陕西榆林联考2024年高二11月期中物理试题+答案

2024〜2025学年第一学期高二年级七校期中联考试题

物理

考生注意：

1.本试卷分选择题和非选择题两部分。满分100分，考试时间75分钟。

2.答题前，考生务必用直径0.5毫米黑色墨水签字笔将密封线内项目填写清楚。

3.考生作答时，请将答案答在答题卡上。选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对

应题目的答案标号涂黑；非选择题请用直径0.5毫米黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题

区域内作答，超出答题区域书写的答案无效，在试题卷、草稿纸上作答无效。

4.本卷命题范围：必修第三册。

一、选择题（本题共10小题，共46分.在每小题给出的四个选项中，第1~7题中只有一项符

合题目要求，每小题4分，第8~10题有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不

全的得3分，有选错的得0分）

1.关于各图所涉及的物理知识，下列说法正确的是（）

A.图甲，导体棒因静电感应A端带负电荷，8端带正电荷

B.图乙，用铜丝编织的管线包裹话筒线是利用静电吸收信号

C.图丙，静电计的金属杆上端固定一个金属球而不做成针尖状可防止尖端放电

D.图丁，工作人员在超高压下带电作业时，穿绝缘橡胶服比金属丝编制的工作服更安全

2.我国宋代科学家沈括在《梦溪笔谈》中最早记载了地磁场及磁偏角，“以磁石磨针锋，则能指南，然常微

偏东，不全南也”.结合上述材料可知地球本身是一个大磁体，其磁感线分布如图所示.如果地球磁场是由

于地球表面带电和地球自转产生，那么下列说法正确的是（）

A.地球表面磁场方向沿地球经线向北与地面平行

B.若地球自转加快，则地球表面的磁场会减弱

C.地球表面带正电荷

D.地球表面磁场方向在北半球有向北分量和向下分量

3.某一用电器，其内部电阻阻值为R,当在其两端加上电压U时，流经用电器的电流为/.若不计温度对电

阻的影响，下列论述正确的是（）

A.若该用电器两端电压增至2U,则电阻阻值可能增至2R

B.若该用电器两端电压增加AU,则通过用电器的电流一定为0+A°

R

C.若该用电器两端电压增至2U,则通过用电器的电流可能为21

D.若该用电器两端电压增加AU,通过的电流增加A7,则一定有"

M

4.法拉第在1831年发现了“磁生电”现象.在探究磁生电实验中，将电池组、滑动变阻器、带铁芯的线圈

A、线圈8、电流表及开关按如图所示的方式连接.下列说法中正确的是（）

A.开关闭合后，将线圈A从3中拔出会引起电流表指针偏转

B.线圈A插入线圈B中后，开关闭合和断开的瞬间电流表指针均不会偏转

C.开关闭合后，保持滑片P不动，电流表指针会发生偏转

D.开关闭合后，只有滑动变阻器的滑片P加速滑动，电流表指针才会偏转

5.如图所示，平行板电容器已经充电，静电计的金属球与电容器的一个极板连接，外壳与另一个极板同时

接地，静电计指针的偏转角度显示电容器两极板间的电势差大小.现保持正对面积S不变，缓慢增大两极板

间距离d,以下说法正确的是（）

A.电容器极板带电量。变小

B.电容器板间电场强度£不变

C.电容器的电容C增大

D.电容器两极板间电压。随d的增大而线性减小

6.如图所示，小球A、B、C均带正电荷，三个球的电荷量均为。.其中A、2两球固定在绝缘水平地面上，

三球所在位置构成一个边长为a的等边三角形，48、C位于同一竖直平面内，重力加速度为g,静电力

常量为左，则C球的质量为（）

.kQ26kQ?kQ2百左。2

A.-----D.---------c.-------D.-----

ga~2ga2gaga'

