2024-2025学年江苏省镇江市高一上学期9月学情调研生物试题（解析版）

高级中学名校试卷PAGEPAGE1江苏省镇江市2024~2025学年高一上学期9月学情调研（满分：100分考试时间：75分钟）一、单项选择题：本部分包括14题，每题3分，共计42分。每题只有一个选项最符合题意。1.如图所示，一分子的胰岛素原切去C肽（图中箭头表示切点）后，可转变成由A、B两条肽链构成的有活性的胰岛素（图中数字表示氨基酸序号）。下列说法正确的是（）A.胰岛素分子具有50个肽键，合成它的过程中共脱去50分子水B.胰岛素分子至少含有一个游离的氨基和一个游离的羧基C.胰岛素合成过程中脱去的水中的氢来自羧基和R基D.切去C肽不需要破坏二硫键【答案】D【分析】胰岛素分子是由条肽链组成的，一条肽链最少含有一个游离的氨基和一个游离的羧基，所以胰岛素分子至少含有两个游离的氨基和两个游离的羧基。两个氨基酸脱水缩合形成二肽，脱去的水分子中的氢来自氨基和羧基。对胰岛素原进行加工，需要破坏肽键。【详解】A、胰岛素分子共两条肽链，含51个氨基酸，则具有51-2=49(个)肽键，合成过程中脱去49分子水，A错误；B、胰岛素分子含有2条肽链，至少含有2个游离的氨基和2个游离的羧基，B错误；C、胰岛素合成时脱去的水中的氢来自羧基和氨基，C错误；D、由题图可知，切去C肽需要破坏肽键，不需要破坏二硫键，D正确。故选D。2.“非典型性肺炎”的病原体（SARS病毒）是—种冠状病毒，结构如图所示。下列有关该病毒的叙述，错误的是（）A.病毒的主要成分是蛋白质和核酸B.将SARS病毒的遗传物质初步水解可以得到四种产物C.由于病毒无以核膜为界限的细胞核，所以病毒为原核生物D.SARS病毒的生活方式是寄生【答案】C【分析】病毒一般由蛋白质和核酸构成，具有完整的结构，营寄生生活，通过侵染宿主进行增殖，进入宿主细胞后具有遗传和变异的特征，离开活细胞后不再进行生命活动。【详解】A、分析题图并结合病毒的结构可知，病毒的主要成分是蛋白质和核酸等，A正确；B、由题图可知SARS病毒的遗传物质是RNA，RNA初步水解可以得到四种核糖核苷酸，B正确；C、病毒没有细胞结构，不是原核生物，也不是真核生物，C错误；D、病毒没有细胞结构，不能独立完成各项生命活动，故需要寄生在活细胞中，D正确。故选C。3.科研人员将某油料作物种子置于条件适宜的环境中培养，定期检测种子萌发过程中（含幼苗）的脂肪含量和干重，结果如图所示。下列叙述错误的是（）A.脂肪转化为糖类可导致ab段种子干重增加B.导致ab段种子干重增加的元素主要是氧C.小麦种子萌发时种子干重的变化趋势与图中不一致D.c点后，幼苗开始进行光合作用【答案】D【分析】由图分析可知，油料作物种子萌发初期脂肪转变为糖类，糖类与脂肪相比，含有较多的O元素，从而使有机物的总量增加，导致ab段种子干重增加的主要元素是O；糖类经过呼吸作用，氧化分解，释放能量，导致种子干重减少，c点种子干重再次增加，说明光合速率大于呼吸速率。【详解】A、由分析可知，种子萌发初期，脂肪转化为糖类可导致ab段种子干重增加，A正确；B、种子萌发过程中（含幼苗）的脂肪会转变成糖类，脂肪含量减少，糖类与脂肪相比含有较多的O原子，所以有机物含量增加，因此导致ab段种子干重增加的主要元素是O，B正确；C、小麦种子主要含有淀粉，种子萌发过程中，由于细胞呼吸，有机物氧化分解导致种子干重下降，变化趋势与图中不一致，C正确；D、幼苗可以进行光合作用，当光合作用强度大于呼吸作用强度时，有机物开始积累，所以c点幼苗光合作用强度大于呼吸作用强度，种子干重增加，幼苗开始进行光合作用应该在c点之前，D错误。故选D。4.谷胱甘肽（GSH）几乎存在于人体每一个细胞中，主要起到抗氧化和自由基清除的作用。下图是谷胱甘肽的结构，有关叙述正确的是（）A.谷胱甘肽分子中含有4个羧基和3个氨基B.谷胱甘肽不能在碱性环境下与Cu2+发生显色反应C.谷胱甘肽是由三个氨基酸通过脱水缩合形成的三肽D.谷胱甘肽和其它多肽主要差别是空间结构不同【答案】C【分析】由题图分析可知：（1）谷胱甘肽分子中含有2个羧基和1个氨基（2）谷胱甘肽分子含有2个肽键，是由3个不同种类的氨基酸脱水缩合而形成的三肽。【详解】A、由题图分析可知，谷胱甘肽分子中含有2个羧基（-COOH）和1个氨基（-NH2），A错误；B、由题图分析可知，谷胱甘肽分子含有2个肽键，是可以与双缩脲试剂反应，产生紫色颜色反应，故谷胱甘肽能在碱性环境下与Cu2+发生显色反应，B错误；C、由题图分析可知，谷胱甘肽分子含有2个肽键，是由3个氨基酸脱水缩合而形成的三肽，C正确；D、由题图分析可知，谷胱甘肽和其它多肽主要差别是氨基酸的数目、种类和排列顺序不同，D错误；故选C。5.二硫键“-S-S-”是蛋白质中连接两条肽链的一种化学键。下图是由280个氨基酸组成的某蛋白质的结构图，对其叙述正确的是（）A.该蛋白质至少有2个游离的羧基B.形成该蛋白质的过程中脱去了277个水分子C.该蛋白质至少有280个游离氨基D.该蛋白质的功能由氨基酸的数目、种类、排列顺序三方面决定【答案】A【分析】氨基酸先通过互相结合的方式进行连接：一个氨基酸分子的羧基和另一个氨基酸分子的氨基相连接，同时脱去一分子水，以此类推，多个氨基酸缩合形成多肽，肽链盘曲、折叠，形成具有一定空间结构的蛋白质分子。【详解】AC、链状肽链末端有一个游离氨基，因此该蛋白质至少有2个游离氨基和

