（讲评用卷）2024年河南省新乡二模·物理

物理试卷第页（共页）2024年河南省新乡二模·物理满分:70考试时间:60分钟一．填空题（本题共6小题，每空1分，共14分）1.人类对物质结构的认识是不断进步的，汤姆孙在1897年发现______，认识到_______是可分的，在地球上以探索清洁能源为目的的“中国环流器二号M”被称为“人造太阳”，它主要是让氢原子核在超高温下发生_______（选填“裂变”或“聚变”），从而获得巨大核能的研究装置.1.电子

原子

聚变【解析】汤姆孙发现了电子，认识到原子是可分的；“人造太阳”主要是让氢原子核在超高温下发生聚变，从而获得巨大核能.2.如图是我国首位花样滑冰世界冠军获得者陈露的比赛现场照片，运动员在滑行过程中，冰面上会留下刻痕，这表明力可以使物体_______，比赛中，在运动员腾空跃起到最高点的过程中，重力势能_______（选填“增大”“减小”或“不变”）.2.发生形变

增大【解析】运动员在滑行过程中，冰面在力的作用下有了刻痕，形状发生了变化，说明力可以使物体发生形变；比赛中，在运动员腾空跃起到最高点的过程中，运动员的质量不变，高度增加，因此重力势能增大.3.在2024年春节联欢晚会上，歌曲《上春山》的歌词“山上儿童放纸鸢，山下游人纷纷追画船”描绘出大家喜迎春日的生动画面，优美的歌声是由演唱者声带_______产生的，以地面为参照物，游人是_______（选填“静止”或“运动”）的.3.振动

运动【解析】声音是由物体振动产生的，优美的歌声是由演唱者声带振动产生的；以地面为参照物，游人的相对位置发生改变，是运动的.4.超市购物时常常发现塑料薄膜购物袋口紧贴在一起，较难打开，将购物袋口在衣服上摩擦几下就容易打开了，是因为摩擦后袋口带_____（选填“同种”或“异种”）电荷，购物袋口和衣服摩擦后容易打开的原理与验电器的工作原理______（选填“相同”或“不同”）.4.同种

相同【解析】他将塑料袋在衣服上摩擦几下，由于摩擦生电而使塑料袋带上同种电荷，根据同种电荷相互排斥的原理可知，塑料袋的袋口就很容易打开了；验电器是根据同种电荷相互排斥的原理来检验物体是否带电的，与购物袋口和衣服摩擦后容易打开的原理相同.5.如图所示电路中，a、b、c分别是三只电表（电压表或电流表），R1＝20

Ω，R2＝10Ω，电源电压恒为6V，闭合开关S，当电表a、b为电流表，c为电压表时，电表b的示数为_____；当电表a、b为电压表，c为电流表，R2消耗的电功率为______.5.0.9A

0.4W【解析】闭合开关S，当电表a、b为电流表，c为电压表时，R1、R2并联，电流表a测量R2支路的电流，电流表b测量干路电流；并联电路中各支路两端的电压相等，则U1＝U2＝U＝6V，通过R1支路的电流

I1=U1R1=6

V20

Ω=0.3

A，通过R2支路的电流

I2=U2R2=6

V10

Ω=0.6

A，电流表b测量干路电流，示数为I＝I1+I2＝0.3A+0.6A＝0.9A；当电表a、b为电压表，c为电流表，R1、R2串联，电压表a测量电源电压，电压表b测量R2两端的电压；电路中的总电阻R＝R1+R2＝20Ω+10Ω＝30Ω，此时电路中的电流

I′=UR=6.如图甲为“会跳的卡片”，A为卡片外侧，B为卡片内侧，实验时应把___（选填“A”或“B”）面朝下紧贴桌面，压平后松手，卡片会跳起来.如图乙、丙是用橡皮筋和相同的卡片制成的，且剪开豁口的深度也是相同的，实验时分别将它们在桌面上压平之后松开手，小明认为乙卡片一定弹跳得更高一些，你______（选填“赞成”或“不赞成”）他的观点，理由是_______________________________________.6.B

