（详解详析）2024年广东省初中学业水平考试·物理

物理试卷第页（共页）2024年广东省初中学业水平考试·物理详解详析一、选择题：本大题共7小题，每小题3分，共21分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．1.B【解析】相对于广州塔静止，说明所选的参照物与广州塔之间的位置不发生变化．飞行的客机、行驶的游船、流动的江水相对于广州塔的位置发生了变化，

A、C、D不符合题意；两岸的高楼相对于广州塔的位置没有变化，B符合题意．故选B.2.B【解析】质量是物体的一种属性，不随位置、形状、状态的变化而变化．月壤带回到地球，位置变了，但质量不变，B正确．故选B.3.A【解析】由图可知，在握住手柄修剪树枝时，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，省力杠杆费距离，而不能省功，A符合题意，B、C、D不符合题意．故选

A4.D【解析】原子是由原子核和核外电子组成，原子核位于原子中心，核外电子绕着原子核做高速旋转．由图可知，a绕着原子核做高速旋转，即a是电子，D正确．故选D.5.C【解析】物质由固态变为液态的过程叫熔化，C正确．故选C.6.A【解析】点灯后，水在升温的过程中，吸收热量，温度升高，内能增大，A正确．故选

A.7.C【解析】要调节灯的亮度，需串联一个滑动变阻器，改变灯泡两端的电压，即改变灯泡的实际功率，C符合题意，A、B、D都不能改变灯泡两端的电压，不符合题意．故选C.二、填空题：本大题共7小题，每空1分，共21分．8.相互增大电磁波凸实小【解析】航空器通过旋转旋翼对空气施加向下的力，由于力的作用是相互的，空气对航空器提供向上的升力；航空器在升空过程中，质量不变，高度增加，重力势能增大；航空器靠电磁波与控制中心联系．航空器的摄像头相当于凸透镜；它的成像原理与照相机相同，远处的物体通过摄像头成倒立、缩小的实像；根据凸透镜成实像的规律“物近像远像变大，物远像近像变小”可知，在摄像头远离物体的过程中，物距变大，像距变小，像变小．9.做功电吸引【解析】“以布拭热”的意思是通过摩擦的方式使物体内能增大，所以是通过做功的方式改变琥珀的内能；带电体具有吸引轻小物体的性质，在摩擦的过程中，琥珀由于摩擦而带了电，能吸引轻小的芥子．10.振动空气小【解析】一切声音都是由物体振动产生的；声音的传播需要介质，乘客听到列车即将进站的广播声，广播声通过空气传播到人耳；列车进站时，车与乘客之间的空气流动速度大，压强小，而人的外侧空气流动速度小，压强大，这样人就会受到向列车的一个压强差，将人压向列车出现安全事故，所以乘客候车时不应越过安全线．11.聚变可再生无污染【解析】在太阳内部，氢原子核在超高温、高压作用下发生聚变，释放巨大的核能；太阳能取之不尽，用之不竭，属于可再生能源，并且环保无污染，是人类理想的能源．12.导体有相反【解析】将自制的电动机接入电路，需将电动机通电，所以支架A应为导体；闭合开关，线圈受到磁场力的作用而转动起来，所以磁场对线圈有作用力；线圈转动的方向与电流方向和磁场方向有关，仅调换磁体的磁极，线圈转动方向与原转动方向相反；若磁极方向和电流方向同时改变，线圈的转动方向不变．13.小电压表热【解析】如图电路在闭合开关后，导线夹M在铅笔芯上向右移动，铅笔芯接入电路的长度变大，电阻变大，根据欧姆定律可知，电路中电流变小，即电流表的示数变小；若要测量铅笔芯的电阻，需测出铅笔芯两端的电压和通过的电流，根据公式I＝UR计算电阻，所以补充的仪表是电压表；实验时铅笔芯发烫，是将电能转化为内能，属于电流的热效应三、作图题：本题7分．14.（1）如答图1所示（2）如答图2所示【解析】（1）小球漂浮在水面上，受到竖直向下的重力和竖直向上的浮力是一对平衡力，二者大小相等，由此画出小球受到的重力G和浮力F的示意图如答图所示（2）先过入射点O垂直于水面画出法线，光从空气斜射入水中时，折射角小于入射角，与入射光线分居在法线的两侧，具体如答图所示四、实验题：本大题共3小题，第16小题7分，第17小题6分，第18小题7分，共20分．15.（1）2.35（2）2.4（3）热胀冷缩小（4）①a相等②不变【解析】（1）由图可知，刻度尺的分度值为1mm，估读到分度值的下一位.A点对准“0”刻度线，B点对准2.35cm，所以A、B两点间的距离为2.35cm（2）由图可知，测力计的分度值为0.2N，所以测力计示数为2.4N．在水平面上，用弹簧测力计水平拉动木块做匀速直线运动，此时木块受到的滑动摩擦力和测力计的拉力平衡，滑动摩擦力的大小等于测力计示数，即滑动摩擦力的大小为2.4N（3）我们常用的温度计是液体温度计，液体受热以后，体积膨胀，液柱会沿着细玻璃管上升，液体遇冷以后，体积缩小，液柱会沿着细玻璃管下降，液柱的高低变化与温度有关，我们就是以此来测量温度的，所以液体温度计就是根据液体热胀冷缩的性质制成的；玻璃泡中的液体升高相同的温度，体积膨胀相同，如果管内径更小，上升的高度越多，即精确度越高（4）①平面镜成像利用的是光的反射，实验时，利用点燃的蜡烛A成像，眼睛应在a处才能接收反射光线，观察到蜡烛A经玻璃板所成的像；移动与A外形相同的蜡烛B，发现B与A的像重合，说明平面镜所成像与物的大小相等；②平面镜所成的像始终与物体大小相等，与玻璃板大小无关，故换用面积较大的玻璃板进行实验，蜡烛的像的大小不变．16.(1)如答图所示(2)断开无(3)1.2(3)①之和②更换不同电压的电源进行多次实