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个游离的羧基，A正确，C错误；B、该蛋白质含有280个氨基酸，形成该蛋白质的过程中脱去了280－2=278个水分子，B错误；D、该蛋白质的功能由氨基酸的数目、种类、排列顺序以及肽链盘曲折叠形成的空间结构决定，D错误。故选A。6.下列关于元素和无机盐与人体健康的叙述，正确的是（）A.晒干的种子中不含水，代谢活动很低，便于储存B.水生植物抗旱能力差，其原因之一是自由水的相对含量较高C.同一种植物，萌发种子的含水量比休眠种子的低D.叶绿素只含C，H，O，Mg、血红蛋白只含C，H，O，N，Fe【答案】B【分析】细胞内的水的存在形式是自由水和结合水，结合水是细胞结构的重要组成成分；自由水是良好的溶剂，是许多化学反应的介质，自由水还参与许多化学反应，自由水对于营养物质和代谢废物的运输具有重要作用；自由水与结合水不是一成不变的，可以相互转化，自由水与结合水的比值越高，细胞代谢越旺盛，抗逆性越低，反之亦然。细胞中无机盐的作用：①细胞中某些复杂化合物的重要组成成分，如亚铁离子是血红蛋白的主要成分、镁离子是叶绿素的必要成分；②维持细胞的生命活动，如钙离子可调节肌肉收缩和血液凝固，血钙过高会造成肌无力，血钙过低会引起抽搐；③维持细胞的酸碱平衡和细胞的形态。【详解】A、晒干的种子中含有的结合水比例上升，并不是不含水，其代谢活动很低，便于储存，A错误；B、水生植物抗旱能力差，其原因之一是自由水的相对含量较高，B正确；C、同一种植物，萌发的种子需要吸收水分，故其含水量比休眠的种子要高，C错误；D、叶绿素含有C、H、O、N、Mg，血红蛋白含C、H、O、N、Fe，D错误。故选B。7.下列关于糖类和脂质的说法，正确的是（）A.肝细胞中糖原和葡萄糖的转化一般是单向进行的B.五碳糖和六碳糖都属于多糖，不能和斐林试剂反应呈现砖红色C.相同质量的糖类和脂肪氧化分解时后者耗氧多、生成的水多、释放的能量多D.组成糖类和脂肪的元素相同。两者之间可以相互转化，糖类和蛋白质之间则不能发生转化【答案】C【分析】糖类经过转氨基作用可形成氨基酸，氨基酸通过脱氨基作用形成含N部分和不含N部分，不含N的部分转化成糖类，葡萄糖和脂肪可相互转化。【详解】A、正常人体当血糖浓度较高时，在胰岛素的作用下，促进组织细胞摄取、利用葡萄糖，肝糖原的合成加速，加快葡萄糖转化为脂肪、蛋白质等非糖物质；当血糖浓度较低时在胰高血糖素和肾上腺素的作用下，肝糖原分解为葡萄糖进入血液，非糖物质转化为葡萄糖加速，在生物体内，肝细胞中糖原与葡萄糖的转化可以双向进行，A错误；B、五碳糖和六碳糖都属于单糖，都是还原糖，能和斐林试剂反应，在水浴加热的条件下呈现砖红色，B错误；C、脂肪中氢与氧的比例大于糖类，因此脂肪氧化分解时消耗的氧气多，释放的能量也多，C正确；D、糖类可以转变为非必需氨基酸，进而转变为某些蛋白质，D错误。故选C。8.蛋白水解酶分内切酶和外切酶2种，外切酶专门作用于肽链末端的肽键，内切酶则作用于肽链内部特定区域。若某蛋白内切酶作用于苯丙氨酸(C9H11NO2)两侧的肽键，某四十九肽经该内切酶作用后的情况如下图，下列叙述正确的是（）A.形成短肽A、B、C共消耗2分子水B.短肽A、B、C比四十九肽的氧原子数少1个C.该四十九肽苯丙氨酸存在于第17、31、32号位上D.若用蛋白外切酶处理该多肽，最终会得到49个氨基酸【答案】BCD【分析】构成蛋白质的基本单位是氨基酸，每种氨基酸分子至少都含有一个氨基和一个羧基，且都有一个氨基和一个羧基连接在同一个碳原子上，这个碳原子还连接一个氢和一个R基，氨基酸的不同在于R基的不同。氨基酸通过脱水缩合形成多肽链，而脱水缩合是指一个氨基酸分子的羧基（-COOH）和另一个氨基酸分子的氨基（-NH2）相连接，同时脱出一分子水的过程。分析题图：题图是某四十九肽经内切酶和外切酶作用后的情况，其中内切酶作用于苯丙氨酸（C9H11NO2）两侧的肽键，经内切酶处理该多肽后，形成1-16、18-30、33-49三个片段，说明第17、31和32号为苯丙氨酸。【详解】A、短肽A、B、C的形成过程中共去掉3个苯丙氨酸（C9H11NO2），这需要断裂5个肽键，消耗5个水分子，A错误；B、由以上分析知，短肽A、B、C的形成过程中共去掉第17、31和32位苯丙氨酸（C9H11NO2）3个，此过程共需要断裂5个肽键（分别位于16和17号、17和18号、30和31号、31位和32号、32位和33号）、消耗5个水分子，每个苯丙氨酸含有2个氧原子、每个水分子含有1个氧原子，所以短肽A、B、C比该四十九肽的氧原子数少2×3-5=1个，B正确；C、题图是某四十九肽经内切酶和外切酶作用后的情况，其中内切酶作用于苯丙氨酸（C9H11NO2）两侧的肽键，经内切酶处理该多肽后，形成1-16、18-30、33-49三个片段，说明第17、31和32号为苯丙氨酸，C正确；D、外切酶专门作用于肽链末端的肽键，若该四十九肽用蛋白外切酶处理，可得到49个氨基酸，D正确。