浙江省温州市新力量联盟2024-2025学年高一上学期期中联考生物试题 含解析

2024学年第一学期温州新力量联盟期中联考高一年级生物学科试题考生须知：1．本卷共6页满分100分，考试时间60分钟。2．答题前，在答题卷指定区域填写班级、姓名、考场号、座位号及准考证号并填涂相应数字。3．所有答案必须写在答题纸上，写在试卷上无效。4．考试结束后，只需上交答题纸。（一）选择题部分（本大题共20小题，每小题3分，共60分）1.无机盐对于维持生物体的生命活动具有重要作用。下列相关叙述不正确的是（）A.细胞中的无机盐主要以离子形式存在B.缺铁会导致哺乳动物血液运输O2的能力下降C.和ATP一样，无机盐也能为生物体提供能量D.植物秸秆燃烧产生的灰烬中含有丰富的无机盐【答案】C【解析】【分析】细胞中的无机盐：（1）存在形式：细胞中大多数无机盐以离子的形式存在，叶绿素中的Mg、血红蛋白中的Fe等以化合物形式存在。（2）功能：a、细胞中某些复杂化合物的重要组成成分；如Fe2+是血红蛋白的主要成分；Mg2+是叶绿素的必要成分。b、维持细胞的生命活动，如Ca2+可调节肌肉收缩和血液凝固，血钙过高会造成肌无力，血钙过低会引起抽搐。c、维持酸碱平衡和渗透压平衡。【详解】A、细胞中的无机盐主要以离子形式存在，少数以化合物的形式存在，A正确；B、铁是血红蛋白的组成成分，人体内缺铁会影响血红蛋白的合成，导致哺乳动物血液运输O2的能力下降，B正确；C、ATP能为生物体提供能量，但无机盐不能为生物体提供能量，C错误；D、植物秸秆燃烧掉的是主要是有机物，产生的灰烬中含有丰富的无机盐，D正确。故选C。2.下列含有相同元素的一组化合物是（）A.淀粉和二肽 B.脂肪酸和脂肪酶C.蛋白质和蛋白酶 D.核糖和核糖核酸【答案】C【解析】【分析】

【详解】A、淀粉的组成元素是C、H、O，二肽的组成元素是C、H、O、N等，A错误；B、脂肪酸的组成元素是C、H、O，脂肪酶的本质是蛋白质，组成元素是C、H、O、N等，B错误；C、蛋白质的组成元素是C、H、O、N，蛋白酶的本质是蛋白质，C正确；D、核糖的组成元素是C、H、O，核糖核酸的组成元素是C、H、O、N、P，D错误。故选C。3.水熊虫的生命力极为顽强。当环境恶化时，它会把身体蜷缩起来，一动不动，并自行脱去体内99%的水分，使自身处于一种“隐生”状态，以此度过恶劣环境。研究发现，处于“隐生”状态的水熊虫体内会产生大量海藻糖。下列叙述不正确的是（）A.若海藻糖为还原糖，则向其中加入本尼迪特后立即观察到红黄色B.处于“隐生”状态时，水熊虫的代谢速率较低，但并未完全停止C.处于“隐生”状态时，水熊虫体内的水主要以结合水的形式存在D.海藻糖可能有利于保护水熊虫细胞，使其免受不利因素的损伤【答案】A【解析】【分析】1、生物组织中化合物的鉴定：（1）斐林试剂可用于鉴定还原糖，在水浴加热的条件下，溶液的颜色变化为砖红色；（2）蛋白质可与双缩脲试剂反应呈紫色；（3）脂肪可被苏丹Ⅲ染液（或苏丹Ⅳ染液）染成橘黄色（或橘红色）。2、水在细胞中以两种形式存在，绝大部分的水呈游离状态，可以自由流动，叫作自由水；一部分水与细胞内的其他物质结合，叫作结合水。在正常情况下，细胞内自由水所占比例越大，代谢越旺盛，抗逆性越弱；细胞内结合水所占比例越大，代谢水平越低，抗逆性越强。【详解】A、若海藻糖为还原糖，则向其中加入斐林试剂（本尼迪特）后，在水浴加热的条件下，可观察到红黄色，A错误；B、处于“隐生”状态时，水熊虫体内自由水含量较低，代谢速率较低，但并未完全停止，B正确；C、处于“隐生”状态时，水熊虫抗逆性较强，体内的水主要以结合水的形式存在，C正确；D、处于“隐生”状态的水熊虫体内会产生大量海藻糖，海藻糖可能有利于保护水熊虫细胞，使其免受不利因素的损伤，D正确。