2025届高考适应性月考（三）物理试卷（含答案）

巴蜀中学2025届高考适应性月考卷（三）物理

物理试卷

注意事项：

1.答题前，考生务必用黑色碳素笔将自己的姓名、准考证号、考场号、座位号在答题卡上填写

清楚。

2.每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。如需改动，用橡皮擦干

净后，再选涂其他答案标号。在试题卷上作答无效。

3.考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。满分100分，考试用时75分钟。

一、单项选择题：本大题共7小题，每小题4分，共28分。在每小题给出的四个选项中，只有一项符

合题目要求。

1.如图1,一轻绳跨过光滑定滑轮，绳的一端系物块尸，P置于水平桌面

上，与桌面间存在摩擦；绳的另一端悬挂沙袋，沙袋及沙的总质量为小。

由静止释放物块P,测量P的加速度大小。；多次改变加，重复上述操

作，最终得到加旭图像。重力加速度大小为g。在下列a-m图像中，可

能正确的是

2.某电动小车在平直路面上以恒定功率P启动,经过时间，达到最大速度”，该过程电动小车前进的距

离为札若电动小车的质量为所受阻力的大小恒为了,下列说法错误的是

A.小车做加速度不变的加速运动

B.小车速度为”时，所受牵引力大小等于阻力大小

C.该过程，电动机对小车所做的功为

D.该过程，电动机对小车所做的功为R

3.图2甲为用手机和轻弹簧制作的一个振动装置。手机加

速度传感器记录了手机在竖直方向的振动情况，以向上4

为正方向，得到手机振动过程中加速度。随时间》变化0

的曲线为正弦曲线，如图乙所示。下列说法正确的是

-4

A.片0时，弹簧的弹性势能为0

B.t=0.2s时，手机位于平衡位置上方

C.从，=0至1=0.2s,手机的机械能不变

D.g随£变化的关系式为。=4sin（2.5m）m/s2

物理•第1页（共6页）

4.2024年4月25日，神舟十八号飞船与天宫空间站顺利对接，运载火箭先

将飞船送入圆轨道I上，通过变轨进入预定圆轨道。如图3所示，飞船与

空间站在对接前在各自预定的圆轨道I、1H上运动，II为对接转移轨道。

不考虑飞船质量的变化，下列说法正确的是

A.飞船从椭圆轨道11进入预定圆轨道in需要减速

B.飞船在I轨道上的运行速度小于在ni轨道上的运行速度

c.飞船在n轨道上的机械能大于在I轨道上的机械能

D.飞船在三个轨道上运行时与地球连线在单位时间内扫过的面积相等

5.如图4所示电路，电源内阻不计，尸点是电容器两极板间的一个定点。C为

电容器的电容，E为电源的电动势。滑动变阻器滑片最初处于a端且电路处

于稳定状态，现滑片从a端缓慢滑到6端，则该过程中

A.电容器两极板间的电压先增大后减小

B.c点电势比d点电势略高

C.流过/?3横截面的电荷量等于CE

D.P点的电势升高

6.如图5所示，在竖直y轴上固定两个点电荷，电荷量为+Q的点电荷在2y。处、电荷量

为-4Q的点电荷在3%处。将质量为m、电荷量为+q的小球从坐标原点。静止释放,

经过4点后，刚能到达最低点8。以外处为电势能零点、重力势能零点，小球可视为

—!B

点电荷。小球在此运动过程中的重力势能、机械能切、动能屏及电势能42随父变2%+Q

I

化的图像可能正确的是

3yo-6-4Q

y

图5

7.如图6,真空中的匀强电场平行于纸面，半径为R的圆形区域处于匀强电场中。圆周上的4点有一

粒子源，能向纸面内各个方向陆续发射初动能相等、带电量均为q的同种粒子，圆周上各处均有粒

子到达。不计粒子重力和粒子间的相互作用。4C、80是圆的两条相互垂直的直径。测得粒子到达

圆周时的最小动能比初动能小&）,最大动能比初动能大3E。。则

A.电场强度的大小为T

qR

B.电场强度的大小为学

qR

C.电场方向与4c的夹角为45。

D,电场方向与AC的夹角为30°图6

物理•第2页（共6页）

二、多项选择题：本大题共3小题，每小题5分，共15分。在每小题给出的四个选项中，有多项符合

题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。

8.如图7所示，两根通电导线P、Q沿垂直纸面的方向放置，导线P、Q中通有电流4、72,电流的方

