（讲评用卷）2022年河南预测卷自测卷(六)·物理

物理试卷第页（共页）2022年河南预测卷自测卷(六)·物理满分:70分考试时间:60分钟一､填空题(本题共6小题,每空1分,共14分)1.我们在学习中知道,比热容是反映物质吸放热能力强弱的物理量,这样的例子很多,例如：____________是反映____________________的物理量．1.压强

物体压力作用效果(速度物体运动快慢)2.用小锤敲击音叉,将正在发声的音叉轻触系在细绳上的乒乓球,发现乒乓球被弹开,如图所示,说明声音是由物体________产生的；小明想用此装置来探究响度和振幅的关系,请你简述他的操作方法

.2.振动用小锤轻敲和重敲音叉时，观察乒乓球被弹开的幅度【解析】乒乓球被弹开，说明声音是由物体振动产生的；探究响度和振幅的关系，应用小锤轻敲和重敲音叉时，观察乒乓球被弹开的幅度．3.如图所示,在冰壶比赛中,会看到队员在用冰刷刷冰面,使得冰面________出现薄薄的一层水,可以让冰壶运动得更远；小明通过查询资料得知北京冬奥会采用新技术打造“最美的冰”,该技术是将液态二氧化碳打入地板管道,二氧化碳迅速__________吸热,使地板温度骤降,在地板上洒水即可冻成冰面；压缩机再将管道排出的二氧化碳压缩__________(以上三空均填物态变化名称)循环使用,排出的余热用于融冰池融冰等．3.熔化汽化液化【解析】队员用冰刷刷冰面，是通过做功的方式增加冰面的内能，使冰面熔化成水；液态的二氧化碳汽化吸热变为二氧化碳气体，使地板降温，同时排出的二氧化碳气体再通过压缩机重新液化为二氧化碳液体，实现循环利用．4.为了准备2022年中考体育加试,某校体育教师将引体向上项目制成如图所示的分解动作图,小明按照动作在30秒内做了10个引体向上,每次身体的重心上升的高度为0.5m,已知他的质量为60kg,小明在这次测试中的功率至少为________W,他在上升过程中,重力势能将________(选填“增大”“减小”或“不变”)．4.100增大【解析】做10个引体向上所做的功W＝10×Gh＝10×mgh＝10×60kg×10N/kg×0.5m＝3000J，所用时间t＝30s，做功的功率：P＝Wt＝3000J30s＝100W；在上升过程中，小明的质量不5.

如图所示电路中,电源电压恒为9V,滑动变阻器的最大阻值R1＝6Ω,定值电阻R2＝3Ω,当开关S闭合,滑动变阻器的滑片在最右端时,电流表示数为________A,电压表的示数为________V；滑片从最右端移到R1的中点时,此时电流表的示数________(选填“变大”“变小”或“不变”)．5.

13不变【解析】

由图可知，电路为R1和R2的串联电路，滑动变阻器的阻值全部接入电路中，当开关闭合后，电路电流为I＝UR1＋R2＝9V6Ω＋3Ω＝1

A，滑动变阻器的滑片在最右端时，电压表测的是电阻R2两端的电压，电压表示数U2＝IR2＝1

A×3

Ω＝3

V；滑片从最右端移到R1的中点时，电6.如图所示,弹簧测力计下挂有一个重力大小为G的磁铁,磁铁下方有一个带有铁芯的螺线管,螺线管两端导线与金属导轨ab､cd相连,两个金属导轨处在垂直于纸面向里的磁场中,金属铜棒ef平放在导轨上．使铜棒ef向右滑动时,弹簧测力计的示数增大,当ef向左滑动时,弹簧测力计的示数__________(选填“大于”“小于”或“等于”)G,你的判断理由是

.6.小于最初示数变大说明磁铁与螺线管相互吸引，由此可知螺线管上方是N极，当铜棒运动方向改变时，螺线管中电流方向改变，螺线管上端变为S极，同名磁极相互排斥，对磁铁进行受力分析可知，此时磁铁受向上的斥力与拉力的合力，还受向下的重力，二力平衡，故弹簧测力计示数小于G.二､选择题(本题共8小题,每小题2分,共16分．第7～12题每小题只有一个选项符合题目要求；第13～14题每小题有两个选项符合题目要求,全部选对得2分,选对但不全的得1分,有错选的得0分)7.2021年10月16日6时56分,“神舟十三号”载人飞船与“天和”核心舱实现了自主快速交会对接．飞船向地面传输数据是利用()A.