7.如图所示的电路中，电压表、电流表均视为理想电表，电源的电动势E=160V.内阻r=2Q,提升重物

的直流电动机电阻时=0-6Q，定值电阻R=8Q,电压表的读数为110V,则（）

A.电流表的示数为183A

B.电动机的输入电功率为1100W

C.电动机的机械功率为550W

D.电动机工作lh所产生的热量为5.4x104J

8.如图所示，在边长为L的正六边形M、N、尸三个顶点上分别固定电荷量为+Q、-Q、-Q的点电荷,

X、KZ为正六边形的另外三个顶点，。点是正六边形的中心，静电力常量为左，下列说法正确的是

（）

Y

.：

J0：

Z'、Jx

N

A.O点的电场强度大小为学

L2

B.X点的电场强度大小为要

4L2

c.z点的电势比y点电势低

D.带负电小球沿OM仄。点移到M点过程中,电势能一直减少

9.如图所示，电路中为、R?、6均为定值电阻，电源的内阻不能忽略，平行板电容器C的极板水平放

置，闭合开关仪,带电油滴刚好悬浮在两板之间静止不动.现闭合开关S2,下列说法错误的是（）

A.带电油滴带负电B.电压表示数减小

C.电流表示数增大D.带电油滴将向下运动

10.在如图所示的电路中，电源电动势E=9V,内阻厂=2Q,定值电阻4=1Q,凡=2Q,7?4=3Q.

滑动变阻器招的阻值范围为0~4Q，电容器电容C=L3xl0-3F.开关K闭合后，在滑动变阻器招的滑

片由b端向。端缓慢滑动的过程中，下列说法正确的是（）

A.电流表A的示数减小，电压表V的示数增大

B.电容器C所带电荷量最大值为3.6x103C

C.电阻K消耗的最大功率为4.5W

D.当滑动变阻器弓的滑片位于中点时，电源的输出功率最大，最大值为10.125W

二、实验题（本题共2小题，共14分）

11.（6分）用图1所示的电路测量微安表内阻Rg.E为电源，其电动势E=6V,内阻不计，&为滑动变

阻器，已知飞的阻值远大于4,R为电阻箱.实验步骤如下:

①闭合S],断开S2,调节7?0,使微安表示数等于其量程4；

②保持国不变，闭合S2,调节R，使微安表示数等于/，然后读出R的值;

③重复步骤②，得到多组R与/的值，绘出工-[图像，如图2所示.

IR

完成下列填空：

（1）闭合&之前，应使4的滑片移至_________（填“a”或"b”）端.

（2）由图2可得微安表量程4为〃A,微安表内阻鸟为Q.

12.（8分）某同学利用两个量程为0~3V的电压表、一个&=5Q的定值电阻和一个滑动变阻器R测定两

节干电池的电动势和内电阻，使用的器材还有开关一个、导线若干，实验原理如甲所示.

甲乙丙

（1）若滑动变阻器R有片（0~10Q,允许最大电流为1A）和4（0~100Q,允许最大电流为

0.6A）供选择，则实验中滑动变阻器应该选择（选填“片”或“耳”）.

（2）按照图甲，完成图乙中的实物连线.

（3）按照图甲接通开关S,多次改变滑动变阻R,同时读出对应的电压表的示数q和。2,并作记录，画

出Ui-关系图线，如图丙所示，图线与横轴的截距为。，与纵轴的截距为b,则根据图线可求得电源的

电动势E=，内阻/=（用a、b和凡表示）・

（4）实验中由于电压表分流（选填“V”“V2”或"Y和“V2”），使测量的电动势E和内阻

r都偏小.

三、计算题（本题共3小题，共计40分.解答时应写出必要的文字说明、方程式和重要的演

算步骤.只写出最后答案的不能得分.有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）

13.（12分）如图所示，匝数为小边长为L的正方形线圈MNPQ位于纸面内，过和PQ中点的连线

恰好位于垂直纸面向外范围足够大的匀强磁场的右边界上，磁感应强度大小为3,求：

（1）图示位置时穿过线圈的磁通量①；

（2）若线圈从图示位置开始按图示方向绕轴转过60。的过程中，磁通量的变化量△①大小.

14.（12分）如图所示的电路中，三个电阻的阻值均为6Q,电压。恒为18v电压表和电流表均为理想电

表.

