2025届安徽皖中联盟高三10月质检物理试卷（含答案）

2024-2025学年安徽省皖中名校联盟高三（上）第二次教学质量检测

物理试卷（10月）

一、单选题：本大题共8小题，共32分。

1.在物理学的发展过程中，物理学家们提出了许多物理学的研究方法，以下关于物理学的研究方法的叙述

中，说法正确的是（）

A.“质点”概念的引入是运用了等效替代法

B.当戊极短时，舞就可以表示物体在某时刻或某位置的瞬时速度，这体现了物理学中的微元法

C.加速度的定义a=当采用的是用两个物理量之比定义新物理量的方法。

D.在推导匀变速直线运动位移时间关系时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线

运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了理想模型法。

2.2024年10月1日是中华人民共和国成立75周年国庆节，每逢重大节日人们都喜欢燃放烟花庆祝。我国

宋代就已经出现冲天炮这种烟花（如图），也叫“起火”。若冲天炮从地面由静止发射，竖直向上做加速度

大小为5m/s2的匀加速直线运动，第4s末掉出一可视为质点的碎片，不计碎片受到的空气阻力，g=

10m/s2o则（）

A.碎片离地面的最大速度为40m/sB.碎片掉出前离地面高度80/71

C.碎片离地面的最大高度为80/7?D.碎片从掉出到落回地面用时（2+2次）s

3.国庆期间，很多家庭选择户外露营，享受大自然的美好，露营时常用的一种便携式三角架，它由三根长

度均为L的轻杆通过钱链组合在一起，每根轻杆均可绕钱链自由转动.将三脚架静止放在水平地面上，吊锅

通过一根细铁链静止悬挂在三脚架正中央，三脚架顶点离地的高度为人支架与钱链间的摩擦忽略不计.当

仅增大h,贝！j（）

第1页，共16页

A.每根轻杆对地面的压力增大B.每根轻杆对地面的压力不变

C.每根轻杆对地面的摩擦力增大D.每根轻杆对地面的作用力不变

4.如图所示，图甲电梯内铁架台上的拉力传感器下挂有一瓶矿泉水，图乙是电梯启动后电脑采集到的拉力

随时间的变化情况，重力加速度g=10m/s2,下列说法正确的是

A.图乙中，4〜然反映了电梯从高层到低层运动

B.不能从图乙中得到矿泉水的重力

C.根据图乙可以求出电梯启动过程中，匀加速阶段的加速度大小约为0.67m/s2

D.因为不知道电梯启动方向，所以无法判断哪段时间矿泉水瓶处于超重状态

5.如图所示，质量为2加、倾角为0的光滑斜面体A放置在光滑的水平桌面上，细线绕过固定在桌面右侧的

光滑定滑轮，一端与斜面体A相连，另一端悬挂着质量为机的物块C,斜面体与定滑轮之间的细线平行于

桌面。现将质量为机的物块8放在斜面上同时释放斜面体，斜面体A与物块8恰能保持相对静止并一起滑

动。则tan®等于（）

第2页，共16页

6.如图为自行车气嘴灯及其结构图，弹簧一端固定在A端，另一端拴接重物，当车轮高速旋转时，LEO灯

就会发光。下列说法正确的是（）

A.只要轮子转动起来，气嘴灯就能发光

B.增大重物质量可使灯在较低转速下也能发光

C.安装时A端比B端更远离圆心