赞成

乙卡片橡皮筋弹性形变的程度更大一些，其弹性势能更大一些，所以它能够转化的动能更多，跳的更高【解析】由图中可知要利用橡皮筋的弹性势能，只有把橡皮筋拉开才会有弹性势能，所以要把卡片B面按平后放在水平面上然后松开，松开后，橡皮筋的弹性势能转化为纸片的动能，所以卡片能跳起来；由于弹性势能的大小与物体发生弹性形变的程度有关，乙卡片橡皮筋弹性形变的程度更大一些，其弹性势能更大一些，所以它能够转化的动能更多，跳的更高.二．选择题（本题共8小题，每小题2分，共16分.第7~12题每小题只有一个选项符合题目要求；第13~14题每小题有两个选项符合题目要求，全部选对得2分，选对但不全的得1分，有错选的得0分）7.哈尔滨冰雪旅游爆红，对下面的场景解释正确的是（）A.图甲将滚烫的水泼向空中，立刻“泼水成冰”，这是热水周围的水蒸气液化成了小液滴B.图乙游客沿冰雪大世界的大滑梯滑下来，运动状态发生了改变C.图丙在亚布力滑雪场滑雪，穿滑雪板后压力变大，压强增大D.图丁雪乡国家森林公园雪期长达7个月，雪花飞舞说明分子在不停地做无规则运动7.B【解析】泼水变成冰，涉及到两种物态变化，物质从液态变成固态，是凝固过程，从气态变成固态是凝华过程，A错误；游客沿冰雪大世界的大滑梯滑下来，运动方向发生改变，所以运动状态发生了改变，B正确；滑雪板较宽是为了在压力一定时，通过增大受力面积来减小对地面的压强，C错误；分子是不能直接用肉眼看到的，所以分子的无规则运动只能间接判断，雪花飞舞属于机械运动，不能说明分子的无规则运动，D错误.故选B.8.随着城市亮化工程的建设，处处皆文化的西安城已经晋升为“灯光耀眼思长安”的网红城市.以下光现象描述正确的是（）A．图甲是老城根的音乐喷泉，被照亮的七彩拱形水柱是光源B．图乙是古城墙和护城河，古城墙在水中的倒影是光的反射形成的实像C．图丙是西南城角灯光秀，城墙因为发出红光所以看起来是红色D．图丁是摄影师延时拍摄的钟楼夜景，要想拍的像变大应将照相机镜头往前伸8.D【解析】被照亮的七彩拱形水柱自身不能发光，所以不是光源，A错误；古城墙在水中的倒影属于平面镜成像，是由于光的反射形成的虚像，B错误；城墙吸收其他色光，反射红光，所以看起来是红色的，C错误；根据凸透镜的成像规律可知，要想拍的像变大，则应使物距变小，像距变大，应将照相机靠近物体以减小物距，同时照相机的镜头稍微向前伸以增大像距.D正确.故选D.9.如图所示，2023年3月11日下午，“探索一号”科考船搭载着“奋斗者”号载人潜水器，圆满完成国际首次环大洋洲载人深潜科考任务，标志着“奋斗者”号载人潜水器运维体系走向成熟、稳定.若海水密度保持不变，下列说法正确的是（）A．“奋斗者”号在上浮过程中，所受浮力变大B．“奋斗者”号在下潜过程中，所受海水压强不变C．“奋斗者”号在下潜过程中，排开海水的质量逐渐变大D．“奋斗者”号在水下一定深度作业时，所受浮力等于其排开海水的重力9.D【解析】“奋斗者”号在上浮过程中，在露出水面之前，排开的海水的体积不变，海水的密度不变，根据阿基米德原理F浮＝ρ液gV排可知，受到的浮力不变；在露出水面的过程中，排开的海水的体积变小，海水的密度不变，根据阿基米德原理F浮＝ρ液gV排可知，受到的浮力变小，A错误；潜水器在下潜的过程中，深度增加，由p＝ρ液gh可知，潜艇受到海水的压强变大，B错误；潜水器浸没海水中后继续下潜的过程中，排开海水的体积不变，海水密度不变，根据m＝ρV可知，排开海水的质量不变，C错误；“奋斗者”号在水下一定深度作业时，根据阿基米德原理可知，所受浮力等于其排开海水的重力，D正确.故选D.10.我国自主研发的C919大型客机，如图所示，于2023年5月28日圆满完成首次商业航班飞行.下列说法正确的是（）A．飞机是利用机翼下方的气体流速大、压强小的原理获得升力B．起飞前，飞机在跑道上加速滑行是由于飞机具有惯性C．飞机减速降落时，飞机所受的合力方向竖直向下D．飞机起飞后，斜向上匀速飞行时，飞机受到的力相互平衡10.D【解析】机翼是利用上表面气体流速大，压强小的原理获得升力的，A错误；起飞前，飞机在跑道上加速滑行时，受到的合力向前才加速的，不是由于惯性，B错误；飞机减速降落时，飞机所受的合力方向竖直向上，C错误；飞机起飞后，斜向上匀速飞行时，处于平衡状态，受到的力相互平衡，D正确.故选D.11.两个用同一种材料制成且完全相同的密闭圆台形容器一正一反放置在同一水平桌面上，容器内装有质量和深度均相同的液体，如图所示，若它们分别在水平方向拉力F1和F2的作用下沿桌面做匀速直线运动，速度分别为v和2v.容器底部受到液体的压强分别为p1和p2.下列关系正确的是（）A．p1＝p2，F1＝F2 B．p1＞p2，F1＜F2C．p1＝p2，F1＞F2 D．p1＞p2，F1＝F211.D【解析】容器内装有质量和深度均相同的液体，由图可知两液体的体积关系为V1＜V2，根据ρ