红外线 B.

电磁波 C.

超声波 D.

X射线7.B【解析】飞船和地面传输数据利用的是电磁波．8.中国科技馆有一个实验装置,如图所示,它的核心部分是两个塑料球,两球之间有一定的距离,当吹风口向两球之间的空隙吹气时,两个塑料球会向中间靠近,出现“球吸”现象．下列图所示的现象中,可以用“球吸”现象的原理来解释的是()A.

甲图,用吸管从玻璃杯吸汽水

B.

乙图,吸盘挂钩被压在光滑的墙面上C.

丙图,口吹硬币跳跃木块D.

丁图,塑料管里的水不会流出来8.C【解析】气流从两只球中间的缝隙通过时，由于中间空气流速快、压强小，两侧空气流速慢、压强大，会发现两只小球向中间靠拢，是流体的压强与流速的关系，用吸管从汽水瓶里吸汽水时，先把吸管内的部分空气吸走，管内的气压小于外界大气压，汽水在大气压的作用下被压入吸管，上升到嘴里，所以使汽水上升到嘴里的力是大气的压力，A不符合题意；吸盘挂钩被压在光滑的墙上时，排出吸盘和墙之间的空气，吸盘在大气压力的作用下被压在墙上，B不符合题意；口吹硬币时，硬币上方空气流速大，压强小，硬币会越过木块，是流体压强与流速的关系原理，C符合题意；纸外受到向上的大气压的作用，纸内受到管中水产生的压强的作用，大气压的作用力大于水对纸片的作用力，所以水和纸被大气压托着，不会下落，利用了大气压，D不符合题意．故选C.9.为了保护广大儿童的安全,“儿童安全插座”走入我们的视线,如图所示,“儿童安全插座”具有保护门双层互锁,当两极孔插入时,三孔依然处于封闭状态,能有效地防止触电事故的发生．关于“儿童安全插座”下列说法正确的是()A.

“儿童安全插座”没有与火线相连B.

“儿童安全插座”白色保护门属于导体C.

儿童触碰到“儿童安全插座”的白色保护门不会触电D.

若“儿童安全插座”发生短路,家庭电路中的其他电器仍能正常工作9.C【解析】“儿童安全插座”在插头插入后能使用电器正常工作，说明其与火线相连，A错误；白色保护门是由塑料制成的，属于绝缘体，B错误；儿童触碰到“儿童安全插座”的白色保护门，保护门双层互锁，电路不会连通，C正确；若“儿童安全插座”发生短路，则电源短路，家庭电路中的其它用电器不能正常工作，D错误．故选C.10.中国短道速滑队堪称中国冰雪运动的“梦之队”,10月22日,在世界杯北京站中又创造世界纪录．如图所示,下列关于短道速滑的说法中错误的是()A.运动员在滑行过程中相对于看台上的观众是运动的B.运动员冲过终点后不能立即停止滑行,是因为运动员具有惯性C.运动员用力蹬冰面就会向前运动,说明力是维持物体运动的原因D.把冰刀磨得很锋利,是为了增大压强10.C【解析】以看台上的观众为参照物，运动员与看台上的观众相对位置发生了变化，所以是运动的，A正确，不符合题意；冲过终点后运动员由于具有惯性继续向前运动，不能立即停止滑行，B正确，不符合题意；运动员用力蹬冰面，对冰面有一个向后的力，因为物体间力的作用是相互的，冰面对运动员有一个向前的力，运动员就会向前运动，说明力是改变物体运动状态的原因，C错误，符合题意；把冰刀磨得很锋利，是压力一定时通过减小受力面积来增大压强，D正确，不符合题意．故选C.11.生活中有很多关于“光现象”的诗句,下列关于“光现象”的诗句与光现象形成原因的对应关系正确的是()A.

池水映明月——光的折射

B.

日影化为虹——光的直线传播C.

掬水月在手——光的反射D.

起舞弄清影——光的色散11.C【解析】池水映明月，是光的反射现象，A错误；日影化为虹，是指雨过天晴时，常在天空出现彩虹，这是太阳光通过悬浮在空气中细小的水珠折射而成的，B错误；掬水月在手——“水中月”是平面镜成像，是由光的反射形成的，是光的反射现象，C正确；起舞弄清影，影子的形成说明光是沿直线传播的，由于光在同种均匀介质中沿直线传播，被物体挡住后，在物体后面就会呈现出阴影区域，就是影子，D错误．故选C.12.关于能源､信息和材料,下列说法正确的是()A.