【解析】(1)由图甲可知，L1、L2串联，电压表测L1两端的电压，具体电路连接如答图所示；(2)为了保护电路，在连接电路时，开关应该断开；正确连接电路后，闭合开关，灯L2断路，L1不能接到电源两端，所以L1两端无电压，电压表无示数；(3)由丙图可知，电压表接的是小量程，分度值为0.1V，所以A、B两点间的电压UAB＝1.2V；①由于1.2V＋1.7V＝2.9V，1.3V＋1.6V＝2.9V，1.1V＋1.8V＝2.9V，所以得到初步结论：串联电路两端的总电压等于各部分电路两端电压之和；②为使结论更具普遍性，小明将灯泡换成其他类型用电器并多次实验．此外，还可以更换不同电压的电源进行多次实验．17.(1)零刻度线(2)441.1(3)M21.05无取出该李子前，液面的M2位置已经确定，取出李子带出的一些凉茶和多加的质量是相同的，不影响测量结果【解析】(1)调节天平时，应先将游码移至标尺的零刻度线处，然后调节平衡螺母，使天平平衡；(2)天平平衡时，物体的质量等于砝码的质量与游码对应质量之和，所以李子的质量m李子＝20g＋20g＋4g＝44g；用量筒和水测得李子的体积V李子＝40cm3，则李子的密度ρ李子＝

m李子V李子＝

44g40cm3＝1.1g/cm3；(3)取出李子，减少的体积等于李子的体积，向烧杯中加凉茶，使液面上升至位置M2处，加入凉茶的体积等于李子的体积，则加入凉茶的质量m凉茶＝282g－240g＝42g，凉茶的体积V凉茶＝V李子＝40cm3，所以凉茶的密度ρ凉茶＝

m凉茶V凉茶＝

42g40cm3＝1.05g/cm3；从烧杯中拿出李子时会五、计算题：本大题共2小题，第19小题7分，第20小题6分，共13分．18.(1)①返回舱在这段时间内的平均速度v＝

st＝

1m0.4s＝2(1)②返回舱受到的重力G＝mg＝3×103kg×10N/kg＝3×104N返回舱在这段时间内重力做的功W＝Gh＝3×104N×1m＝3×104J(2)返回舱静止时对水平地面的压力F＝G＝3×104N，与水平面的接触面积为1m2它对水平地面的压强p＝