故选A。4.某同学在电子显微镜下看到如图所示的细胞结构，他所观察的细胞最有可能所属的生物是（）A.细菌 B.草履虫 C.人 D.青菜【答案】A【解析】【分析】该图没有细胞核有拟核，因此属于原核细胞。【详解】细菌是原核细胞，草履虫、人、青菜都是真核生物，A正确，BCD错误。故选A。5.癌细胞的细胞膜中有一种蛋白质——癌胚抗原，该蛋白质能被T淋巴细胞识别并使癌细胞被T淋巴细胞攻击，该事实说明细胞膜具有的功能是（）A.将细胞与外界环境分开 B.控制物质进出细胞C.进行细胞间的信息交流 D.进行代谢反应【答案】C【解析】【分析】细胞膜的功能：1、将细胞与外界环境分开；2、控制物质进出细胞；3、进行细胞间的物质交流。【详解】A、细胞膜将细胞与外界环境分开，使得细胞具有相对独立的内部环境，A错误；B、细胞膜能控制物质进出细胞，细胞需要的营养物质可以从外界环境进入细胞，细胞不需要的、或者对细胞有害的物质不能进入细胞，B错误；C、癌胚抗原蛋白能被T淋巴细胞识别，并使癌细胞被T淋巴细胞攻击，体现细胞膜的信息交流功能，C正确；D、细胞膜上附着有酶，才能进行代谢反应，D错误。故选C。6.用差速离心法分离出某动物细胞的3种细胞器，经测定其中3种有机物的含量如图所示。下列叙述正确的是（）A.细胞器甲是光合作用的场所B.细胞器乙肯定与分泌蛋白的加工和分泌有关C.细胞器丙是蛋白质合成的场所D.细菌与该细胞共有的细胞器有甲和丙【答案】C【解析】【分析】动物细胞中含有核酸的细胞器有核糖体和线粒体，其中核糖体没有膜结构，由蛋白质和RNA组成，故丙表示核糖体；线粒体中含有少量核酸，故甲表示线粒体；乙含有蛋白质和脂质，可能是内质网、高尔基体、溶酶体等。【详解】A、细胞器甲含有核酸，且存在于动物细胞，故是线粒体，有氧呼吸的第二、三阶段在线粒体中进行，故线粒体是细胞有氧呼吸的主要场所，A错误；B、细胞器乙含有蛋白质和脂质，可能为内质网、高尔基体、溶酶体，其中溶酶体与分泌蛋白的加工和分泌无关，B错误；C、细胞器丙中只包含蛋白质和核酸，符合条件的只有核糖体，核糖体是蛋白质的合成场所，C正确；D、细菌属于原核生物，原核生物只有核糖体一种细胞器，故细菌与此细胞共有的细胞器只有核糖体，核糖体的成分为蛋白质和核酸，即图中丙，D错误。故选C。7.科学家设计了仅1纳米宽的分子转子，该转子由紫外光驱动，能以每秒200～300万的转速进行旋转，从而在单个细胞的膜上钻孔。当分子转子与特定的靶细胞结合后，有望将治疗试剂运送到这些细胞中，或者直接诱导这些细胞死亡。图为分子转子钻孔过程的示意图，有关说法不正确的是（）A.将治疗试剂运送到细胞中，分子转子需要钻开两层磷脂分子层B.钻孔后才可以运送治疗试剂，说明了细胞膜具有选择透过性C.该过程体现出磷脂分子具有流动性，而蛋白质分子无流动性D.一个细胞是否能成为靶细胞，很可能与表面的糖蛋白有关【答案】C【解析】【分析】分析题文描述与题图可知：在紫外光的驱动下，分子转子依靠细胞膜上的糖蛋白的识别功能与特定的靶细胞结合，以每秒200～300万的转速进行旋转，从而在单个细胞的膜上钻孔，进而将治疗试剂运送到这些细胞中，或者直接诱导这些细胞死亡。