故选BCD。9.在还原糖、脂肪、蛋白质的鉴定实验中，对实验材料的选择，下列叙述正确的是（）A.检测蛋白质时，双缩脲试剂的两种溶液需要临时等量混匀使用B.甘蔗茎和甜菜块根都含有较多糖且近于白色，因此可用于还原糖的鉴定C.检测花生种子中的油脂时，子叶切片经苏丹Ⅲ染色后，需用清水反复冲洗D.常用梨、苹果等组织样液作为检测植物组织内还原糖的实验材料【答案】D【分析】生物组织中化合物的鉴定：（1）斐林试剂可用于鉴定还原糖，在水浴加热的条件下，溶液的颜色变化为砖红色（沉淀）。斐林试剂只能检验生物组织中还原糖（如葡萄糖、麦芽糖、果糖）存在与否，而不能鉴定非还原性糖（如淀粉）。（2）蛋白质可与双缩脲试剂产生紫色反应。（3）脂肪可用苏丹Ⅲ染液（或苏丹Ⅳ染液）鉴定，呈橘黄色（或红色）。【详解】A、检测蛋白质时，双缩脲试剂先加A液，摇匀，再加B液摇匀，不需要加热就有颜色反应，A错误；B、甘蔗茎的薄壁组织、甜菜的块根富含蔗糖，而蔗糖是非还原糖，不能用于还原糖的鉴定，B错误；C、检测花生种子中的油脂时，子叶切片经苏丹Ⅲ染色后，需用50%的酒精洗去浮色，C错误；D、梨和苹果组织富含还原糖，其组织样液常用作检测植物组织内还原糖的实验材料，D正确。故选D。10.无机盐对于细胞和生物体的生命活动有重要作用，下列相关叙述错误的是（）A.K+通过主动运输的方式进出细胞B.HCO3-、HPO42-共同维持血浆酸碱平衡C.磷脂、ATP、RNA的合成需要磷酸盐D.长时间剧烈运动会导致血钙浓度下降，引起抽搐【答案】A【分析】无机盐的功能有：a、细胞中某些复杂化合物的重要组成成分；如Fe2+是血红蛋白的主要成分；Mg2+是叶绿素的必要成分。b、维持细胞的生命活动，如Ca2+可调节肌肉收缩和血液凝固，血钙过高会造成肌无力，血钙过低会引起抽搐。c、维持细胞的酸碱度。【详解】A、K+进出细胞的方式主要是主动运输，也有时通过协助扩散运输，A错误；B、HCO3-、H2PO42-等共同维持血浆酸碱平衡，B正确；C、磷脂、ATP、RNA中都有磷酸部分，即磷脂、ATP、RNA的合成需要磷酸盐，C正确；D、Ca2+可调节肌肉收缩和血液凝固，血钙过高会造成肌无力，血钙过低会引起抽搐，若长时间剧烈运动会导致血钙浓度下降，引起抽搐，D正确；故选A。11.科研人员从某生物体内提取出一个核酸分子，经过检测，该分子中鸟嘌呤（G）的数量与胞嘧啶（C）数量不相等，据此分析，下列叙述正确的是（）A.该生物体不具有细胞结构 B.该核酸彻底水解产物中有两种不含氮C.该分子中G与C之间无法形成氢键 D.该生物体内氢键的数量等于碱基的数量【答案】B【分析】细胞中的核酸根据所含五碳糖的不同分为DNA（脱氧核糖核酸）和RNA（核糖核酸）两种，构成DNA与RNA的基本单位分别是脱氧核苷酸和核糖核苷酸，每个脱氧核苷酸分子是由一分子磷酸、一分子五碳糖和一分子含氮碱基形成，每个核糖核苷酸分子是由一分子磷酸、一分子核糖和一分子含氮碱基形成。脱氧核苷酸和核糖核苷酸在组成上的差异有：①五碳糖不同，脱氧核苷酸中的五碳糖是脱氧核糖，核糖核苷酸中的五碳糖是核糖；②碱基不完全相同，脱氧核苷酸中的碱基是A、T、G、C，核糖核苷酸中的碱基是A、U、G、C。细胞生物（包括原核生物和真核生物）的细胞中含有DNA和RNA两种核酸、其中DNA是遗传物质，非细胞生物（病毒）中含有DNA或RNA一种核酸、其遗传物质是DNA或RNA。【详解】A、核酸分子中鸟嘌呤（G）的数量与胞嘧啶（C）数量不相等，说明提取到的分子是单链核酸结构，有可能取自细胞结构，细胞内也含有单链RNA；有可能取自RNA病毒，无细胞结构，A错误；B、该核酸彻底水解产物有含氮碱基、五碳糖和磷酸，其中五碳糖和磷酸不含氮，B正确；C、如果是从细胞内取出的tRNA，分子中部分G与C之间可以形成氢键，C错误；D、生物体内双链核酸中GC之间形成3个氢键，AT之间形成2个氢键，单链核酸中可能不形成氢键，所以无法比较一个生物体内氢键数量和碱基数量关系，D错误。故选B。12.经测定，某条肽链其分子式是C21HxOyN4S2。已知该肽链是由下列氨基酸中的几种为原料合成的，苯丙氨酸（C9H11O2N）、天冬氨酸（C4H7O4N）、丙氨酸（C3H7O2N）、亮氨酸（C6H13O2N）、半胱氨酸（C3H7O2NS）。下列有关该多肽链的叙述错误的是（）A.该肽链是四肽化合物B.水解后能产生3种氨基酸C.氢原子数和氧原子数分别是30和5D.