风能､水能､核能都是可再生能源B.

我国自主研发的芯片由超导材料制成C.

我国研制的“华龙一号”核电技术利用了核聚变原理D.

光纤通信是激光借助光的反射原理来传递信息的12.D【解析】风能、水能能够源源不断地从自然界获得，是可再生能源；核能短时间内从自然界得不到补充，属于不可再生能源，A错误；麒麟芯片由半导体材料制成，B错误；我国研制的“华龙一号”核电技术利用了核裂变原理，C错误；光纤通信是利用激光在光导纤维中发生反射来传递信息的，D正确．故选D.13.如图所示,快递小哥为了把较重的货物装入运输车,用同样的器材设计了甲､乙两种方式提升货物,若把同一货物匀速提升到同一高度,忽略绳重和摩擦,下列分析正确的是()A.

甲､乙两图拉力F甲>F乙B.

甲､乙两图做的有用功W有用甲＝W有用乙C.

甲､乙两图的机械效率η甲>η乙D.

甲､乙两图做的总功W总甲>W总乙13.BC【解析】甲图中都是定滑轮，不省力也不费力，乙图一定一动组成滑轮组，省力费距离，甲、乙两图中的拉力，F甲＝G物，F乙＝12(G物＋G动)，因不知货物重和动滑轮重的关系，无法比较，A错误；由题知，物体上升高度相同，货物相同，做的有用功相同，W有用甲＝W有用乙，B正确；

乙方式做的额外功大于甲方式，即有用功相同、总功不相同，W总甲<W总乙，根据η＝W有W总×100%可知，两个滑轮组的机械效率不相等，η甲＝W有用甲W总甲×100%，η乙＝W有用乙W有用14.如图甲所示电路,R为磁敏电阻,其阻值随磁感应强度变化规律如图乙所示,R0是定值电阻,闭合开关S,下列说法正确的是()A.磁敏电阻阻值随磁感应强度增大而增大B.R0有保护电路的作用C.磁感应强度增加时,R0消耗的电功率将增大D.磁感应强度降低时,电压表与电流表示数的比值会变小14.BC【解析】由图乙可知，磁场强度增大时R的阻值变小，A错误；当磁场强度过高时，磁敏电阻R的阻值过小，电路中的电流过大，会烧坏电流表和电源，所以串联一个R0具有保护电路的作用，B正确；磁场强度增大时R的阻值变小，电路总电阻减小，电路中电流增大，通过R0的电流增大，根据P＝I2R可知，定值电阻R0消耗的电功率增大，C正确；电压表与电流表示数的比值等于R的阻值，磁场强度降低时，磁敏电阻R阻值增大，则该比值变大，D错误．故选BC.三､作图题(本题共2小题,每小题2分,共4分)15.小明发现平时家里喝水所用的饮水机中隐含着简单的杠杆结构,如图所示是小明家饮水机的出水龙头,请在图中画出向下按动水龙头时,能使其出水的最小力及其力臂．15.如答图所示【解析】由图可知，出水龙头应绕金属轴转动，其按动处端点到金属轴处的动力臂最长，做出力臂，并作出与其相垂直的动力F.具体如答图所示．16.如图所示,电磁铁的N极已经标出,请标出小磁针静止时的N极及磁感线的方向．16.如答图所示【解析】由图可知，通电螺线管的左端为N极，根据异名磁极相互吸引，同名磁极相互排斥，则小磁针静止时的，右端为S极，左端为N极．因为在磁体外部，磁感线总是从N极出发，回到S极，所以磁感线的方向是指向右的，具体如答图所示．四､实验探究题(本题共3小题,第17题4分,第18题6分,第19题9分,共19分)17.小明用如图所示器材来“探究凸透镜成像规律”,凸透镜固定在光具座上50cm刻度线处,光屏和蜡烛分别位于凸透镜两侧,已知凸透镜的焦距为10cm.(1)实验前,应调节______､凸透镜､光屏的中心大致在同一高度；(2)将蜡烛移至光具座上35cm刻度线处,移动光屏,直到烛焰在光屏上成清晰的像,则该像是倒立､________的像．(3)将蜡烛从光具座上35cm刻度线处向15cm刻度线处移动时,若要让烛焰在光屏上能再次成清晰的像,光屏应________(选填“远离”或“靠近”)透镜,如何通过移动光屏来找到烛焰清晰的像,小明的操作应是