【详解】A、细胞膜是由两层磷脂分子组成的单层膜结构，将治疗试剂运送到细胞中，分子转子需要钻开两层磷脂分子层，A正确；B、正常情况下，治疗试剂不能进入细胞，而钻孔破坏细胞膜后，治疗试剂能进入细胞，说明细胞膜具有选择透过性，B正确；C、该过程没有体现磷脂分子具有流动性，也没有体现蛋白质分子无流动性，C错误；D、糖蛋白具有识别功能，分子转子与特定靶细胞的识别依靠细胞膜上的糖蛋白，D正确。故选C。8.随着我国经济的高速发展，人们的生活水平不断提高，食品安全日渐成为人们关注的焦点。下列关于食品安全问题的探究实验结论正确的是（）选项探究主题实验试剂预期实验结果结论A某“无糖”无色饮料中是否含有葡萄糖本尼迪特被检测液体出现砖红色沉淀含有还原糖，但不一定是葡萄糖B某“奶片”是否添加淀粉碘液被检测液体出现蓝色含有淀粉，不含有蛋白质C某“脱脂奶粉”油脂是否超标苏丹Ⅲ染液被检测液体出现红色含有油脂，该奶粉不合格D某“早餐奶”蛋白质含量否达标双缩脲试剂被检测液体呈紫色含有蛋白质，该粉蛋白质含量合格A.A B.B C.C D.D【答案】A【解析】【分析】生物组织中化合物的鉴定：（1）还原糖与本尼迪特试剂水浴加热后会出现红黄色沉淀；（2）蛋白质可与双缩脲试剂产生紫色反应；（3）油脂可用苏丹Ⅲ染液鉴定，呈橙黄色；（4）淀粉遇碘液变蓝。【详解】A、还原糖与本尼迪特试剂水浴加热后会出现红黄色沉淀，所以证明饮料中含有还原糖，但不一定是葡萄糖，A正确；B、淀粉遇碘液变蓝，某“奶片”用碘液检测后出现蓝色，说明该“奶片”含有淀粉，但不能说明该“奶片”不含蛋白质，B错误；C、脂肪能被苏丹Ⅲ染液染成橘黄色，因此实验结论为某“脱脂奶粉”含油脂，但“脱脂奶粉”并非完全不含油脂，故实验结果不能证明奶粉不合格，C错误；D、蛋白质能与双缩脲试剂发生紫色反应，所以说明该早餐奶含蛋白质，但不能测定其含量，故不能证明奶粉合格，D错误。故选A。9.通常情况下，分子式为C63H103O45N18S2的多肽化合物中最多含有肽键的数量为A.63个 B.62个 C.17个 D.16个【答案】C【解析】【分析】通常情况下，多肽呈链状，一端是氨基，另一端是羧基。1个氨基中含有一个N元素，脱水缩合反应只是缺少H元素和O元素，N元素数量反应前后没有改变。1个肽键（-NH-CO-）仅含有1个N元素，剩余的N元素在R基上。详解】A、该多肽化合物一共有18个N，说明共有氨基酸18个，不可能有63个肽键，A错误；B、该多肽化合物一共有18个N，不可能有62个肽键，B错误；C、该多肽化合物一共有氨基酸18个，形成1条肽链时含有17个肽键，C正确；D、该多肽化合物一共有氨基酸18个，形成2条肽链时含有16个肽键，不符合题意，D错误故选C。【点睛】本题考查了蛋白质的简单计算，肽键数=氨基酸数-肽链数，需要考生牢记公式。10.如图为“观察植物细胞的质壁分离及质壁分离及复原实验”的基本操作步骤，下列叙述中正确的是（）A.实验过程中植物细胞的吸水能力逐渐增强B.不同材料用同一浓度的蔗糖溶液处理，质壁分离最快的一组，细胞液浓度最高C.若③步骤滴加一定浓度的尿素溶液，则省略⑤步骤不能观察到质壁分离的复原现象D.本实验在时间上形成了前后自身对照，不需要另外设立对照实验【答案】D【解析】【分析】分析图解可知，在质壁分离和复原的实验中，首先制作临时装片，然后放在显微镜下观察；然后利用蔗糖溶液使细胞发生质壁分离，再放在显微镜下观察；最后再向载玻片中滴加清水，使细胞发生质壁分离复原，再用低倍镜观察，三次观察形成前后对照。