向未画出。。点为两导线连线的中点，cP=P0=0Q=QdoQ、6两点位于PQ连线段的中垂线上并关

于。点对称，且已知c点的磁感应强度为零，d点的磁感应强度方向垂直cd向下。已知直线电流产

生的磁场在某点的磁感应强度B的大小与该点到通电导线的距离L

成反比，则下列说法正确的是_______上一4—一旦一一工__

A.P中的电流方向垂直纸面向外、Q中的电流方向垂直纸面向里,\b

BMU=1：9图;7

C.0点的磁感应强度方向垂直cd向上

D.若/产右，方向不变，则。、b两点的磁感应强度相同

9.如图8所示，柔力球以迎、弓|、抛及弧形接发技术为特征，是一项集健身、表演和竞技为一体的富

有民族特色的体育运动。如图，健身者能控制球拍使球在竖直面内做半径为R的匀速圆周运动，忽

略球运动过程中受到的空气阻力。a为圆周的最高点，c为最低点，在这两处拍面水平，以d两点

与圆心0等高。已知球的质量为血，重力加速度大小为g,球在c点对球拍的压力大小为5叫,

则球

A.做圆周运动的线速度大小为^/5醺

B.在。处受到球拍的作用力为3吨

C.在6处一定只受到两个力的作用

D.圆周运动的周期为T=“A

10.如图9甲，托卡马克是一个由封闭磁场组成的“容器”，形状像一个放倒的轮胎，带电粒子会沿封

闭的磁力线做螺旋式运动，上亿度高温的等离子体被约束在环形的磁场中，为核聚变的发生提供

必要条件。我国托克马克装置在世界上首次实现了稳定运行10。秒的成绩，托卡马克装置的主要特

点是采用多个磁场叠加才能实现磁约束。图乙为其真空室某处横截面环向磁场的示意图，越靠近

真空室的右侧（即甲图中靠近竖直中央轴线的一侧）环向磁场越强。不计粒子重力及相互作用,

若粒子仅在图乙环向磁场中运动，下列说法正确的是

A.正离子在环向磁场中沿顺时针方向运动/pZ±

B.带电粒子在环向磁场中速度的大小不变

c.在环向磁场中，带电粒子的轨迹将逐渐发生左右方向（仁嘀右

D.在环向磁场中，带电粒子的轨迹将逐渐发生上下方向

的迁移

物理•第3页（共6页）

三、非选择题：共5小题，共57分。

11.（7分）用如图10甲所示的气垫导轨来验证动量守恒定律。在气垫导轨的一端装有位移传感器

（图中未画出），4、3两物块（可视为质点）沿同一直线运动并发生正碰，若4物块的质量为吗=

300g,8物块的质量为%=150g,表中是电脑记录的4、B两物块在同一时刻与传感器的距离。

图10

孙/m1.201.010.800.590.400.350.30

xB/m00.100.210.300.400.250

（1）根据表中数据可以判断出位移传感器固定在气垫导轨的（填“左边”或“右边”）o

（2）为了更方便判断4、B碰撞时是否满足动量守恒，于是画出了4、3两物块位置随时间变化的

图像（如图乙），叭6分别为4、8两物块碰撞前后的位置一时间图线。

①碰撞前A物块的速度大小为m/s,碰撞前B物块的速度大小为m/s0

②由题中数据结合工r图像中提供的信息，可判断两滑块组成的系统在相互作用过程中动量______

（填“守恒”或“不守恒”），这个碰撞_______（填“是”或“不是"）弹性碰撞。

12.（9分）钱学森班的同学们打算估测几个电阻的阻值。现有一只电流表、一个电源E（内阻r未

知）、一个阻值为小的定值电阻、一个阻值为此的定值电阻（用作保护电阻），开关S和导线若

干。他们设计了如图11甲所示的电路，实验步骤如下：

甲乙丙

图U

第一步：把若干个待测电阻分别单独接入45之间，发现电流表的示数一致，据此他们认为这些

电阻的阻值相等，均设为R。

第二步：取下待测电阻，在4、B之间接入定值电阻R。，记下电流表的示数/。，如图乙。

第三步：取下定值电阻凡，将几个（n=l,2…）待测电阻并联后接入月、3之间，记下并联待测电

阻的个数n与电流表对应示数/“。

请完成如下计算和判断：

（1）如图乙，电流表的示数Ao

（2）根据上述第二步，；与小、&、E、r关系式是;=。

物理•第4页（共6页）

(3)定义丫=；-；,贝i|y与__________(填“小"小’或“工”)的关系式是如图丙所示的线

7o/nn

性关系。

(4)已知％=6.0。，5=3.0。，结合读取的数据和图丙的信息可得R=C,同时可得

E=V,r=no(均保留2位有效数字)