=mV可知，ρ1＞ρ2，由p＝ρ液gh可知，p1＞p2；由题可知两容器的质量相同，装有液体的质量相同，则它们的总重力相等，它们对水平桌面的压力相等，又容器材料相同（接触面的粗糙程度相同），所以两容器受到摩擦力的大小相等；因为在水平方向拉力F1和F2的作用下容器沿桌面做匀速直线运动，所以拉力与摩擦力平衡，则F1＝F2＝f.由上分析可知，A、B、C错误，D正确.故12.如图所示，是某建筑工地使用的一种起重机的滑轮组.一次提升货物A的质量为m，t时间内货物A被匀速提升了h，动滑轮的重力为G，（不计起重机钢绳重和一切摩擦）下列分析正确的是（）A．拉力F的功率为Gℎt B．钢绳自由端的移动速度为C．此过程做的额外功为mgh D．钢绳的拉力大小为2mgh12.B【解析】A的重力GA＝mg，不计起重机钢绳重和切摩擦，钢绳的拉力F＝(GA+G)=12×(mg+G)，拉力做的总功W总＝Fs＝F×2h=12×(mg+G)×2h＝(mg+G)h，拉力F的功率P=W总t=(mg+G)ℎt，A、D错误；物体上升的速度v=ℎt，由图可知，2段绳子承担物重，钢绳自由端的移动速度v绳＝2v=2ℎt，B正确；有用功W有用＝GAh＝mgh，此过程做的额外功W额外＝13.用简洁直观的图示描述物理现象、规律是物理学习和研究的重要手段，图示描述不正确的有（）A．图甲是发电机的原理图B．图乙L为拉力F1的力臂C．图丙中，装置闭合开关、将滑片从右端移到中点时，弹簧长度变短D．图丁为符合安全用电要求的家用电路图13.BD【解析】闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中产生感应电流，这种现象叫做电磁感应现象，是发电机的原理，A正确，不符合题意；动力臂是支点到动力作用线的距离，L不是拉力F1的力臂，B错误，符合题意；根据安培定则可知，螺线管的上部是S极，同名磁极相互排斥；闭合开关将滑片P从右端移到中点时，电阻变小，电路的总电阻变小，由欧姆定律可知，在总电压一定时，电路中的电流变大，通电螺线管的磁性增强，排斥力变大，弹簧长度变短，C正确，不符合题意；家庭电路中，火线接开关，灯泡接零线，接法正确，符合安全用电要求；三孔插座的第三个孔接地，其他两个孔火线和零线接反，接法错误，不符合安全用电要求，D错误，符合题意.故选BD.14.如图所示为某台灯调光电路的原理图，电源电压U为6V并保持不变，滑动变阻器规格为“20Ω