形成时相对分子质量减少了54【答案】C【分析】分析题干信息可知：该化合物是由四个氨基酸脱水缩合形成的，其中含有两个S，因此含有两个半胱氨酸（C3H7O2NS），则可推知该化合物中含有三种氨基酸，分别是苯丙氨酸（C9H11O2N）、亮氨酸（C6H13O2N）、半胱氨酸（C3H7O2NS），由于该化合物是由苯丙氨酸（C9H11O2N）、一个亮氨酸（C6H13O2N）、两个半胱氨酸（C3H7O2NS）形成，因此分子式是C21H32O5N4S2。【详解】A、分析题干信息可知，题干中给出的几种氨基酸都只含有一个N，该化合物分子式是C21HxOyN4S2，含有4个N，因此该多肽是由4个氨基酸脱水缩合形成的四肽，A正确；B、该化合物中含有2个S，因此该多肽中含有2个半胱氨酸，根据该多肽中含有21个C，可以判断，该多肽中还含有一个苯丙氨酸、一个亮氨酸，所以该四肽化合物水解产生的氨基酸是三种，B正确；C、由分析可知：该化合物中H原子数和O原子数分别是32和5，C错误；D、4个氨基酸脱水缩合反应形成了3分子水，相对分子质量减少了54，D正确。故选C。13.某多肽有20个氨基酸，其中天冬氨酸有4个，分别位于5、6、15、20位（如图所示）；肽酶X专门作用于天冬氨酸羧基端的肽键，肽酶Y专门作用于天冬氨酸氨基端的肽键，下列相关叙述正确的是（）A.该20肽含有肽键至少有22个B.该20肽游离的氨基和羧基各为1个和8个C.肽酶X完全作用后产生的多肽共含有氨基酸19个D.肽酶Y完全作用后产生的多肽中氧原子数目比20肽多了4个【答案】C【分析】多肽链形成时，相邻两氨基酸之间的氨基和羧基之间发生脱水缩合，形成一个肽键并失去一分子的水，在此过程中R基（每个天冬氨酸的R基中含1个羧基）不参与反应。【详解】A、某多肽应是一条肽链，根据肽键数目＝氨基酸数目－肽链条数，故20肽含有肽键数目应是20-1＝19个，A错误；B、该20肽含游离的氨基或羧基数目＝肽链条数+R基中含有的氨基或羧基数，则氨基数目至少1个，由于天冬氨酸有4个，天冬氨酸有两个羧基，所以该肽链羧基数目至少4+1=5个，B错误；C、肽酶X专门作用于天冬氨酸羧基端的肽键，完全作用后第6位氨基酸脱离该多肽链，剩下的多肽链中共含有19个氨基酸，C正确；D、肽酶Y专门作用于天冬氨酸氨基端的肽键，肽酶Y完全作用该多肽链后，共断开4个肽键（分别位于第4和5、5和6、14和15、19和20位氨基酸之间），其中的第5位和第20位天冬氨基酸会脱离肽链，每断开一个肽键消耗1分子水而增加1个氧原子，故增加4个氧原子，又因为第5位和第20位天冬氨酸的脱离（每个天冬基酸中含有4个氧原子），共减少8个氧原子，所以肽酶Y完全作用后产生的多肽中，氧原子数目比20肽少8-4=4个，D错误。故选C。14.血管紧张素是由肝脏分泌的前体物质血管紧张素原（一种血清球蛋白）经水解形成的一种多肽类激素。血管紧张素能引起血管收缩，升高血压，用于各种原因的虚脱、休克所引起的低血压症。下列关于血管紧张素的叙述正确的是（）A.血管紧张素是由血管紧张素原在核糖体上形成的B.血管紧张素的形成过程伴随着肽键的断裂C.双缩脲试剂需要在水浴加热条件下才与血管紧张素发生紫色反应D.低血压症患者可通过口服血管紧张素提升血压【答案】B【分析】由题干信息分析可知，血管紧张素原是一种血清球蛋白，属于分泌蛋白，其化学本质是蛋白质；血管紧张素原水解形成血管紧张素，在水解形成血管紧张素时，伴随着肽键的断裂。细胞内分泌蛋白合成的过程最初是在内质网上的核糖体中由氨基酸形成肽链，肽链进入内质网进行加工，形成有一定空间结构的蛋白质。然后由内质网产生的囊泡包裹运输蛋白质离开内质网，到达高尔基体，与高尔基体膜融合。高尔基体对蛋白质进一步的修饰加工，然后又由囊泡包裹蛋白质将其移动到细胞膜，与细胞膜融合，将蛋白质分泌到细胞外。【详解】A、核糖体是蛋白质合成的场所，血管紧张素是由肝脏分泌的前体物质血管紧张素原（一种血清球蛋白）经水解形成的，水解场所不在核糖体上，A错误；B、血管紧张素原水解形成血管紧张素（一种多肽类激素），在水解形成血管紧张素时，伴随着肽键的断裂，B正确；C、由题干信息可知，血管紧张素是一种多肽类激素，能够与双缩脲试剂产生紫色反应，但不需要水浴加热，C错误；D、血管紧张素是一种多肽类激素，口服会使其被水解，会导致丧失活性，因此不能口服，D错误。故选B。二、多项选择题：本部分包括5题，每题5分，共计25分。每题有不止一个选项符合题意。每题全选对者得3分，选对但不全的得1分，错选或不答的得0分。15.如图为由A、B、C三条链共81个氨基酸构成的胰岛素原，需切除C链才能成为有活性的胰岛素，下列相关叙述正确的是（）A.C链的切除需要消耗2分子的水B.胰岛素原中至少含有1个游离的氨基C.参与构成该蛋白质分子的氨基酸共有81个羧基D.有活性的胰岛素分子中含有2条肽链、49个肽键【答案】ABD【分析】构成蛋白质的基本单位是氨基酸，其结构特点是每种氨基酸分子至少都含有一个氨基和一个羧基，并且都有一个氨基和一个羧基连接再同一个碳原子上，这个碳原子还连接一个氢原子和一个侧链基团。氨基酸在核糖体上通过脱水缩合的方式形成多肽，连接两个氨基酸分子的化学键叫做肽键。