(5)本实验中未考虑电流表的内阻，对R、E、r的测量值________(填“均有”“均无”或“部

分有”)影响。

13.(10分)如图12所示，用两根长度相同的绝缘细线把一个质量为0.2kg的小球4悬挂到水平板的

M、N两点，A上带有Q=6.0xl0-6c的正电荷，两线夹角为120。，左右两线上的拉力大小分别为

K和乙。A的正下方0.3m处有一个与A带等量异种电荷的小球B固定在绝缘支架上。已知重力

加速度取g=10m/s2,静电力常量A=9.0xl09N•m2/C2,4、B球可视为点电荷。贝

(1)两线上的拉力大小分别为多少？

(2)若将小球3和绝缘支架一起水平右移，使M、4、8在同一直线上，此时两线上的拉力大小又

图12

14.(13分)质量为2m的物体4穿在光滑的水平杆上，用长为L的细绳与质量为m的小球B相连，如

图13甲所示，初始时4、5在同一水平面上(细绳平行于水平杆)，且细绳刚好拉直。将小球B由

静止释放，当细绳刚好竖直、小球5运动到最低点时绳子恰好绷断。已知4、B均可视为质点，重

力加速度为g。求：

(1)小球3运动到最低点时，物体A的速度大小以及4相对于初始位置运动的距离；

(2)细绳的最大张力；

(3)以4物体的初始位置为坐标原点建立如图乙所示平面直角坐标系xOy,求出绳断之前小球B

运动的轨迹方程。

图13

物理•第5页(共6页)