1A”.闭合开关S，当滑片P置于最左端时，灯泡正常发光，电流表示数为0.6A；当滑片P移至中点时，电流表示数为0.4A.则下列说法中正确的是（）A．电路消耗的最小功率为1.2WB．1min内电流通过灯泡所做的功为48JC．当滑片P向左移动过程中，电压表与电流表示数之比会增大D．利用该原理图和图中所给器材可探究电流与电压的关系14.BC【解析】由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电流表测电路中的电流，电压表测灯泡两端的电压.闭合开关S，当滑片P置于最左端时，滑动变阻器接入电路中的阻值为零，灯泡正常工作，此时灯泡的电阻为

RL=UIL=6

V0.6

A=10

Ω，当滑片P移至中点时，滑动变阻器的阻值

RP中=12RP=12×20

Ω=10

Ω，电流表示数为0.4A，电路中的总电阻为

R=UI′=6

V0.4

A=15

Ω，灯泡的电阻为RL'＝R﹣RP中＝15Ω﹣10Ω＝5Ω，当滑动变阻器阻值增大，灯泡电阻阻值减小，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大为20Ω时，电路中的电流最小，此时电路消耗的总功率最小，则电路消耗的最小功率

P最小=U2R总=(6

V)2RL+20

Ω＞(6

V)210

Ω+20

Ω=1.2

W，A错误；当滑片P移至中点时，滑动变阻器两端的电压为UP中＝I'RP中＝0.4A×10Ω＝4V，由串联电路的电压规律可得，灯泡两端电压为UL＝U三．作图题（本题共2小题，每小题2分，共4分）15.图中的晾晒架挂衣服时可视为杠杆，当挂较重的衣物时，为使晾晒架A点受到的支撑力最小，请在B、C、D中选择一点，作出该点受到的拉力F1和A点受到的支持力F2.15.如答图所示【解析】当挂较重的衣物时，为了使晾晒架A点受到的支持力最小，动力臂和阻力一定时，阻力臂越小，动力越小；故应选择离支点最近的B施加阻力F1；支架对A的支持力F2垂直于墙壁向右，具体如答图所示.16.小明将两个大小相同的红、蓝环粘在一起形成“8”字.手拿红环将蓝环竖直放入水中，使蓝环刚好浸没，从水面上方C点可以观察到红环的“倒影”和蓝环的像并不完全重合，如图甲所示.请在乙图中作出：（1）红环最上端A点在水中的像A'点；（2）B'点为蓝环最下端B点的像，请完成从C点看到B点的光路.16.如答图所示【解析】（1）作A关于平面镜的对称点A'，即为像，两个大小相同的红、蓝环粘在一起，也是真实B的位置；（2）连接看到的B（即B'）与C即为折射光的位置，与水面相交点为入射点，A'到入射点为入射光线，具体如答图所示.四．实验探究题（本题共3小题，第17题5分，第18题5分，第19题8分，共18分）17.小华为探究“运动与力的关系”，设计了如图的斜面实验．让同一小车滑到接触面分别为毛巾、棉布和木板的水平面上，观察小车在水平面上滑行的距离.（1）实验时应让小车从同一斜面的______静止下滑；使小车滑到水平面时的______相同；（2）比较甲、乙、丙三次实验，发现阻力越小，小车滑行的距离就越远，说明小车运动的速度改变得越______（选填“快”或“慢”）；（3）牛顿在伽利略等人的研究成果上概括出了牛顿第一定律．该定律______.（填序号）

A．能用实验直接验证

B．不能用实验直接验证，所以不能确定这个定律是否正确

C．是在大量经验事实的基础上，通过进一步的推理概括得出的（4）小华继续思考如下问题：如图丁所示摆球从A点由静止释放摆到右侧最高点C时，如果摆球所受的力忽然全部消失，则摆球将______.（选填“保持静止”“斜向上做匀速直线运动”或“竖直下落”）17.（1）同一高度