【详解】A、实验过程中植物细胞先失去水分再吸水，吸水能力先增强后减弱，A错误；B、不同材料用同一浓度的蔗糖溶液处理，质壁分离最快的一组，细胞失水最多，细胞液浓度最低，B错误；C、若③步骤滴加一定浓度的尿素溶液，尿素可以进入细胞，会导致质壁分离后自动复原，因此省略⑤步骤也可观察到质壁分离的复原现象，C错误；D、本实验在时间上形成了前后自身对照，观察了正常细胞、质壁分离过程、质壁分离复原过程，不需要另外设立对照实验，D正确。故选D。11.下图为某多肽分子，下列相关叙述中不正确的是（）A.该多肽形成场所为核糖体，形成时失去4个水分子B.该多肽分子中只有一个氨基和一个羧基C.该多肽分子由4种氨基酸构成D.该多肽由4个氨基酸经过脱水缩合形成【答案】D【解析】【分析】1、肽键数=脱去水分子数=氨基酸数-肽链数。2、一条肽链至少含有一个氨基和一个羧基。3、蛋白质与双缩脲试剂反应产生紫色。【详解】A、氨基酸脱水缩合形成蛋白质的场所是核糖体，该化合物是五肽，形成时失去4分子水，A正确；B、该多肽的氨基酸的R基没有氨基和羧基，因此该多肽分子中只有一个氨基和一个羧基，B正确；C、该多肽的氨基酸的R基第二个和第三个相同，均为-H，其余不相同，因此该多肽分子由5个共4种氨基酸构成，C正确，D错误。故选D。12.细胞核是细胞代谢和遗传的控制中心，如图是细胞核的结构简图，下列关于细胞核的叙述不正确的是（）A.结构①在细胞的不同时期存在不同的形态B.结构②与核糖体的形成有关C.结构③仅是大分子物质进出细胞核的通道D.蛋白质和RNA通过核孔的运输需要消耗能量【答案】C【解析】【分析】分析题图：图中①为染色质，②为核仁，③为核孔。【详解】A、结构①为染色质，主要由DNA和蛋白质组成，在细胞的不同时期存在不同的形态，A正确；B、结构②为核仁，其与tRNA的合成以及核糖体的形成有关，B正确；C、从图中看出，小分子物质也可以通过核孔进入细胞核，C错误；D、从图中看出，蛋白质和RNA通过核孔需要ATP水解提供能量，D正确。选C。13.下列不能体现“结构与功能相适应”的是（）A叶绿体通过内膜向内折叠形成嵴增大膜面积，以利于光合作用有关酶附着B.细胞内生物膜把细胞区室化，保证了生命活动高效有序地进行C.细胞质中存在大面积的内质网，便于其与细胞核和细胞膜之间建立联系及酶的附着D.哺乳动物红细胞成熟过程中，细胞核退化并排出为氧气运输腾出了更多空间【答案】A【解析】【分析】1、生物膜系统的功能：（1）使细胞具有一个相对稳定的内环境，在细胞与环境之间进行物质运输、能量交换和信息传递的过程中也起着决定性的作用。（2）细胞的许多重要的化学反应都生物膜内或者膜表面进行。细胞内的广阔的膜面积为酶提供了大量的附着位点，为各种化学反应的顺利进行创造了有利条件。（3）细胞内的生物膜把细胞分隔成一个个小的区室，这样就使得细胞内能够同时进行多种化学反应，而不会相互干扰，保证了细胞的生命活动高效、有序地进行。2、核孔是核质之间频繁进行物质交换和信息交流的通道。在代谢旺盛的细胞中，核孔的数目较多。3、内质网膜内连核膜，外连细胞膜。【详解】A、叶绿体类囊体结构垛叠形成的基粒，增大了膜面积，有利于附着更多的光合色素，A错误；B、细胞内的生物膜把细胞区室化，保证了生命活动高效有序地进行，B正确；C、内质网膜内连核膜，外连细胞膜，便于其与细胞核和细胞膜之间建立联系，同时内质网是细胞内膜面积最大的细胞器，有利于酶的吸附，C正确；D、哺乳动物红细胞成熟过程中，细胞核退化并排出是为血红蛋白腾出空间，这样可容纳更多的血红蛋白，有利于氧气的运输，是细胞结构与功能相适应的具体体现，D正确。故选A。14.下图甲表示渗透装置吸水示意图，图乙表示图甲中液面上升的高度与时间的关系，图丙表示成熟植物细胞在某外界溶液中的一种状态(此时细胞有活性)。