_4

15.（18分）如图14所示，在X。,平面内，在0勺〃，彳乙4<%0（与未知）的区域内存在匀强电场，方

向沿y轴正方向，电场强度的大小可以调节；在y乂和-区间内分别存在垂直4Oy平面向

外的匀强磁场区域I和口，两区域内磁感应强度的大小也相同。平面内y轴正半轴上距离坐标原点

L处有一粒子源，可向％Oy平面内第一象限沿不同方向射入速度大小均为%的粒子，粒子质量为

出，带正电且电荷量为g。不计粒子重力和粒子间的相互作用。当粒子源发射与y轴正方向夹角为

4

8=53。的粒子时，该粒子恰好从匀强电场的左边界上（了小，L）处进入电场，然后从匀强电场的

右边界上（/，0）处射出电场，并且首次在磁场区域II运动过程中刚好不从下边界射出磁场。

（sin53°=0.8）

（1）求匀强磁场区域磁感应强度的大小；

（2）求与的大小（用L表示，E未知）；

（3）调节电场强度的大小，使得当粒子源发射的粒子沿+y方向射出时（速度仍为％）,恰好击中

沿*轴放置的粗细不计的金属条的右端，该金属条长度为不乙,左端距离坐标原点m粒子击中

金属条立即被吸收，求所有满足条件的匀强电场的大小。

物理•第6页（共6页）口■■口■口

物理参考答案

选择题：共10小题，共43分。在每小题给出的四个选项中，第1〜7题只有一项符合题目要

求，每小题4分；第8~10题有多项符合题目要求，每小题5分，全部选对的给5分，选对但

不全的给3分，有选错的给。分。

题号12345678910

答案DADCCBBACDBDBD

【解析】

1.设P的质量为M,P与桌面的动摩擦力为力以尸为对象，根据牛顿第二定律可得

T-f=Ma；以沙袋和沙为对象，根据牛顿第二定律可得加g-T=冽Q;联立可得

g-f

整二/=—jn,可知a-加不是线性关系，排除A、C选项。可知当沙袋和沙的

M+mM+m

总重力小于物块尸最大静摩擦力时，物块静止，加速度为0,当沙袋和沙的总重力大于f

时，才有一定的加速度，当加趋于无穷大时，加速度趋近等于g,故选D。

2.由题意可知，小车保持功率恒定，所受阻力恒为7,由尸=尸。，则速度增大时，牵引力减

小，由牛顿第二定律可知，小车的加速度先变小，在速度最大时，加速度为0,故A错误。

小车速度最大时，小车的牵引力等于阻力，故B正确。小车在运动过程中，由动能定理可

得少-小=；加02一0,解得电动机对小车所做的功为少=力；+：加故c正确。汽车功

率恒定为尸，因此电动机对小车所做的功等于“，故D正确。

3.由题图乙知，f=0时，手机加速度为0,由牛顿第二定律得弹簧弹力大小为尸="?g,弹簧

处于拉伸状态，弹性势能不为0,故A错误。由题图乙知，f=0.2s时，手机的加速度为正，

则手机位于平衡位置下方，故B错误。由题图乙知，从t=0至t=0.2s,手机的加速度增

大，手机从平衡位置向最大位移处运动，弹簧的弹性势能增大，手机的机械能减小，故C

错误。由题图乙知丁=0.8s,则角频率0='=2.5md/s,则。随，变化的关系式为

T

a=4sin(2.5^)m/s2,故D正确。

4.飞船需要通过加速从椭圆轨道n进入预定圆轨道m,故A错误。根据万有引力等于向心力

G^=m—,可得。=、鲤,可知飞船在I轨道运行速度大于在III轨道上的运行速度，

rrVr

物理参考答案•第1页(共7页)

故B错误。飞船从轨道I到轨道H要进行加速，机械能增加，则飞船在II轨道上的机械能

大于在I轨道上的机械能，故C正确。根据开普勒第二定律可知，飞船在三个不同轨道上

运行时，与地球连线在单位时间内扫过的面积不相等，故D错误。

5.滑片缓慢向右滑行全程，电容器两极板由“下正上负”逐渐转变为“上正下负”，电容器

经历先放电再充电的过程，则两极板间的电压先减小后增大，故A错误。根据“充电电流

流向正极板，放电电流流向负极板”可知，充放电流全程由d点经必流向c点，由于过程

缓慢，则充放电流很小，所以尺3两端电压很小，即d点电势比c点略高，故B错误。尸点

的电势先比上极板高，后比上极板低，故P点电势降低，故D错误。放电过程，向下流过

%的电量为充电过程，向下流过当的电量为全程向下流过

R]+7?2R]+R2

过尺3的电量为,+C，E与=CE,故C正确。

R[+R?R]+R?

6.为处为重力势能零点，则在为处重力势能为0,重力势能变化与下落高度成线性关系，故

A错误。设正电荷。的正上方x处电场强度为0,则上&=华，解得x=%,即/点

(%+x)〜龙~

场强为0;机械能的变化对应电场力做功，结合图可知，4点上方场强方向向下，/点到正

电荷场强方向向上。则小球从。点到2点，电场力先做正功后做负功，机械能先增大后减

小，电势能先减小后增加并且在为处为0,故D错误，B正确。电荷初末速度为0,中间

过程不为0,所以动能先增加后减小。分析可知，则动能最大的位置在处下方不在为处，

故C错误。

7.最大动能与最小动能出现在平行于电场方向的直径的两端。设该直径(即

电场方向)与/C夹角为仇过/点作该直径的垂线，即为/点所在的等

势线。根据动能定理有死(R-RcosO)=£°；qE(R+Rcosff)=3E0,得

e=±60°；E=也。故选B。

qR

8.由题意c点的磁感应强度为零，则说明导线P、Q

在c点产生的磁场大小相等、方向相反，又因为

。点距尸、。的距离比为1：3,贝IJ左4=左三，

R3R

可得电流之比为1：3,故B错误。由B分析可

物理参考答案•第2页(共7页)