(1)求电流表和电压表的示数；

(2)将电压表和电流表的位置互换，求电流表和电压表的示数.

15.(16分)如图所示，平行金属板A3、CD间存在匀强电场(不考虑边界效应)，板带正电，CD板带

负电，极板间距d=1.0m,板长L=L8m.某时刻从下极板左边缘C处射入一个初速度方向与水平方向夹

角£=53°,速度大小%=10.0m/s的带正电微粒，已知微粒的电荷量q=2.0x10-8。，质量

m=5.0xW3kg,板间电场强度E=L0xl()7N/C,直线AE与CO的夹角a=37°,重力加速度取

g=10m/s2,sin37°=0.6,cos37°=0.8,求:

(1)微粒到达直线AE时的速度大小;

(2)微粒离A3板的最小距离；

(3)微粒在两板间运动的时间.

2024〜2025学年第一学期高二年级七校期中联考试题・物理

参考答案、提示及评分细则

1.C图甲，根据静电感应原理可知，导体棒A端因感应带负电，由于导体棒A端接地，因此B端不带电，

A错误；图乙，用铜丝编织的管线包裹话筒线是利用静电屏蔽，防止外部信号干扰，B错误；图丙，静电

计的金属杆上端固定一个金属球而不做成针尖状可防止尖端放电，C正确；图丁，超高压带电作业的工作

人员，穿上金属丝制成的衣服，起到静电屏蔽的作用，可以保证安全，D错误.

2.D据《梦溪笔谈》记载了磁偏角，地球表面磁场方向与经线不平行，会偏东南，A错误；若地球自转加

快，则地球表面形成电流会增大，电流产生的磁场会增强，B错误；地球表面磁场向北，地球内部磁场向

南，由右手螺旋定则可知地球表面电流方向由东向西，与地球自转方向相反，即地球表面带负电，C错

误；由磁感线方向可知地球表面磁场方向在北半球有向北分量和向下分量，地球表面磁场在南半球有向北

分量和向上分量，D正确.

3.C题中给出的用电器不一定是纯电阻电器，若为纯电阻电器，则欧姆定律成立，否则不成立，C正确.

4.A开关闭合后，将线圈A从8中拔出时，线圈8中的磁通量将会减小，线圈8中会产生感应电流，所以

电流表指针会偏转，A正确；线圈A插入线圈8中后，开关闭合和断开的瞬间，线圈A将产生一个变化的

磁场，这个变化的磁场引起线圈B中的磁通量变化，线圈B中会产生出感应电流，所以电流表的指针会偏

转，B错误；开关闭合后，滑动变阻器的滑片P不动，线圈A中的电流不变，线圈A将产生恒定的磁场，

通过线圈3的磁通量不变，线圈8中不会产生感应电流，电流表指针不会偏转，C错误；开关闭合后，只

要滑动变阻器的滑片尸滑动，线圈A中的电流就发生变化，线圈A产生的磁场发生变化，通过线圈2的

磁通量发生变化，线圈2中产生感应电流，电流表指针会偏转，即滑片P不一定要加速滑动，D错误.

5.B因为电容器负极板接地，正极板与静电计的金属球相连，二者之间保持开路状态，不会使电容器发生

充放电现象，所以。不变，A错误；两极板间电场强度为E=S=乌—电丝，因为。和S均不变，所

aCdsxS

以E不变，B正确；根据平行板电容器的电容决定式C=可知，C随1的增大而减小，C错误；根

4jikd

据U=可知。随d的增大而线性增大，D错误.

6.D分析C球的受力，由2华cos30°=机g得加=3挛，故D正确.

aka

7.D电动机是非纯电阻，不能用欧姆定律/=%来求电路中的电流，电动机以外部分是纯电阻，可以用

RM

欧姆定律求电路中的电流，则/=E—=5A,即电流表的示数为5A,A错误；电动机的输入电功率

R+r

为以=UM/=U°X5W=550W,B错误；电动机的机械功率为

22错误；电动机工作所产生的热量为

Pn=PK-IRM=550W-5X0.6W=535W,CIh

24

2=Z7?M/=5.4X10J,D正确.