下列说法错误的是（）A.结构③指的是细胞膜，结构①指的是细胞壁B.图丙中相当于图甲中c结构的是③④⑤，结构②中充满的液体是外界溶液C.图丙中细胞液的浓度与外界溶液的浓度大小关系无法确定D.由图乙可知漏斗中溶液吸水速率在下降，当液面静止时，c两侧液体浓度相等【答案】D【解析】【分析】题意分析，甲为渗透装置，a为渗透装置中的外液、b为渗透膜内液、c为半透膜，当b溶液浓度高于a溶液时，装置会发生“渗透吸水”而呈现液面上升现象，如图乙所示，最终随着两者浓度差的减小及液体重力的影响下，水面上升速率减小直到不再上升；图丙中的①为细胞壁、②为外界溶液、③为细胞膜、④为细胞质、⑤为液泡膜，其中③④⑤统称为原生质层，图示细胞处于质壁分离状态。【详解】A、图丙中结构③指的是细胞膜，结构①指的是细胞壁，前者具有生物活性，后者无活性，A正确；B、图丙中相当于图甲中c结构，即半透膜的是③④⑤，也就是说植物细胞中的原生质层相当于是半透膜，结构②中充满的液体是外界溶液，图丙细胞处于质壁分离状态，B正确；C、丙图细胞处于质壁分离状态，但是不知其下一时刻继续质壁分离、复原还是保持原状，故细胞液和外界溶液浓度大小无法确定，C正确；D、由图乙可知，漏斗中溶液吸水速率在下降，当图甲漏斗中液面静止时，c两侧水分子进出处于动态平衡，但b中的溶液浓度依然高于a的浓度，D错误。故选D。15.下图为ATP的结构示意图，①③表示组成ATP的物质或基团，②④表示化学键。下列叙述不正确的是（）A.①为腺苷，即ATP中的“A”B.化学键②易于水解，其水解过程总是与吸能反应相联系C.ATP分子中④水解后形成的产物中，含有RNA的基本组成单位D.核糖是ATP组成成分之一【答案】A【解析】【分析】ATP的结构简式为A-P～P～P，其中A代表腺苷（腺嘌呤+核糖），P代表磷酸基团，-代表普通磷酸键，～代表特殊的化学键。图中①表示腺嘌呤，②④表示特殊化学键，③表示磷酸基团。【详解】A、①为腺嘌呤，而ATP中的“A”指的是腺苷，A错误；B、化学键②是远离腺苷的特殊化学键，易于水解，释放的能量用于吸能反应，B正确；C、ATP分子中④水解后形成的产物为核糖核苷酸，为RNA的基本单位之一，C正确；D、ATP中的五碳糖为核糖，D正确。故选A。16.下列有关酶的实验探究方案中设置最合理的是（）组别探究内容实验方案ApH对酶活性的影响用H2O2酶在不同pH（酸性、中性、碱性）下催化H2O2分解，先分别调好底物和酶的pH再混匀，计时，比较单位时间内气泡产生量B温度对酶活性的影响用H2O2酶在不同温度（冰水、常温、开水）下催化H2O2分解，先分别调好酶和底物的温度再混匀，计时，比较单位时间内气泡产生量C酶的高效性用FeCl3和肝脏研磨液分别催化等量的H2O2分解，待H2O2完全分解后，检测产生的气体总量D酶的专一性用淀粉酶分别催化淀粉和蔗糖水解，产物用碘液检测A.A B.B C.C D.D【答案】A【解析】【分析】影响酶活性的因素主要是温度和pH，在最适温度（pH）前，随着温度（pH）的升高，酶活性增强；到达最适温度（pH）时，酶活性最强；超过最适温度（pH）后，随着温度（pH）的升高，酶活性降低。另外低温酶不会变性失活，但高温、pH过高或过低都会使酶变性失活。【详解】A、可用H2O2和H2O2酶作为实验材料研究pH对酶活性的影响，实验设置酸性、中性和碱性三组，先分别调好底物和酶的pH再混匀，计时，比较单位时间内气泡产生量；A正确；B、H2O2不稳定，受热易分解，故不能用H2O2探究温度对酶的影响，B错误；C、用FeCl3和过氧化氢酶分别催化等量H2O2分解，待H2O2完全分解后，检测产生的气体总量是相等的，因此该实验方案不能用来探究酶的高效性，C错误；D、由于蔗糖及其蔗糖的水解产物都不会与碘液反应，因此用碘液检测无法验证淀粉酶的专一性，D错误。