知，导线0在d点产生的磁场强，d点的磁感应强度方向垂直cd向下，由安培定则可知尸

中的电流方向向外、则0中的电流方向向里，故A正确。由安培定则可知，导线P、。在

。点产生的磁场方向均垂直cd连线向上，故C正确。由于/|=，2,分别作出两电流在。、

6两点的磁感应强度大小和方向，如图所示，根据磁场的矢量合成可知。、6两点的磁感应

强度大小相等、方向相同，故D正确。

9.球在c点对球拍的压力大小为5mg,由牛顿第三定律，在c点球拍对球的支持力大小

2____

=5mg,则在。点心-加g=—,解得做圆周运动的线速度大小0=2布晨故A错

R

误。在〃处冽g+综二机一，解得氐=3加g,球在。处受到球拍的作用力为3加g,故B正

R

确。设在6处球拍与水平面的夹角为e,且仅受重力、支持力作用，贝U有加gtan0=7”了,

又0=2场，解得tan。=4,若不满足tan6=4,小球在6处还受摩擦力的作用，故C错

误。运动的周期为7=逆=¥==兀,口，故D正确。

。2回yg

10.根据左手定则可判断正离子在磁场中受力如图，所以正离子在环向

场中沿逆时针方向运动，故A错误。由于洛伦兹力总是与速度方向

垂直，所以洛伦兹力不改变速度大小，则带电粒子在环向场中的速

度大小不变，故B正确。由图可知左右两边磁感应强度不一样，根

2

据洛伦兹力提供向心力有"管’解得R=可知同一正离子在磁场中因为磁感

应强度不同导致左右的半径不同，所以发生偏移，8越大，R越小，所以同一正离子在左

边部分的半径大于右边部分的半径，结合左手定则判断出正离子就会向下侧迁移，同理

可知电子向上侧迁移，故C错误，D正确。

非选择题：共5小题，共57分。

11.（除特殊标注外，每空1分，共7分）

（1）右边

(2)①42②守恒（2分）不是（2分）

物理参考答案•第3页（共7页）

【解析】(1)根据表中数据可以判断出位移传感器在开始时距离5端较近，则固定在右边。

(2)①根据图像碰撞前A物块的速度为2=-4m/s,碰撞前B物块的速度为

04

vB=2m/so②由图可知碰撞后4物块的速度为"=-Im/s,碰撞后5物块的速

度为d=—一^-m/s=-4m/s,则可知加,幺+加=mivA，+m2vB，9故可得出结论两物块

0.3—0.2

组成的系统在相互作用过程中动量守恒，但是总动能减少。

12.(除特殊标注外，每空1分，共9分)

(1)0.30

(2)&'.

-E

(3)1(2分)

n

(4)3.03.01.0

(5)部分有(2分)

【解析】(1)电流表分度值为0.02A,读数结果为小数点后两位。

(2)据全电路的欧姆定律E=/0(6+&+/)，得!=凡+:+/。

E

R

n1KnH-----hrii

(3)据全电路的欧姆定律£=/“区+2+厂)，得人=——«—,则有y=_L-_L=

"I"EIoI”

R)

------•---1--1-^-----O

EnE

(4)结合图丙的截距、斜率，可得E=3.0V,R=3.0O,再结合读数/。=0.30A,得r=LOO。

D

(5)方案未考虑电流表内阻，修正后后=/。区+凡+/+9),£=/.(居+—+/+〃)，

n

对丫='--'~=-6」+4无影响，则对E和尺无影响；但/+对厂有影响。

I。/”EnE

13.(10分)

解：(1)以/球为研究对象，受到4个力作用，如图；可把重力

mg和静电力兄先合起来看作1个力，则可看作受3个力平衡；'”

其中5

mg

物理参考答案•第4页(共7页)

£="=3.6N

r

根据对称性Fl=F2=mg+Fe=5.6N

（评分标准：此小题也可用正交分解法或矢量三角形解答，不论什么方法，抓住静电力

久计算1分，过程计算2分，结论各1分，共5分评分即可）

（2）按照要求移动8的位置，继续以/球为研究对象，受到4个力作用，如图；其中左

侧拉力婷和静电力工共线，可把这2个力先合起来看作1个力，则可看作受3个力平衡;

由几何关系得/=2r则

_^=09N

'(2r)2

根据对称性理=»ig=2N

F^-F^=mg=2N,则理=2.9N

（评分标准：此小题也可用正交分解法或矢量三角形解答，不论什么方法，抓住静电力以

计算1分，过程计算2分，结论各1分，共5分评分即可）

14.（13分）

解：（1）从小球3释放开始，两物体在水平方向动量守恒，时刻有

2mvr=mvr,

结合能量守恒，在最低点时有

2mV1=mv2①

—x2机。;+；/=mgL②

解得外=邛!③

运动的过程有2mxi=mx2④

有X]+%=上⑤

解得士=:⑥

（2）5小球在最低点时，相对于/物体做圆周运动，半径为Z

相对速度为v=vx+v2=13gL⑦

物理参考答案•第5页（共7页）

根据牛顿第二定律，有4=7-mg=^

⑧

解得细绳的最大张力为T=4mg⑨

(3)物体/和小球5在平面直角坐标系直勿运动过程中，设/的位置坐标为(x'，0),B

的位置坐标为(x,歹)；根据动量守恒有2m•x'=m•(L-x)

A.B之间的距离不变有&X-X》+y2=乙⑪

联立得3"+2=/2⑫

4

(*xWL,/八

0W⑬

评分标准：本