一个肽链中至少有一个游离的氨基和一个游离的羧基，在肽链内部的R基中可能也有氨基和羧基。【详解】A、由题图可知，C链分别以肽键与A、B链相连（30和31号氨基酸、60和61号氨基酸之间为肽键相连）,C链的切除需要消耗2分子的水，A正确；B、由题图可知，胰岛素原是一条肽链，所以至少含有1个游离的氨基和1个游离的羧基，B正确；C、参与构成该蛋白质分子的氨基酸至少含有81个羧基，若R基中含有羧基，则参与构成该蛋白质分子的氨基酸中羧基数量大于81个，C错误；D、由题图分析可知，有活性的胰岛素分子是由51个氨基酸形成的2条肽链，形成的肽键数是49个，含有3个二硫键，D正确。故选ABD。16.下列关于生物体中糖类的叙述，不正确的是（）A.葡萄糖能与斐林试剂发生紫色反应 B.蔗糖是由两个单糖分子形成的二糖C.肝糖原能为人体细胞直接提供能量 D.纤维素在纤维素酶作用下水解为麦芽糖【答案】ACD【分析】糖类的元素组成只有C、H、O。蛋白质一定含有C、H、O、N元素，可能含有S元素。常见的单糖有葡萄糖、果糖、半乳糖，常见的二糖有蔗糖、麦芽糖、乳糖，常见的多糖有淀粉、纤维素、糖原。还原糖加斐林试剂，水浴加热会出现砖红色沉淀。【详解】A、葡萄糖能与斐林试剂在水浴加热条件下，生成砖红色沉淀，A错误；B、蔗糖是二糖，由一分子葡萄糖和一分子果糖脱水缩合而成，B正确；C、肝糖原是多糖，不能为人体细胞直接提供能量，需要水解为葡萄糖，经有氧呼吸后生成ATP，ATP能为细胞直接提供能量，C错误；D、纤维素在纤维素酶作用下最终水解为葡萄糖，D错误。故选ACD。17.草履虫体内既含DNA又含有RNA。将草履虫体内的遗传物质水解后可以得到（）A.一种五碳糖 B.5种含氮碱基C.4种核苷酸 D.8种核苷酸【答案】AC【分析】核酸的基本组成单位是核苷酸，核苷酸由磷酸、五碳糖和含氮碱基构成。【详解】草履虫的遗传物质是DNA，DNA的基本组成单位是四种脱氧核糖核苷酸，1分子脱氧核糖核苷酸由1分子碱基、1分子脱氧核糖和1分子磷酸组成，因此将草履虫体内的遗传物质水解可以得到1种脱氧核糖（五碳糖）、四种碱基、四种核苷酸。综上分析，AC正确。故选AC。18.生活中生物常识无处不在，下列认识不正确的是（）A.脂类物质都会使人发胖，最好不要摄入B.糖类是主要的能源物质，所以主食应该是富含糖类的粮食制品C.无糖八宝粥不添加蔗糖添加木糖醇，所以不含糖类D.精瘦肉中含量最多的化合物是蛋白质，应该及时补充【答案】ACD【分析】脂类物质包括脂肪、磷脂和固醇，对人体有利；精瘦肉中含量最多的化合物是水；无糖八宝粥不添加蔗糖，但含有淀粉，属于糖类；人体每天需要量最多的是糖类，所以主食应该是粮食制品。详解】A、脂类物质包括脂肪、磷脂和固醇，对人体有利，可适当摄入，A错误，B、人体每天需要量最多的是糖类，所以主食应该是富含糖类的粮食制品，B正确；C、无糖八宝粥不添加蔗糖，但含有淀粉，属于糖类，C错误；D、精瘦肉中含量最多的化合物是水，D错误。故选ACD。19.下图表示细胞中一种常见的水解反应，下列化合物能发生此种反应的有（）A.血红蛋白 B.淀粉 C.RNA D.胆固醇【答案】ABC【分析】1、分析题图可知，该生物大分子水解形成了一种单体。2、单体是能与同种或他种分子聚合的小分子的统称，单体是能起聚合反应或缩聚反应等而成高分子化合物的简单化合物，如蛋白质的单体是氨基酸、多糖的单体是葡萄糖、核酸的单体是核苷酸。【详解】A、血红蛋白是生物大分子水解后可以得到单体—氨基酸，A正确；B、淀粉能在相关酶的作用下能水解成单体——葡萄糖，B正确C、RNA能在相关酶的作用下能水解成单体—核苷酸，C正确；D、胆固醇不属于生物大分子，没有单体，D错误。故选ABC。三、非选择题：本部分包括3题，共计33分，除特别说明外，每空1分。20.如图甲所示的分子结构式为某种核苷酸，已知分子结构式左上角的基团为碱基（腺嘌呤）；图乙是某核苷酸链示意图，据图回答问题：（1）图甲中核苷酸的名称是____________________。（2）DNA初步水解的产物是____________，彻底水解的产物是____________________。（3）由A、G、C、U4种碱基参与构成的核苷酸共有_____种，其中核糖核苷酸有____种。（4）图乙中1、4的名称分别是______、____________。图乙中特有的碱基名称是______。（5）DNA分子具有多样性的原因是________________________________。【答案】（1）腺嘌呤核糖核苷酸（2）①.脱氧核苷酸②.脱氧核糖、磷酸、碱基（3）①.#7##七#②.#4##四#（4）①.脱氧核糖②.胞嘧啶脱氧核苷酸③.胸腺嘧啶（T）（5）脱氧核苷酸（碱基）的排列顺序多种多样【分析】分析图可知，图甲为某核苷酸的结构示意图，该核苷酸含有的五碳糖是核糖，含氮碱基为腺嘌呤，所以该核苷酸为腺嘌呤核糖核苷酸；图乙为某核苷酸链示意图，该核苷酸链中含有碱基T，推测该核苷酸链属于构成DNA的脱氧核苷酸链，其中1为脱氧核糖，2为含氮碱基(胞嘧啶)，3为磷酸，4为胞嘧啶脱氧核苷酸，5为脱氧核苷酸链，据此答题即可。