速度

（2）慢

（3）C

（4）保持静止【解析】（1）实验时应让小车从同一斜面的同一高度静止下滑，这是为了使小车滑到水平面时的速度相同；（2）实验现象表明，阻力越小，小车滑行的距离越远，说明小车运动速度改变得越慢；（3）牛顿在伽利略等人的研究成果上概括出了牛顿第一定律，该定律是在大量经验事实的基础上，通过进一步的推理概括得出的，不能用实验直接验证，但它却是正确的，故选C；（4）如图乙所示摆球从A点由静止释放摆到右侧最高点C时，速度为0，如果摆球所受的力忽然全部消失，根据牛顿第一定律，则摆球将保持静止.18.如图甲是小明探究平面镜成像特点的实验装置.（1）小明点燃蜡烛A，移动镜后完全相同的蜡烛B，使它与A的像完全重合，确定像的位置.小明透过玻璃板看到镜后的蜡烛B是光的_______（选填“反射”或“折射”）而形成的像；（2）如图乙，放在“烛焰”上的手指不会被烧痛，这是因为平面镜成____（选填“实”或“虚”）像；（3）实验后小明用凸透镜替换了玻璃板，将蜡烛B换成白纸（如图丙），白纸上没看到烛焰的像，他把凸透镜向蜡烛移动一定距离后，白纸上出现了明亮清晰的像，这个像应该是倒立、______（选填“放大”或“缩小”）的实像；（4）若在凸透镜前加一个近视眼镜，为了得到清晰的像应将光屏_____（选填“靠近”或“远离”）凸透镜；（5）小明在实验室发现一个破损的凸透镜，他就用橡皮泥把遗失的部分补上（如图丁）.小明如果用这个补好的凸透镜做上述的实验，则在光屏上会出现______（选填“残缺”或“完整”）的实像.18.（1）折射

（2）虚

（3）放大

（4）远离

（5）完整【解析】（1）光线通过透明玻璃板是从一种介质斜射入另一种介质会发生折射，所以透过玻璃板看到蜡烛B，实际是光的折射形成的虚像；（2）根据平面镜成像特点可知，平面镜所成的像是虚像，玻璃板另一侧没有蜡烛，所以不会烧痛；（3）由平面镜成像特点可知，此时物距等于像距；当小明用凸透镜替换了玻璃板，并把凸透镜向蜡烛移动一定距离后，此时物距小于像距，由凸透镜成像规律可知，此时成倒立放大的实像；（4）在蜡烛和透镜之间放一个近视眼镜，近视眼镜是凹透镜，凹透镜对光线具有发散作用，使像推迟会聚，为了在光屏上再次得到清晰的像，应将光屏远离凸透镜；（5）用橡皮泥把遗失的部分补上后，仍然是一个凸透镜，虽然橡皮泥代替凸透镜的一部分，但其他部分经凸透镜折射后，照样能会聚成完整的像，像的大小不发生变化，折射光线减少，会聚成的像变暗.19.小高同学利用如图甲所示电路测定小灯泡的功率.被测小灯泡的额定电压为2.5V，电阻约为10Ω.实验室有如下器材：电源（电压为6V）、电流表（0～0.6A、0～3A）、电压表（0～3V、0～15V）、开关各一个，导线若干，滑动变阻器两只：R1（20