故选A。西门岛位于乐清湾北部，岛上有一片我国最北端红树林。红树林生长在海岸线潮间带，受周期性潮水浸没，为了适应潮水浸没、高盐、缺氧的海岸环境，红树植物形成了特殊适应对策。完成下面小题。17.由于海产养殖导致大量氮排入海洋，引起海水氮污染。红树林是天然除氮系统。研究发现，红树植物细胞膜上存在硝酸盐转动蛋白吸收高浓度NO3-，关于红树植物吸收NO3-方式叙述正确的是（）A.主动运输 B.易化扩散 C.简单扩散 D.胞吞18.为探究红树植物根细胞对M的吸收方式，某同学将红树根尖细胞培养在M配制的适宜浓度溶液中。与对照组相比，实验组中加入物质W，其余条件相同且适宜，测得红树根尖细胞对M的吸收速率和氧气浓度的关系如图所示。下列有关叙述正确的是（）A.物质M是脂溶性物质B.实验组的根尖细胞中不能合成ATPC.物质W可能是有氧呼吸抑制剂D.氧气浓度为d时，增加M的浓度，M的吸收速率会增大【答案】17.AB18.C【解析】【分析】物质从低浓度一侧运输到高浓度一侧，需要载体蛋白的协助，同时消耗能量，这种方式叫主动运输。物质从高浓度到低浓度，需要转运蛋白协助，不消耗能量，是协助扩散。物质从高浓度到低浓度，直接穿过细胞膜，是自由扩散。【17题详解】由于主动运输和易化扩散需要转运蛋白的协助，所以红树植物细胞膜上存在硝酸盐转动蛋白吸收高浓度NO3-，则可能是主动运输或易化扩散，AB符合题意。故选AB。【18题详解】A、对照组，氧气浓度小于c时，M的吸收速率与氧气浓度呈正相关，说明根尖细胞吸收M的方式是主动运输，脂溶性物质以自由扩散的方式进入细胞，A错误；BC、由于根尖细胞以主动运输方式吸收M，加入W后实验组仍能吸收M但吸收速率与O2浓度无关，说明有氧呼吸被抑制，仅由无氧呼吸提供ATP，即实验组的根尖细胞中能合成ATP，物质W可能是有氧呼吸抑制剂，B错误，C正确；D、M通过主动运输进入细胞，过程中需要载体蛋白，氧气浓度为d时，载体数量为限制其吸收速率的因素，故增加M浓度，M的吸收速率不会增大，D错误。故选C。19.下列关于酶的叙述，不正确的是（）A.酶与无机催化剂的作用原理相同B.酶可以被水解为氨基酸或核糖核苷酸C.酶在细胞内外都能发挥催化作用D.酶应在最适温度和pH下保存【答案】D【解析】【分析】酶是由活细胞产生的具有催化作用的有机物，绝大多数酶是蛋白质，极少数酶是RNA。酶的特性：高效性、专一性和作用条件温和。影响酶活性的因素主要是温度和pH,在最适温度(pH)前，随着温度(pH)的升高，酶活性增强；到达最适温度（pH)时，酶活性最强；超过最适温度(pH)后，随着温度（ρH)的升高，酶活性降低。另外低温下酶不会变性失活，但高温、pH过高或过低都会使酶变性失活。【详解】A、酶是由活细胞产生的具有催化作用的有机物，酶与无机催化剂的作用原理相同，都降低化学反应的活化能，A正确；B、绝大多数酶是蛋白质，极少数酶是RNA，可以被水解为氨基酸或核糖核苷酸，B正确；C、酶是由活细胞产生的具有催化作用的有机物，酶在细胞内外、生物体内外都能发挥催化作用，C正确；D、酶应在低温和最适pH下保存，最适温度时，酶活性最强，pH过高或过低都会使酶变性失活，D错误。故选D。20.如图曲线b表示在最适温度、最适pH条件下，反应物浓度与酶促反应速率的关系。据图分析正确的是（）A.