D.匀速行驶时，若LED灯转到最低点时能发光，则在最高点时也一定能发光

7.若将“天问一号”探测器绕火星飞行看成圆形的轨道，周期为T,轨道高度与火星半径之比为左，引力

常量为G,将火星看作质量分布均匀的球体，则通过以上信息可以求得（）

A.火星表面的重力加速度B.火星的质量

C.火星的第一宇宙速度D.火星的密度

8.如图所示，轻质弹簧一端固定，另一端与质量为根的圆环相连，圆环套在倾斜的粗糙固定杆上，杆与水

平面之间的夹角为a,圆环在A处时弹簧竖直且处于原长。将圆环从A处静止释放，到达C处时速度为

零。若圆环在C处获得沿杆向上的速度也恰好能回到A。已知2C=3B是AC的中点，弹簧始终在弹性

限度之内，重力加速度为g,则（）

A.下滑过程中，环的加速度逐渐减小

B.下滑过程中，环与杆摩擦产生的热量为

C.从C到A过程，弹簧对环做功为mgLsina-。加"2

D.环经过B时，上滑的速度小于下滑的速度

二、多选题：本大题共2小题，共8分。

第3页，共16页

9.校运动会期间，某同学参加学校运动会的三级跳远项目，从静止开始助跑直至落地过程如图所示。经测

量，该同学的质量加=50的，每次起跳腾空之后重心离地的高度是前一次的2倍，每次跳跃的水平位移

也是前一次的2倍，最终跳出了以。=10.5m的成绩。将小强同学看成质点，运动轨迹如图所示，已知小

强最高的腾空距离九=1m,从。点静止开始到D点落地，全过程克服阻力做功叼=200/。重力加速度

g=10m/s20下列说法正确的是（）

OABCD

A.三次跳跃在空中运动的时间之比为1:2:4

B.运动到第三次起跳腾空之后最高点时的动能为1125J

C.运动到。点着地时的速度为3腌m/5

D.全过程运动员做的功为1825J

10.如图，质量为1依的物块A放在水平桌面上的。点，利用细绳通过光滑的滑轮与质量同为1版的物块

B相连，给一水平向左的拉力F=12M从O开始，A与桌面的动摩擦因数〃随x的变化如图所示，B离滑

轮的距离足够长，重力加速度g取10m/s2,则（）

A.它们运动的最大速度为lni/s

B.它们向左运动的最大位移为1m

C.当速度为0.6m/s时，摩擦力做功可能为-0.04/

D.当速度为0.6m/s时，绳子的拉力可能是9.2N

三、实验题：本大题共2小题，共18分。

第4页，共16页

11.用频闪照相记录平抛小球在不同时刻的位置，探究平抛运动的特点。

(1)图1所示的实验中，A球沿水平方向抛出，同时2球自由落下，借助频闪仪拍摄上述运动过程。图2为

某次实验的频闪照片，在误差允许范围内，根据任意时刻A、B两球的竖直高度相同，可判断A球竖直方

向做运动；根据,可判断A球水平方向做匀速直线运动。

(2)某同学使小球从高度为0.8徵的桌面水平飞出，用频闪照相拍摄小球的平抛运动(每秒频闪25次)，最多

可以得到小球在空中运动的个位置。

(3)某同学在图2小球做平抛运动的轨迹上，选取间距较大的几个点，测出其水平方向位移x及竖直方向位

移y,并在图3的直角坐标系内绘出了y-%2图像，此平抛物体的初速度为=0.49?n/s,则竖直方向的加

速度g=m/s2.(结果保留3位有效数字)