Ω

0.5

A）、R2（50

Ω

0.5

A）.（1）在小高所连接的电路中，有一根导线还没有连接好，请你帮他完成电路的连接（要求：滑动变阻器滑片向左移动，灯泡亮度变暗；其他的导线不要变动，导线不能交叉）；（2）实验前在检查仪器时，发现电流表指针如图乙所示，则接下来的操作是____________.连接电路闭合开关后，发现无论怎样移动滑动变阻器滑片，灯泡都不亮，电压表和电流表有较小示数，则可能是___________________（选填“小灯泡短路”“小灯泡断路”或“滑动变阻器接成两下接线柱”）；（3）在正确连接电路后，闭合开关，改变滑动变阻器的阻值，多次测量，小高画出了小灯泡中电流随其两端电压变化的关系图像（如图丙），则小灯泡的额定功率为_____W.在多次测量中，小高还发现：当电压表的示数增大时，电流表与电压表的示数之比_______（选填“变大”“变小”或“不变”）；（4）灯泡的功率测量完毕，小高用5Ω、10Ω、15Ω、20Ω、25Ω的定值电阻更换电路中的灯泡（其余仪器不变），探究电流跟电阻的关系，得到如图丁所示的电流I随电阻R变化的图像，则小高应选用滑动变阻器_____（选填“R1”或“R2”）.若某次实验中滑动变阻器连入的阻值为21Ω，则所选定值电阻的阻值为_____Ω；（5）小坤同学用另外一套仪器在探究电流跟电阻的关系时，保持了滑动变阻器滑片位置不变，只在R处换接上不同阻值的定值电阻，实验多次得出下面的数据记录表格.经过仔细分析，他有了新的发现：可以将电流表改成直接读出电阻值的欧姆表，请你帮他说出0.15A处应该刻成_____Ω.次数1234电阻R/Ω51520电流I/A0.500.300.250.1519.（1）如答图所示

（2）对电流表调零

滑动变阻器接成两下接线柱

（3）0.625

变小

（4）R215

（5）40【解析】（1）在测量小灯泡的功率时，需将滑动变阻器与小灯泡串联，电压表测小灯泡两端的电压，电流表测电路中的电流，变阻器的接线柱应一上一下接入电路中，当滑动变阻器滑片向左移动，灯泡亮度变暗，说明此时电路中的电流变小，而电源电压保持不变，据欧姆定律知，电路中的总电阻变大，变阻器接入电路的阻值变大，所以变阻器下端的接线柱接在右侧，具体如答图所示；（2）实验前在检查仪器时，发现电流表指针如图乙所示，指针没有指在零刻度线处，则应对电流表进行调零.连接电路闭合开关后，发现无论怎样移动滑动变阻器的滑片，灯泡都不亮，电压表和电流表有较小示数，说明电路为通路但无法改变电阻，则可能是滑动变阻器接成两下接线柱；（3）如图丙，灯泡电压为2.5V时，电流为0.25A，则小灯泡的额定功率为P＝UI＝2.5V×0.25A＝0.625W，由图丙可知，当电压表的示数增大时，电流增速越来越慢，所以电流表与电压表的示数之比变小.；（4）由图丁可知，当R＝25Ω时，电流为0.1A，此时电路总电阻为

R总=UI=6

V0.1

A=60

Ω，则此时滑动变阻器的阻值为R滑＝R总﹣R＝60Ω﹣25Ω＝35Ω，所以应选用滑动变阻器R2.实验中定值电阻的电压为UV＝IR＝0.5

A×5

Ω＝0.1

A×25

Ω＝2.5

V，若某次实验中滑动变阻器连入电路中的阻值为21Ω，根据串联分压原理则有

R21Ω=2.5

V6

V−2.5

V，解得R＝15Ω，即所选定值电阻的阻值为15Ω；（5）由表格数据可知，当R＝5Ω时，电流为0.5A，则电源电压U＝0.5

A×（5

Ω+R滑）①，当R＝15Ω时，电流为0.3A，则电源电压U＝0.3

A×（15

Ω+R滑）②，联立①②，解得R滑＝10Ω，电源电压U＝7.5V.则电流为0.15A五．综合应用题（本题共2小题，第20题9分，第21题9分，共18分）20.如图所示是我国新一代99式主战坦克，该坦克使用涡轮增压大功率柴油机，行驶时的最大速度为72km/h，坦克自重50t．履带与地面的总接触面积为4m2.据此回答下列问题.（1）坦克的履带很宽是通过增大受力面积来______（选填“减小”或“增大”）压强的；坦克使用的柴油机上使用的是_______（选填“火花塞”或“喷油嘴”）.（2）99式坦克静止在水平路面上时对路面的压强大小？（3）若坦克以最大速度行驶1h消耗柴油200kg，柴油机的热机效率为30%，则坦克在行驶过程中牵引力的功率为多少？（柴油的热值为

q柴油=（4）