.17.(1)烛焰(2)放大(3)靠近

当光屏移动到某位置时，向左向右移动光屏像都会变模糊，光屏在这个位置承接的像就是最清晰的像【解析】(1)实验前，应调节蜡烛的烛焰、凸透镜、光屏的中心在同一高度，目的是让像成在光屏的中央，便于观察；(2)由图可知，透镜在50cm处，焦距为10cm，当蜡烛在35cm处，此时物距位于一倍和二倍焦距之间，光屏上成倒立、放大的实像；(3)将蜡烛从光具座上35cm向15cm移动时，即相当于物距逐渐增大，若要再次成清晰的像，像距应减小，则应将光屏向靠近透镜的方向移动；要找到清晰的像，应该再次向左或向右移动光屏时，像都变模糊，则光屏在这个位置承接的像就是最清晰的像．18.某实验小组做探究“杠杆的平衡条件”实验．(1)实验开始前,杠杆如图甲所示．此时,应将杠杆右端的平衡螺母向________(选填“左”或“右”)调节,直至杠杆在________位置平衡．(2)如图乙所示,杠杆上的刻度均匀,在A点挂2个钩码,要使杠杆在水平位置平衡,应在B点挂________个相同的钩码．当杠杆平衡后,将A､B两点下方所挂的钩码同时远离支点一格,则杠杆的________(选填“左”或“右”)端将下降．(3)某同学通过多次实验得到以下实验数据：他按现有方案得出如下结论：“动力×支点到动力作用点的距离＝阻力×支点到阻力作用点的距离”,这个结论与杠杆平衡条件不符,原因是实验过程中______(填字母)测量序号动力F1/N支点到动力作用点的距离L2/cm阻力F2/N支点到阻力作用点的距离L2/cm①120210②2151.520③35115

A.

没有改变力的大小

B.

没有改变力的方向

C.

没有改变力的作用点

D.

实验次数较少,结论具有偶然性(4)有同学提出：若支点不在杠杆的中点时,杠杆的平衡条件是否仍然成立呢？他利用如图丙所示的实验装置进行研究,发现在杠杆左端用弹簧测力计竖直向上拉,使杠杆处于平衡状态时,得出的结论都与杠杆平衡条件不相符,其原因是

.18.(1)右水平(2)4右(3)B(4)没有考虑杠杆自身重力对杠杆平衡的影响【解析】(1)实验开始前，由图甲可知杠杆右端偏高，应将杠杆右端的平衡螺母向右调节，直至杠杆在水平位置平衡；(2)杠杆A点处挂2个砝码，设每个砝码重力为G，杠杆一格长度为L，根据杠杆的平衡条件FALA＝FBLB可得，2G×4L＝FB×2L，解得FB＝4G，需挂4个钩码；根据杠杆的平衡条件可知，若将A、B两点下方挂的钩码同时朝远离支点O方向移动一小格，则左侧2G×5L≠4G×3L，化简得10GL＜

12GL，所以杠杆右端下沉；(3)“动力×支点到动力作用点的距离＝阻力×支点到阻力作用点的距离”，是在杠杆在水平位置平衡且动力和阻力的方向都是竖直向下的条件下得出的，也就是实验过程中没有改变动力或阻力的方向，故选B；(4)若支点不在杠杆的中点时，得出的结论与杠杆平衡条件不相符，是因为没有考虑杠杆自身重力对杠杆平衡的影响．19.小明同学利用四个定值电阻(5Ω､10Ω､15Ω､20Ω)､滑动变阻器､电压为4.5V的电源､电流表､电压表､导线和开关等器材,进行“探究电流与电压､电阻关系”的实验．(1)根据如图甲所示的电路图,将图乙的实物图连接完整．(2)闭合开关S后,移动滑片P时发现电压表无示数,电流表有示数且随滑动变阻器移动而变化,则电路故障可能是定值电阻Rx发生了________(选填“断路”或“短路”)．(3)排除故障后,小明选择10