12.小李同学设计了一个实验探究木块与木板间的滑动摩擦系数〃。如图甲所示，在水平放置的带滑轮的长

木板上静置一个带有祛码的木块，最初木块与祛码总质量为木块的左端通过细绳连接一小托盘，木块

右端连接纸带。小李同学的实验方案如下：

带硅码的木滑块

,一)3,打点计时器

-=^}=耳.05叫!；•J

细绳.10.80cm/

23.78cm/

A42.10cm

小托盘

1图甲图乙

将木块中放置的祛码取出一个并轻放在小托盘上，接通打点计时器电源，释放小车，小车开始加速运

动，打点计时器在纸带上打下一系列的点；

从继续将木块中放置的祛码取出并放在小托盘中，再次测量木块运动的加速度；

c、重复以上操作，记录下每次托盘中祛码的重力mg,通过纸带计算每次木块的加速度a,数据表格如

下；

第5页，共16页

实验次数12345

托盘中祛码的总重力mg1.5N2N2.5N3.0N3.5N

木块的加速度（单位：m/s2）0.001.952.974.06曲

第5次实验中得到的一条纸带如图乙所示，已知打点计时器工作频率为50%，纸带上相邻两计数点间还有

四个点未画出，由此可计算得出CI5=m/s2；

d、如果以mg为横轴，以加速度。为纵轴，将表格中的数据描点并画出a-mg图像。

e、若小托盘的质量忽略不计，且本实验中小托盘内的祛码机取自于木滑块，故系统的总质量始终为M不

变，于是可得系统加速度a与木滑块与木板间的滑动摩擦系数〃应满足的方程为：=Ma；

,A若根据数据画出a-mg图像为直线，其斜率为左，与纵轴的截距为-b,则〃可表示为，总质

量M可表示为,（用左和b表示），并可得到测量值〃=（g取9.8?n/s2,结果保留两位

小数）。

13.如图所示，MN为羊径为R、固定于竖直平面内的光滑四分之一圆挡板，挡板上端切线水平，。为圆

心，M,O、P三点在同一水平线上，M的下端与轨道相切处放置竖直向上的弹簧枪。现发射质量为机的

第6页，共16页

小钢珠，小钢珠从M点离开弹簧枪，恰好从N点飞出落到OP上的。点。不计空气阻力，重力加速度为

(1)小钢珠离开弹簧时的速度大小；

(2)0Q之间的距离。

14.如图所示，一倾角为0=37°(sin37"=|)斜面的顶端放一质量为M=2kg,长度为L=0.35zn的木板

B,3顶端放一质量为m=0.5kg的小物块A,A可看作质点。已知斜面长为x=0.7m,A与2之间的动摩

擦因数为%=0.6,B与斜面之间的动摩擦因数为的=0.65,将A和B同时由静止释放。(g=10m/s2)

求：

(1)4和B加速度的大小；

(2)当2滑到斜面底端时，A距B底端的距离(即到木板下端的距离)；

(3)为保证B滑到斜面底端前A不掉到斜面上，小物块质量相应满足的条件。

15.如图，水平传送带。长度s=2.5m,。的左端与水平轨道上的2点平滑连接，传送带顺时针转动；质

量为巾=1kg的小滑块P(视为质点)由Q的左端以水平向左的速度%=3m/s冲上传送带，从右侧滑出接着

在光滑水平面上运动一段距离后，通过换向轨道由C点过渡到倾角为6=37。、长L=1m的斜面C。上，

CC之间铺了一层匀质特殊材料，其与滑块间的动摩擦因数可在0<Mi<1.5之间调节.斜面底部O点与光

滑地面平滑相连，地面上一根轻弹簧一端固定在。点，自然状态下另一端恰好在。点。滑块在C、。两处

换向时速度大小均不变，P与。之间的动摩擦因数为“2=o.L最大静摩擦力等于滑动摩擦力.取g=

10m/s2,sin37°=0.6,cos37°=0.8,不计空气阻力.求：

第7页，共16页

BP

%

(1)P运动到B点时速度；

(2)若设置的=0,求滑块从C第一次运动到D的时间及弹簧的最大弹性势能;