酶量是限制曲线AB段酶促反应速率的主要因素B.酶量减少后，图示酶促反应速率可用曲线a表示C.c表示升高温度后，图示酶促反应速率可用曲线D.减小pH，重复该实验，A、B点位置都不变【答案】B【解析】【分析】题干中提出“曲线b表示在最适温度、最适pH条件下”进行的，因此此时的酶活性最强，改变温度或pH都会降低酶的活性，使曲线下降。图中可以看出，在曲线AB段反应速率与反应物浓度呈正相关，因此反应物浓度是限制曲线AB段反应速率的主要因素，但是在B点时反应速率不再增加，此时的限制因素为酶的数量。【详解】A、AB段，随着反应物浓度的升高，反应速率逐渐加快，说明限制曲线AB段反应速率的主要因素是反应物浓度，A错误；B、酶浓度能影响酶促反应速率，酶量减少后，酶促反应速率会降低，其反应速率可用曲线a表示，B正确；C、曲线b表示在最适温度条件下，反应物浓度与酶促反应速率的关系。若升高温度，会导致酶活性降低，使酶促反应速率减慢，因此不能用曲线c表示，C错误；D、曲线b表示在最适pH条件下，反应物浓度与酶促反应速率的关系。若减小pH，会导致酶活性降低，使酶促反应速率减慢，因此A、B点位置都会下移，D错误。故选B。（二）非选择题部分（本大题共4小题，共40分）21.下图是生物体内4类有机物的组成关系图，回答下列问题：（1）b结构的多样性决定其功能的多样性，如作为结构物质、还具有运输、________、调控等生理功能。（2）两个氨基酸发生脱水缩合反应产物是________。（3）人体摄入的d中，________过多可能会引发心脑血管疾病。（4）新型冠状病毒的遗传物质是e，e与DNA在组成上的区别为：e中特有________和核糖。（5）在人体血糖低于正常时，c中的________便会分解补充。【答案】（1）催化、免疫、识别、信息交流（2）二肽、水（3）胆固醇（4）尿嘧啶（U）（5）肝糖原（糖原）【解析】【分析】1、组成细胞的有机物分为糖类、脂质、蛋白质、核酸四种，根据是否能发生水解和水解后生成的单糖的数量分为单糖、二糖、和多糖；2、糖类包括单糖（葡萄糖），二糖（麦芽糖、果糖和乳糖），多糖（糖原、淀粉、纤维素），糖原是动物细胞内的储能物质，淀粉是植物细胞内的储能物质，纤维素构成植物细胞壁，不提供能量也不是储能物质；3、脂质包括脂肪、类脂和固醇，蛋白质的基本组成单位是氨基酸，核酸分为DNA和RNA。4、由图可知：d是脂肪、磷脂和固醇，b是蛋白质；c是多糖；a是糖类，e是RNA。【小问1详解】b为蛋白质，b结构的多样性决定其功能的多样性，如作为结构物质、还具有运输、催化、免疫、调控等生理功能。【小问2详解】两个氨基酸发生脱水缩合形成二肽，同时脱去一分子水。【小问3详解】人体摄入的d中胆固醇过多可能会引发血管疾病。【小问4详解】新型冠状病毒的遗传物质是e，e为RNA，与DNA相比，RNA中特有的是尿嘧啶和核糖，DNA中特有的是胸腺嘧啶和脱氧核糖。【小问5详解】在人体低血糖时，c多糖中的肝糖原会及时分解补充血糖。【点睛】本题主要考查组成细胞的各种化合物的相关知识，意在考查考生的识记情况和对知识的运用情况。22.研究发现，细胞可以通过回收机制使细胞器的驻留蛋白质返回到正常驻留部位。驻留在内质网的可溶性蛋白（内质网驻留蛋白）的羧基端有一段特殊的氨基酸序列称为KDEL序列，如果该蛋白被意外包装进入COPⅡ膜泡，就会从内质网逃逸到高尔基体。高尔基体顺面膜囊区的KDEL受体会识别并结合KDEL序列，形成COPⅠ膜泡将他们回收到内质网。据图回答：（1）图中的内质网等细胞器膜、细胞膜和________共同构成生物膜系统。