【解析】（1）分析图可知，图甲为某核苷酸的结构示意图，该核苷酸含有的五碳糖是核糖，含氮碱基为腺嘌呤，所以该核苷酸为腺嘌呤核糖核苷酸。（2）DNA初步水解只水解磷酸二酯键，所以产物是4种脱氧核苷酸，彻底水解产物有磷酸、脱氧核糖和4种含氮碱基（A、T、C、G）。（3）由A、G、C、U4种碱基参与构成的核苷酸共有7种，4种核糖核苷酸：腺嘌呤核糖核苷酸、鸟嘌呤核糖核苷酸、胞嘧啶核糖核苷酸、尿嘧啶核糖核苷酸和3种脱氧核苷酸，腺嘌呤脱氧核苷酸、鸟嘌呤脱氧核苷酸、胞嘧啶脱氧核苷酸。（4）图乙为某核苷酸链示意图，该核苷酸链中含有碱基T，推测该核苷酸链属于构成DNA的脱氧核苷酸链，其中1为脱氧核糖，4为胞嘧啶脱氧核苷酸。（5）DNA分子具有多样性的原因是脱氧核苷酸（碱基）的排列顺序多种多样。21.下图表示细胞内某些有机物的元素组成和功能关系，其中A、B代表元素，Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ、Ⅳ是生物大分子，图中X、Y、Z、P分别为构成生物大分子的基本单位。请回答下列问题：

（1）图中A、B分别代表的元素是____________、____________，Ⅱ的中文名称是_____________，Z的名称是____________。（2）构成生物大分子的单体X、Y、Z、P中不具多样性的有____________。（3）V是由_____________和脂肪酸发生反应形成，适合做储能物质的原因是____________原子含量较少，____________原子含量较多：相同质量的V比I所含的能量_____________。【答案】（1）①.P②.N③.脱氧核糖核酸④.核糖核苷酸（2）X（3）①.甘油②.O③.C和H④.多【分析】分析题图：糖类是主要的能源物质，图中Ⅰ主要是多糖，X是葡萄糖；Ⅱ、Ⅲ携带遗传信息，Ⅱ主要分布在细胞核，所以Ⅱ是DNA，Y是脱氧核苷酸，Ⅲ主要分布在细胞质，所以Ⅲ是RNA，Z是核糖核苷酸；Ⅳ承担生命活动，所以Ⅳ是蛋白质，P为氨基酸。Ⅴ是储能物质，为脂肪。【解析】（1）Y和Z能够携带遗传信息，是核酸，IV可以承担生命活动，核酸组成元素为C、H、O、N、P，蛋白质组成元素为C、H、O、N等，故A代表P元素，B代表N元素；Ⅱ主要分布在细胞核中，表示DNA，中文名称是脱氧核糖核酸；Z是组成RNA的基本单位，是核糖核苷酸。（2）图中X代表葡萄糖，没有多样性，Y和Z各有4种，P氨基酸，有21种，后三者都具有多样性。（3）Ⅴ是脂肪，是由甘油和脂肪酸形成的；脂肪和糖类一样，都是由C、H、O三种元素组成的，但与糖类相比脂肪的氧原子含量较少，氢的含量高，所以相同质量的脂肪和糖类氧化分解时，脂肪释放的能量比糖类多，所以脂肪适合做储能物质。22.人们已经通过化学实验证明了细胞膜中含有磷脂分子。现在请你设计一个实验验证细胞膜中含有蛋白质成分。（1）实验课题：________________________________________________。实验目的：利用化学试剂检测细胞膜中的蛋白质。（2）实验原理：___________________________________________________。实验材料：细胞膜样液、稀释蛋清、洁净试管、滴管、双缩脲试剂A液和B液等。（3）实验步骤：第一步：取洁净试管2支，编号为甲、乙。第二步：向甲试管中加入2mL细胞膜样液，向乙试管中加入_______________________。第三步：向甲、乙两试管中各___________________________________________________。第四步：观察甲、乙两试管中的颜色变化。（4）实验现象：甲试管中颜色________，乙试管中颜色________。（5）实验结论：_________________________________________________。（6）假设某蛋白质分子中的一条肽链为91肽，其分子式为CxHyNzOwS（z＞91，w＞92），并且是由下列五种氨基酸组成的：那么将该91肽彻底水解后将会得到________个半胱氨酸，________个赖氨酸，________个天门冬氨酸，________个苯丙氨酸，（结果可含分子式中的未知数）。【答案】（1）验证细胞膜中含有蛋白质成分（2）蛋白质与双缩脲试剂发生作用，产生紫色反应（3）①.2mL稀释的蛋清（或：等量稀释的蛋清）②.加入双缩脲试剂A液1mL，摇匀；再加入双缩脲试剂B液4滴，摇匀（4）①.变为紫色②.变为紫色（5）细胞膜中含有蛋白质成分（6）①.1②.z-91③.（w-92）/2④.（y+180-7z）/4（或：（2x-w-6z+92）/12）【分析】蛋白质与双缩脲试剂发生作用，产生紫色反应（蛋白质分子中含有很多肽键，在碱性NaOH溶液中能与双缩脲试剂中的Cu2+作用，产生紫色反应）。