(3)若最终滑块停在。点，求〃的取值范围

第8页，共16页

答案和解析

1.【答案】C

【解析】A.在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫理想化模型法，即“质

点”概念的引入是运用了理想化模型法，故A错误；

A根据速度定义式u=全

,当上趋于。时，案

就可以表示物体在某时刻的瞬时速度，该定义应用了极限思想方法，故B错误；

C.在定义加速度时。=m，采用了比值定义法，故C正确。

D在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运

动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法，故。错误；

故选C。

2.【答案】D

【解析】BC.竖直向上做加速度大小为5m/s2的匀加速直线运动，第4s末掉出一可视为质点的碎片，碎片

脱离火箭速度v=at[=5x4?n/s=20m/s,碎片掉出前离地面高度％==4(hn,碎片离地面的最大

距离为H+亚=60nI,3c错误；

22g

A、着地速度最大Umax=J2gH=20V_3m/s,故A错误；

。.取向上为正方向根据—ga拄="-：町2,

解得碎片从掉出到落回地面用时t=(2+2<3)s,D正确。

3.【答案】B

【解析】C.设轻杆和竖直方向的夹角为仇则3Fcose=mg,每根轻杆对地面的摩擦力大小为/=Fsin。=

如gtanO,cos0=p当为增大时，cos。增大，。减小，tan。减小，1y减小，选项C错误；

4B.对整体竖直方向可得3N=mg,N=^mg,根据牛顿第三定律可得，增大时，每根轻杆对地面的压

力为37ng不变，选项A错误，3正确。

。.每根轻杆对地面的作用力包括对地面的压力和摩擦力，由于对地面的压力不变，而摩擦力减小，故每根

轻杆对地面的作用力也减小，故D错误。

第9页，共16页

4.【答案】C

【解析】an在图乙中，在h-12阶段，拉力大于重力为超重，加速度向上，电梯加速上升，今-三阶段，

拉力与重力持平，属于匀速运动，s-Q阶段拉力小于重力，为失重，加速度向下，电梯做减速运动，因

此h-Q反映了电梯从低层到高层运动，且能判断h-12时间矿泉水处于超重状态，AD错误；

员在12-七阶段，拉力与重力持平，因此可以得到矿泉水的重力，为15N,B错误；

C.由图可知，在匀加速阶段，拉力大小为16N,矿泉水的质量为m=得的=1.5kg

因此匀加速阶段的加速度大小约为a=iy^m/s2>0.67m/s2

C正确。故选C。

5.【答案】C

【解析】【分析】

由整体法求出加速度，再隔离8研究，由此求解即可。

整体法与隔离法的正确应用是解题的关键。

【解答】

以斜面体A与物块2、C为整体，设整体的加速度大小为a,由牛顿第二定律知7ng=4ma

解得a=

对物块B,由牛顿第二定律有mgtan3=ma

解得tan6

故选a

6.【答案】B

【解析】A、当车轮达到一定转速时，重物上的触点N与固定在A端的触点M接触后就会被点亮，则速度

越大需要的向心力越大，则触点N越容易与M点接触，弹力越大越容易点亮，

故A错误；

8、灯在最低点时F建-7ng=mrt/,解得3=J因此增大重物质量可使LED灯在较低转速下也

能发光，故8正确；

C、要使重物做离心运动，M、N接触，则A端应靠近圆心，安装时A端比2端更靠近圆心，C错误；

22

。、灯在最低点时，a-机9=矢；灯在最高点时，F?+mg=曰,匀速行驶时，在最低点时弹簧对重

第10页，共16页

物的弹力大于在最高点时对重物的弹力，因此匀速行驶时，若乙即灯转到最低点时能发光，则在最高点时

不一定能发光，故。错误。

7.【答案】D

【解析】解：设火星半径为R,已知圆周运动周期为T,引力常数为G。

。.根据万有引力提供向心力々鳖'：；2=m,4兀号+R),公式p=蓝,V=《兀/?3,

(kR+R)zTrV3

解得火星密度0=如萨，故。正确；

B.根据万有引力提供向心力湍器=m.4*(a+犬可得时=4*(器那,由于我不知，所以无法计算出火

星的质量M,故B错误；

A根据竿=机9可得g=胃，由于M、R不知，所以无法计算出火星表面的重力加速度，故A错误；

C根据粤可得〃=厚,由于M、R不知，所以无法计算出火星的第一宇宙速度，故C错误。

MR7R

故选：Do

8.【答案】C

【解析】解：A、环由A到C,初速度和末速度均为0,环先加速后减速，加速度先减小后增大，故A错

误；

J.1

B、环由A到C,有mgLsina=Epc+Q,环由。到A,有昂。-Q-zngLsina=解得Q=

-mv2,E=mgLsina—~mv2,故3错误，C正确；

4.vC4

._.1c.

