格填写完整、、。（保留一位小数）

试卷第20页，共34页

【答案】①.变阻器②.见解析③.4.0④.5.6⑤.5.4⑥.

5.3

【解析】

①[1]在测量电阻的实验中，待测电阻与滑动变阻器串联，电流表测电路电流，当电流

变大时，根据U=可知，待测电阻的电压变大，由串联电路分压定律可知，滑动变

阻器电阻变小，分析表中数据可知，电压表示数随电流表示数的增大而减小，如果电压

表测量的是待测电阻两端的电压，由H=〃可知，待测电阻两端的电压会随着电流的

I

增大而增大，所以电压表是滑动变阻器两端的电压，即电压表并联在滑动变阻器的两端。

TT

②⑵分析实验数据，根据尺=上可得，第二组实验中，滑动变阻接入电路的阻值为

1

[J30V

%^2.^_^«170>100

恸==6

120.18A

由此可知，滑动变阻器选用的是规格为“20。；1A”的滑动变阻器。

第三组实验中，滑动变阻接入电路的阻值为

&空=10Q

I30.26A

由于电压表的量程为“0〜3V”和“0〜15V”，结合实验数据可知，电压表选择的量程应

为小量程，而第二次实验数据中，电压表的示数为3.0V,说明此时电压表的示数为最

大值，由串联电路分压原理可知，此时滑动变阻器接入电路的值最大，即第2次实验时

接入电路的阻值最大。

③[3]由数据可知，当电流表示数为0.26A时，滑动变阻器两端为2.6V,根据串联电路

电压规律可得，电源电压为

U=+UR=2.6V+0.26AxRxLL①

同理，当电流表示数为0」8A时，滑动变阻器两端为3.0V,则

U=42+UR'=3QV+018AX&LL②

由①②得，电源电压为（电压为2伏的整数倍且保持不变）

U=4V

④四[5]⑹分析第二组数据，根据串联电路电压特点，可知待测电阻两端电压为

UR=UU滑2=4.0V—3.0V=L0V

由衣=2可得，待测电阻的阻值为

1

R="=^^LX5.6Q

120.18A

同理由第三组数据可得，待测电阻的阻值为

»，，U-U滑34.0V-2.6V

fr—______—______«_5_._4_Q

L~0.26A

为了减小误差，取三次电阻的值求为平均值，即为待测电阻的阻值，即

“5.0Q+5.6Q+5.4Q=口

R=----------------------®5.3Q

13

26.（2024•上海市静安区九年级上学期期末一模）为了研究物体浸没在水中前后测力

计示数的变化情况，某小组同学分别利用若干均匀圆柱体、水（足够深）和弹簧测力计

等进行实验。他们先将密度/均为2克/厘米3而重力不同的圆柱体挂在测力计下，记录

此时测力计的示数大，接着如图所示，将圆柱体浸没在水中，读出相应的测力计示数每

记录在表一中。他们再用密度/均为4克/厘米3的圆柱体重复实验，将数据记录在表二

中。为进一步研究，他们计算每一次实验时测力计示数的差值并将结果分别记录

在表一和表二的最后一列中。

表一圆柱体密度/=2克/厘米3

实验序

（牛）（牛）

F2（牛）AF

号

12.01.01.0

24.02.02.0

36.03.03.0

48.04.04.0

表二圆柱体密度/=4克/厘米

试卷第22页，共34页

实验序

Fx（牛）居（牛）AF（牛）

号

52.01.50.5

64.03.01.0

76.04515

88.06.02.0

（1）分析比较实验序号1与2与3与4（或5与6与7与8）中居和片的倍数关系及

相关条件，可得出的初步结论是：密度相等的均匀圆柱体浸没在水中后，；

（2）分析比较实验序号1与5（或2与6或3与7或4与8）中居和片的数据及相关

条件，可得出的初步结论是：均匀圆柱体浸没在水中后，；

（3）进一步分析比较实验序号的数据及