氨基酸形成多肽过程中的相关计算：肽键数=脱去水分子数=氨基酸数一肽链数，游离氨基或羧基数=肽链数+R基中含有的氨基或羧基数，至少含有的游离氨基或羧基数=肽链数，蛋白质的相对分子质量=氨基酸数目×氨基酸平均相对分子质量一脱去水分子数×18。【解析】（1）根据题干信息“设计一个实验验证细胞膜中含有蛋白质成分”可知，本实验的课题是验证细胞膜中含有蛋白质成分。（2）实验原理为蛋白质与双缩脲试剂发生作用，产生紫色反应。（3）实验步骤：第一步：取洁净试管2支，编号为甲、乙。双缩脲试剂使用时，先向2mL稀释的鸡蛋清和待测液中加入A液1mL，摇匀，再分别加入B液4滴，振荡摇匀，观察颜色变化。因此第二步：向甲试管中加入2mL细胞膜样液，向乙试管中加入2mL稀释的蛋清。第三步：向甲、乙两试管中加入双缩脲试剂A液1mL，摇匀；再加入双缩脲试剂B液4滴，摇匀。第四步：观察甲、乙两试管中的颜色变化。（4）该实验是验证细胞膜中含有蛋白质成分，且鸡蛋清中含有蛋白质成分，蛋白质与双缩脲试剂产生紫色反应，故实验现象：甲试管中颜色变为紫色，乙试管中颜色变为紫色。（5）甲、乙实验现象相同，故实验结论：细胞膜中含有蛋白质成分。（6）一条肽链为91肽，说明含有91个氨基酸，90个肽键。只有半胱氨酸含有S，该肽链含有1个S，故半胱氨酸的个数为1个，即该91肽彻底水解后将会得到的半胱氨酸数目为1个。根据五种氨基酸的分子式可知，只有赖氨酸含有2个N原子，根据N原子的数目计算，假设赖氨酸的数目为X，则该蛋白质中的N原子数=氨基酸数+R基中的N原子数，即z=91+X，因此X=z-91，即该91肽彻底水解后将会得到的赖氨酸数目为z-91。由于每个肽键中含1个O，且一个肽链中至少有一个游离的氨基和一个游离的羧基，该蛋白质分子中含90个肽键，只有天门冬氨酸含有4个氧，假设天门冬氨酸含有Y个，则肽链中的氧个数=90+2+2×Y=W，Y=（w-92）/2，即该91肽彻底水解后将会得到的天门冬氨酸个数为（w-92）/2。根据C和N平衡可知，假设丙氨酸为M个，苯丙氨酸为N个，根据C平衡可知3M+4N=x-3-4×（w-92）/2-6×（z-91），根据N平衡可知，M+N=z-1-1×（w-92）/2-2×（z-91），计算可得N=（2x-w-6z+92）/12，即该91肽彻底水解后将会得到的苯丙氨酸个数为（2x-w-6z+92）/12。江苏省镇江市2024~2025学年高一上学期9月学情调研（满分：100分考试时间：75分钟）一、单项选择题：本部分包括14题，每题3分，共计42分。每题只有一个选项最符合题意。1.如图所示，一分子的胰岛素原切去C肽（图中箭头表示切点）后，可转变成由A、B两条肽链构成的有活性的胰岛素（图中数字表示氨基酸序号）。下列说法正确的是（）A.胰岛素分子具有50个肽键，合成它的过程中共脱去50分子水B.胰岛素分子至少含有一个游离的氨基和一个游离的羧基C.胰岛素合成过程中脱去的水中的氢来自羧基和R基D.切去C肽不需要破坏二硫键【答案】D【分析】胰岛素分子是由条肽链组成的，一条肽链最少含有一个游离的氨基和一个游离的羧基，所以胰岛素分子至少含有两个游离的氨基和两个游离的羧基。两个氨基酸脱水缩合形成二肽，脱去的水分子中的氢来自氨基和羧基。对胰岛素原进行加工，需要破坏肽键。【详解】A、胰岛素分子共两条肽链，含51个氨基酸，则具有51-2=49(个)肽键，合成过程中脱去49分子水，A错误；B、胰岛素分子含有2条肽链，至少含有2个游离的氨基和2个游离的羧基，B错误；C、胰岛素合成时脱去的水中的氢来自羧基和氨基，C错误；D、由题图可知，切去C肽需要破坏肽键，不需要破坏二硫键，D正确。故选D。2.“非典型性肺炎”的病原体（SARS病毒）是—种冠状病毒，结构如图所示。下列有关该病毒的叙述，错误的是（）A.病毒的主要成分是蛋白质和核酸B.将SARS病毒的遗传物质初步水解可以得到四种产物C.由于病毒无以核膜为界限的细胞核，所以病毒为原核生物D.SARS病毒的生活方式是寄生【答案】C【分析】病毒一般由蛋白质和核酸构成，具有完整的结构，营寄生生活，通过侵染宿主进行增殖，进入宿主细胞后具有遗传和变异的特征，离开活细胞后不再进行生命活动。【详解】A、分析题图并结合病毒的结构可知，病毒的主要成分是蛋白质和核酸等，A正确；B、由题图可知SARS病毒的遗传物质是RNA，RNA初步水解可以得到四种核糖核苷酸，B正确；C、病毒没有细胞结构，不是原核生物，也不是真核生物，C错误；D、病毒没有细胞结构，不能独立完成各项生命活动，故需要寄生在活细胞中，D正确。故选C。3.科研人员将某油料作物种子置于条件适宜的环境中培养，定期检测种子萌发过程中（含幼苗）的脂肪含量和干重，结果如图所示。下列叙述错误的是（）A.脂肪转化为糖类可导致ab段种子干重增加B.导致ab段种子干重增加的元素主要是氧C.