（2）图中的细胞器并非漂浮于细胞质中，而是存在于支持它们的网架结构上，该结构被称为________，具维持细胞特有形态和细胞内部结构的有序性等功能。（3）据图分析，该过程能识别与结合KDEL信号序列的受体可存在于COPⅠ、COPⅡ和________上。（4）据图分析，附着在内质网上的核糖体合成的蛋白质有________、________和分泌蛋白、内质网驻留蛋白。（5）膜蛋白中的某些氨基酸能够被一定波长的光激发而发出荧光，当胆固醇与这些氨基酸结合，会使荧光强度降低。为研究膜蛋白与胆固醇的结合位点是位于肽段1还是肽段2，设计实验检测不同肽段的荧光强度变化，结果如图。据图分析，膜蛋白与胆固醇的结合位点是位于________。【答案】（1）核膜（2）细胞骨架（3）高尔基体的顺面膜囊（高尔基体）（4）①.溶酶体蛋白②.膜蛋白（5）肽段1【解析】【分析】题图分析，该过程是核糖体上的蛋白质在内质网加工后形成囊泡运输到高尔基体加工后分类转运，该过程利用生物膜的流动性，也就是分泌蛋白的合成，题目中有驻留蛋白的返回，是对分泌蛋白合成的迁移运用。【小问1详解】生物膜系统包含细胞膜、细胞器膜和核膜。【小问2详解】细胞骨架是可以支持细胞器的网架结构，可以维持细胞特有形态和细胞内部结构的有序性，与细胞分裂、分化、运动等均有关系。【小问3详解】据图可知，结合KDEL信号序列受体蛋白在高尔基体顺面膜囊、COPⅡ、COPⅠ上均有，从图中看到，高pH的时候，KDEL序列在内质网中大量分散分布，低pH时，高尔基体中的KDEL和受体蛋白结合。【小问4详解】据图可知，附着在内质网上的核糖体合成的蛋白质有膜蛋白、分泌蛋白、溶酶体蛋白、内质网驻留蛋白。【小问5详解】根据图分析，肽段1在350nm波长光下激发出荧光，加入胆固醇后，荧光强度迅速降低，说明肽段1和胆固醇结合，而肽段2加入胆固醇后荧光强度基本没发生变化，说明没有和胆固醇结合，因此膜蛋白与胆固醇的结合位点位于肽段1中。23.如图甲表示细胞膜结构，其中A、B、C、D、E、F表示物质，a、b、c、d表示物质跨膜运输方式。图乙表示保卫细胞细胞的原生质体（去除细胞壁的植物细胞称为原生质体）。已知主动运输消耗的能量可来自ATP或离子电化学梯度。请据图回答：（1）在探索细胞质膜结构历程中，图甲是辛格和尼科尔森提出的________模型，其基本支架是________，与细胞识别有密切关系的物质是________（填字母），据此可以判断________（填“α侧”或“β侧”）为细胞外。（2）如图乙所示，保卫细胞细胞膜上存在H+-ATP酶，H+-ATP酶既作为一种转运H+的________蛋白，也能催化ATP水解，利用其水解释放的能量将H+泵出细胞外，该运输方式可用图甲________（填字母）表示。通过该过程会导致细胞外的pH________（填“升高”或“不变”或“降低”）。K+通过主动转运进入保卫细胞，其能量来自________。【答案】（1）①.流动镶嵌②.B（脂双层或磷脂双分子层）③.D④.α侧（2）①.载体（或转运）②.d③.降低④.离子电化学梯度【解析】【分析】分析图甲：a为主动运输，b为自由扩散，c为自由扩散，d为主动运输；B为磷脂双分子层，D为糖蛋白；图乙：蓝光促进H+—ATP水解酶将H+运出保卫细胞，在膜两侧形成H+电化学梯度（浓度梯度），有利于K+进入保卫细胞。【小问1详解】在探索细胞质膜结构历程中，图甲是辛格和尼科尔森提出的流动镶嵌模型，磷脂双分子层（B）构成细胞膜的基本支架，蛋白质镶、嵌、贯穿