D、由功能关系可知，圆环由A下滑至3,有mg/f-叼一W%=万加给一0,圆环由3上滑至A,有

-mgh'-W；+W^=0-^mv'^,故可知，环经过3时，上滑的速度大于下滑的速度，故D错误。

故选：Co

9.【答案】BD

【解析】A、小强从最高点下落过程可看成平抛运动，竖直方向上有h=得［=后S,三次高度之

比为1:2:4,则三次时间之比为1:，2:2,A错误；

BC、由题意可知，第三次起跳腾空的水平位移和。=6血，水平方向匀速直线运动，竽=%如解得%=

3^>m/s,即运动到第三次起跳腾空之后最高点时的动能为=；爪谚=1125/,运动到。点速度水平方

22

向速度为以=3V~^n/s,竖直方向速度%=J2gh=，方?n/s,vD=yjvx+vy=V_65m/s,故8正

第11页，共16页

确，C错误；

2

D、全过程由动能定理可知，WF-Wf=Ek-Q=lmvD,解得叼=1825/,D正确。

10.【答案】ACD

【解析】解：48.由题知/=iimg=2%

设A向左移动x后速度为零，对A、B系统有尸久-小"-：•"=（）（此处/前面的扰因为摩擦力是变力，

其做功可以用平均力），可得x=2m

A向左运动是先加速后减速，当x=2m时，摩擦力变成静摩擦力，系统受力平衡，最后静止。设A向左运

动x'后速度为v,对系统则有Fx'-mgx'_1'/x，=1-2mv2

得病——（%，-1）2+1

即：当％'=1租时，u最大为lm/s,故A正确，8错误；

C.当%=0.6??i/s时，可得％1=0.2m或％2=1.8m

当汽1=0.2m时，摩擦力做功91==~xi=-0.04/

同理可得%2=l-8ni时，摩擦力做功叼2=—=—万力=-3.24/,故C正确；

D根据牛顿第二定律尸-f-mg=2ma

当=0.2m时,系统加速度a】=0.8m/s2

对B有7\-mg=ma-L

得Ti=10.8N

当％2=1.8m时，系统加速度a?=-0,8m/s2

对8分析可得彩=9.2N,故。正确。

故选ACDo

11.【答案】（1）自由落体运动；A球相邻两位置水平距离相等；（2）10；（3）9.32。

【解析】（1）在误差允许范围内，根据任意时刻A、3两球的竖直高度相同，说明两球在竖直方向的运动完

全相同，可判断A球竖直方向做自由落体运动；根据相等时间内水平位移相等，可判断A球水平方向做匀

速直线运动。

2h八.

（2）某同学使小球从高为0.8zn的桌面水平飞出，则落地的时间为t=——=0.4s

9

1

频闪周期为A=—s=0.04s

第12页，共16页

最多可以得到小球在空中运动的10个位置。

(3)竖直方向根据y=^gt2

水平速度几=?

整理得y方=

竖直方向的加速度g«9.32m/s2o

12.【答案】5.13

mg——mg)

b

M=—

9

g+b

M=^-j—

kg

0.22

2

【解析】⑴利用逐差法可得a=4/=5.13m/s

[2]描点如图所示

第13页，共16页

a/(ms2)

[3]根据牛顿第二定律以及牛顿第三定律可得

mg—T=ma

T'——m)g=(M_m)a

T=T,二者的拉力为相互作用力等大反向

联立上式可得7ng-〃(M-m)g=Ma

[4][5][6]根据mg-〃(M-m)g=Ma

整理可得a=a+那-闷

斜率为k=母

截星巨为一人=一〃g

解得〃=2,M=年

9kg

利用描点图像数据可知截距约等于2,2代入〃=1

可得〃a0.22,〃在0.17〜0.27范围之内都正确。

【点睛】本题考查利用函数关系处理数据的能力，需要同学们对于基本实验原理掌握熟练。

13.【答案】解：(1)小钢珠到达N点时，由牛顿第二定律可得：mg=m建,

小钢珠从离开弹簧到运动至N点的过程中，由动能定理得：=

解得小钢珠离开弹簧时的速度=/砺。

(2)小钢珠从点到点，做平抛运动，在水平方向则有：x0Q=vNt,

第14页，共16页

在竖直方向则有：R=gg/,

解得OQ之间的距离%OQ=/2/?o

【解析】详细解答和解析过程见【答案】

14.【答案】解：(1)根据牛顿第二定律，对A?ngsin370-〃17ngeos370=771%,

2

ar=1.2m/s,

对B:Mgsin37°+〃i/ngcos37°—jU2(m+M)gcos37°=Mg，

2

a2=0.7m/s；

2

(2)B滑到斜面底端：x-L=1a2t,

解得力=Is,

2

在这Is内，小物块下滑距离：x'=^art=0.6m,

小物块距斜面底端距离：d=x—xr=0.1m；

2

(3)假设木板滑到斜面底端时，小物块也恰好滑到斜面底端，对B:x-L=1a2t,

对A：%=-art,

则木板的加速度至少为：。2==0.6m/s2,

根据牛顿第二定律：Mgsin37°+〃i/ngcos37°—/i2(jn+M)gcos37°=Mg，

解得：m=1kg,

因此小物块的质量必须满足：m£1kg。

【解析】详细解答和解析过程见【答案】

15.【答案】(1)P从。的右端滑向8点的过程中由动能定理得