FS＝

3×104N119.(1)由电路图可知，电阻R和灯L并联，两端的电压都是220V由欧姆定律可得，通过R的电流

I＝

UR＝

220V(2)由P＝I2R可得，R的电功率P＝I2R＝(2A)2×110Ω＝440W(3)消毒柜正常工作，L实际功率等于额定功率，L工作100s消耗的电能W＝Pt＝50W×100s＝5×103J六、综合能力题：本大题共3小题，每小题6分，共18分．20.(1)37(2)①1.88②2③22(3)内(4)运动裤子(合理即可)【解析】(1)根据控制变量法可知，比较两款鞋子面料的透水汽性，应控制容器规格相同、水的质量、温度相同，改变透水面料，故装置乙中水的温度与甲中的温度相同，为37℃；(2)①由表中数据可知，装置甲中透过面料1的水蒸气质量Δm1＝m1－m2＝225.00g－223.12g＝1.88g；②装置乙中透过面料2的水蒸气质量Δm2＝m1′－m2′＝235.00g－232.68g＝2.32g，所以面料2的透水汽性更大；③容器口的面积为40cm2，经30min＝0.5h透过2种面料的水蒸气质量之差Δm＝Δm2－Δm1＝2.32g－1.88g＝0.44g，根据透水汽性的定义可知，两种面料的透水汽性之差为

0.44×103mg40cm2×0.5h＝22mg/(cm2·h)；21.(1)大(2)化学(3)绿(4)0.1(5)如答图所示【解析】(1)“奋斗者”号在下潜过程中，海水的密度不变，所处海水的深度增加，根据p＝ρgh可知，受到海水的压强变大；(2)电解水制备氧气的过程中，消耗电能，获得储存在氧气和氢气中的化学能，所以电能主要转化为化学能；(3)由图乙可知，氧气浓度越大，R阻值越大，电源电压不变，根据I＝

UR可知，电流越小，电磁铁磁性减弱，动触点与上面的静触点接触，A灯亮．由题意可知，当氧气浓度大于0.28kg/m3时，绿灯正常发光，所以图甲中的A灯为绿灯；(4)由乙图可知，气敏箱电阻R与氧气浓度c成线性变化，设变化规律为R＝kc＋b(k≠0)，将(0.2，40)、(0.4，60)两点坐标代入解得k＝100，b＝20，所以气敏箱电阻R与氧气浓度c变化规律为R＝100c＋20，闭合开关S，将c＝0.28

kg/m3代入上式，可得R＝48Ω，所以通过电磁铁线圈的电流I＝

UR＝

4.8V48Ω＝0.1A；(5)由题可知，电源电压及两灯的额定电压均为4.8V，所以工作时电源与两灯并联，且控制电路也需要电压，具体电22.(1)飞艇自身重力(2)电磁感应(3)5.04×1047(4)1∶4(5)16.2【解析】(1)气囊是利用浮力升空的，采用轻质材料制作是为了减小飞艇质量，从而减小重力，实现升空的；(2)发电机是利用电磁感应原理发电的；(3)由表中数据可知，将气囊充满氦气，体积V＝4200m3，此时飞艇受到的浮力F浮＝ρ空气

gV排＝ρ空气

gV＝1.2kg/m3×10N/kg×4200m3＝5.04×104N；充满氦气后，氦气的重力G氦气＝m氦气

g＝ρ氦气Vg＝0.2kg/m3×10N/kg×4200m3＝8400N，飞艇空载重力G飞艇＝m飞艇g＝3750kg×10N/kg＝3.75×104N，所以最多可载乘客的总重力G总＝F浮－G氦气－G飞艇＝5.04×104N－8400N－3.75×104N＝4.5×103N，每位乘客的重力G0＝m0g＝60kg×10N/kg＝600N，n＝

G总G0＝

4.5×103N600N＝7.5，因此最多搭载乘客的数量为7人；(4)由v＝

st可得，当飞艇先后以3m/s和6m/s的速度水平匀速直线飞行相同的时间通过的路程之比s1∶s2＝v1

t∶v2t＝1∶2，由乙图可知，阻力与速度成正比，当飞艇匀速飞行时，阻力与推力相等，即推力与速度成正比，所以当飞艇先后以3m/s和6m/s的速度水平匀速直线飞行，推力之比为F1∶F2＝1∶2，所以推动功之比为W1∶W2＝F1s1∶F2s2＝1∶4；(5)飞艇低速水平匀速直线飞行时，若消耗10kg燃油，燃油完全燃烧放出的热量Q＝mq油＝10kg×4.5×107J/kg＝4.5×108J；由表中数据可知，发动机的效率为36%，所以发动机输出的能量W＝ηQ＝36%×4.5×108J＝1.62×108J；发动机输出的能量用于做推动功和辅助功，即1.62×108J＝F阻s＋5×104W×t，由乙图