Ω的定值电阻进行实验,闭合开关,调节滑动变阻器滑片到适当位置,电流表示数如图丙所示,此时电压表示数应为________V,然后小明就得出：“电阻一定时,电流与电压成正比”的结论．这一过程所存在的问题是______________________．(4)接着小明在探究电流与电阻的关系时测得的四组数据如下表所示,由于操作不当,导致表中第________次实验的数据出现错误,出错的原因是______________________________________；小明移动滑片多次实验,分析得出：当电压一定时，导体中的电流与导体的电阻成_______比.实验次数电阻R/Ω电流I/A150.402100.203150.164200.10(5)请根据上述数据计算出小明实验中滑动变阻器连入电路的阻值范围是__________Ω.19.(1)如答图所示

(2)短路(3)2

只测一组数据无法得出普遍结论

(4)3

没有控制定值电阻Rx两端的电压保持2V不变

反(5)6.25～25【解析】(1)由图甲知，电压表测定制电阻的电压，滑片P向左移动时滑动变阻器连入电路的电阻变小，故滑动变阻器左下接线柱连入电路中与定值电阻串联，如答图所示；(2)闭合开关后，电流表有示数且不断变化，说明电路为通路，且滑动变阻器没有故障，电压表示数为零，说明与电压表并联的电阻Rx短路；(3)调节滑片到适当位置，电流表示数如图丙，电流表选用小量程，分度值为0.02A，电流为0.20A，由欧姆定律得，此时电压表示数U＝IR＝0.20A×10Ω＝2V；小明就得出“电阻一定时，电流与电压成正比”的结论，这一过程所存在的问题是：只测一组数据无法得出普遍结论；(4)探究电流与电阻的关系时，要控制定值电阻两端的电压不变，由表格数据可知，定值电阻两端电压UV＝IR＝0.40A×5Ω＝0.20A×10Ω＝0.10A×20Ω＝2V≠0.16A×15Ω＝2.4V，故第3次实验的数据存在错误，错误原因是：没有控制定值电阻Rx两端的电压保持不变；分析实验数据可知，电流与电阻的乘积为一个定值，可以得出结论：当电压一定时，导体中的电流与导体的电阻成反比；(5)因定值电阻两端电压为2V，所以滑动变阻器两端的电压为4.5V－2V＝2.5V，由欧姆定律可知，当电路中电流为0.10A时滑动变阻器接入的阻值最大：R最大＝U滑I最小＝2.5

V0.10

A＝25Ω；当电路电流为0.4A时滑动变阻器接入的阻值最小：R最小＝U滑I最大＝2.5

V0.40

A五､综合应用题(本题共2小题,第20题8分,第21题9分,共17分)20.2021年7月1日,自动驾驶巴士网约车“小宇2.0”在郑东新区正式上线．如图所示是一款新能源无人驾驶“小宇2.0”,空车质量为6×103kg,它依靠激光雷达､摄像头以及5G网络等设备来实现自动驾驶．(1)当空车沿上坡路段匀速行驶时,汽车的动能________,机械能________．(均选填“变大”“变小”或“不变”)(2)空车停在水平路面上时,轮胎与地面的总接触面积为500cm2,则该车静止在水平地面上时对地面的压强是多少？(g取10N/kg)(3)燃烧3kg的氢燃料可以使“小宇2.0”的以140kW的恒定功率匀速行驶30min,则“小宇2.0”的效率是多少？(q氢＝1.4×108

J/kg)20.(1)不变变大(2)空车对水平路面的压力等于其自身的重力，即F＝G＝mg＝6×103

kg×10

N/kg＝6×104

N

空车对水平路面的压强：p＝FS＝6×104(3)氢燃料完全燃烧放出的热量为：Q放＝q氢m氢＝1.4×108

J/kg×3

kg＝4.2×108

J

“小宇2.0”做的功：W＝Pt＝140×103

W×30×60

s＝2.52×108

J

“小宇2.0”的效率：η＝WQ放×100%＝2.52×【解析】当空车沿上坡路匀速行驶时，汽车速度不变，质量不变，动能不变，高度上升，重力势能变大，机械能变大．21.小明在乘飞机时了解到,经济舱乘客的免费托运行李限重20kg,而商务舱乘客允许携带更重的免费托运行李,小明设计的模拟飞机行李重力检测报警装置,其工作原理如图所示．小明在杠杆上设有两个行李托盘,OP是支点为O的水平杠杆,A､B是杠杆上的两个承重点,定值电阻R0＝6Ω,电源电压U＝15V,