84：6口0点的电场强度大小为£0=华+2华8560°=券，A正确；X点的电场强度大小为

Ex=2^cos60°——竺=警，B正确；根据对称性可知，两负点电荷在Z点和y点的电势相等，Z

L23）24L2

点、丫点与正点电荷的距3离相等，则正点电荷在z点和y点的电势相等，故z点和y点的电势相等，c

错误；根据电场强度的叠加可知，连线上电场强度沿方向，则带负电小球受到的电场力沿。河方

向，带负电小球沿OM从。点移到M点过程中，电场力一直做正功，故电势能一直减少，D正确.

9.AC带电油滴受电场力向上，平行板电容器C的电场方向向上，故带电油滴带正电，A错误；闭合开关

S2,总电阻变小，总电流增大，即电源内阻厂上的电压增大，路端电压变小，电压表示数减小，B正确；

并联支路的电压变小，即定值电阻凡电流变小，电流表示数减小，C错误；并联支路的电压变小，电容器

两板间电压变小，板间的电场强度减小，向上的电场力变小，则油滴向下运动，D正确.

10.BD在滑动变阻器叫的滑片由b端向。端缓慢滑动的过程中，鸟、叫并联电阻值R逐渐减小，由闭合

F

电路欧姆定律有/=---------,U=E-Ir,则电流表A的示数增大，电压表V的示数减小，A错误；

R+Rx+r

4

当滑动变阻器叫j的滑片在6端时，并联部m分dx电阻3最大，凡3=—Q，此时干路上的电流最小，

I=—A,并联部分电压最大，Umax=—V,此时电容器带电量最多，q=CUmax=3.6x10-3（2,

B正确；当滑动变阻器弓的滑片滑至a端时，并联部分电阻为零，电流最大，=3A,则电阻N消

耗的最大功率々n/ma/K=9W,C错误；当滑动变阻器弓的滑片位于中点时，并联部分电阻

E2

R=1Q,且H+此时电源输出功率最大，P=--10.125W,D正确.

4r

11.（1）b（2分）（2）500（2分）100（2分）

解析：（1）考虑实验的安全性，闭合&之前，应使用的滑片移至6端.

（2）已知&的阻值远大于7^,因此在闭合S2后，可认为电路中通过&的电流保持不变.保持&不变，

闭合S2,调节H,使微安表读数等于/,则有/二心一^―,变形得,=&.工+,.由图2可得，纵轴

gRg+RI《R

]]R

截距表示上,即4=---------A=500//A-斜率左=」=2X1（）5Q/A,解得凡=100Q,即微安表

1s2.0xlO3Is

内阻为100Q.

12.（1）&（1分）（2）如图所示（2分）（3）6（2分）组（2分）（4）V1和V,（1分）

a

解析：（1）两节干电池的电动势约为3V,电压表V2的量程除以定值电阻阻值得最大电流为0.6A,电路的

最小电阻约为5Q,为方便实验操作，同时为了减小电压表Y的分流，滑动变阻器应选0~10Q的片，

故选辞

（3）根据电路图和闭合电路欧姆定律E=q+容r得-=E-可知纵坐标的截距匕=E，

火0火0

aRoa

（4）通过电源内阻的干路电流真实值/=三+<£+工，故/〉三，即Y和V2的分流都会引起误

差.

13.解：（1）公式①=BS中，S应为有效面积，且磁通量与线圈匝数无关故初态S]二—（3分）

12

印2

所以此时穿过线圈的磁通量的大小①=3二F（3分）

（2）若线圈从图示位置开始按图示方向绕轴转过60。时，

尸产R[2

有效面积S,=——cos60°=—（2分）故①'=——（2分）

2244

所以磁通量的变化量的大小A①=|①'-①|=亍（2分）

14.解：（1）题中电压表视为开路，电流表视为短路，题图电路中右侧两电阻R并联后与左侧电阻R串

联，电路总电阻为7?臣=O+R=9Q（2分）