小麦种子萌发时种子干重的变化趋势与图中不一致D.c点后，幼苗开始进行光合作用【答案】D【分析】由图分析可知，油料作物种子萌发初期脂肪转变为糖类，糖类与脂肪相比，含有较多的O元素，从而使有机物的总量增加，导致ab段种子干重增加的主要元素是O；糖类经过呼吸作用，氧化分解，释放能量，导致种子干重减少，c点种子干重再次增加，说明光合速率大于呼吸速率。【详解】A、由分析可知，种子萌发初期，脂肪转化为糖类可导致ab段种子干重增加，A正确；B、种子萌发过程中（含幼苗）的脂肪会转变成糖类，脂肪含量减少，糖类与脂肪相比含有较多的O原子，所以有机物含量增加，因此导致ab段种子干重增加的主要元素是O，B正确；C、小麦种子主要含有淀粉，种子萌发过程中，由于细胞呼吸，有机物氧化分解导致种子干重下降，变化趋势与图中不一致，C正确；D、幼苗可以进行光合作用，当光合作用强度大于呼吸作用强度时，有机物开始积累，所以c点幼苗光合作用强度大于呼吸作用强度，种子干重增加，幼苗开始进行光合作用应该在c点之前，D错误。故选D。4.谷胱甘肽（GSH）几乎存在于人体每一个细胞中，主要起到抗氧化和自由基清除的作用。下图是谷胱甘肽的结构，有关叙述正确的是（）A.谷胱甘肽分子中含有4个羧基和3个氨基B.谷胱甘肽不能在碱性环境下与Cu2+发生显色反应C.谷胱甘肽是由三个氨基酸通过脱水缩合形成的三肽D.谷胱甘肽和其它多肽主要差别是空间结构不同【答案】C【分析】由题图分析可知：（1）谷胱甘肽分子中含有2个羧基和1个氨基（2）谷胱甘肽分子含有2个肽键，是由3个不同种类的氨基酸脱水缩合而形成的三肽。【详解】A、由题图分析可知，谷胱甘肽分子中含有2个羧基（-COOH）和1个氨基（-NH2），A错误；B、由题图分析可知，谷胱甘肽分子含有2个肽键，是可以与双缩脲试剂反应，产生紫色颜色反应，故谷胱甘肽能在碱性环境下与Cu2+发生显色反应，B错误；C、由题图分析可知，谷胱甘肽分子含有2个肽键，是由3个氨基酸脱水缩合而形成的三肽，C正确；D、由题图分析可知，谷胱甘肽和其它多肽主要差别是氨基酸的数目、种类和排列顺序不同，D错误；故选C。5.二硫键“-S-S-”是蛋白质中连接两条肽链的一种化学键。下图是由280个氨基酸组成的某蛋白质的结构图，对其叙述正确的是（）A.该蛋白质至少有2个游离的羧基B.形成该蛋白质的过程中脱去了277个水分子C.该蛋白质至少有280个游离氨基D.该蛋白质的功能由氨基酸的数目、种类、排列顺序三方面决定【答案】A【分析】氨基酸先通过互相结合的方式进行连接：一个氨基酸分子的羧基和另一个氨基酸分子的氨基相连接，同时脱去一分子水，以此类推，多个氨基酸缩合形成多肽，肽链盘曲、折叠，形成具有一定空间结构的蛋白质分子。【详解】AC、链状肽链末端有一个游离氨基，因此该蛋白质至少有2个游离氨基和

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个游离的羧基，A正确，C错误；B、该蛋白质含有280个氨基酸，形成该蛋白质的过程中脱去了280－2=278个水分子，B错误；D、该蛋白质的功能由氨基酸的数目、种类、排列顺序以及肽链盘曲折叠形成的空间结构决定，D错误。故选A。6.下列关于元素和无机盐与人体健康的叙述，正确的是（）A.晒干的种子中不含水，代谢活动很低，便于储存B.水生植物抗旱能力差，其原因之一是自由水的相对含量较高C.同一种植物，萌发种子的含水量比休眠种子的低D.叶绿素只含C，H，O，Mg、血红蛋白只含C，H，O，N，Fe【答案】B【分析】细胞内的水的存在形式是自由水和结合水，结合水是细胞结构的重要组成成分；自由水是良好的溶剂，是许多化学反应的介质，自由水还参与许多化学反应，自由水对于营养物质和代谢废物的运输具有重要作用；自由水与结合水不是一成不变的，可以相互转化，自由水与结合水的比值越高，细胞代谢越旺盛，抗逆性越低，反之亦然。细胞中无机盐的作用：①细胞中某些复杂化合物的重要组成成分，如亚铁离子是血红蛋白的主要成分、镁离子是叶绿素的必要成分；②维持细胞的生命活动，如钙离子可调节肌肉收缩和血液凝固，血钙过高会造成肌无力，血钙过低会引起抽搐；③维持细胞的酸碱平衡和细胞的形态。【详解】A、晒干的种子中含有的结合水比例上升，并不是不含水，其代谢活动很低，便于储存，A错误；B、水生植物抗旱能力差，其原因之一是自由水的相对含量较高，B正确；C、同一种植物，萌发的种子需要吸收水分，故其含水量比休眠的种子要高，C错误；D、叶绿素含有C、H、O、N、Mg，血红蛋白含C、H、O、N、Fe，D错误。故选B。7.下列关于糖类和脂质的说法，正确的是（）A.肝细胞中糖原和葡萄糖的转化一般是单向进行的B.五碳糖和六碳糖都属于多糖，不能和斐林试剂反应呈现砖红色C.相同质量的糖类和脂肪氧化分解时后者耗氧多、生成的水多、释放的能量多D.组成糖类和脂肪的元素相同。两者之间可以相互转化，糖类和蛋白质之间则不能发生转化【答案】C【分析】糖类经过转氨基作用可形成氨基酸，氨基酸通过脱氨基作用形成含N部分和不含N部分，不含N的部分转化成糖类，葡萄糖和脂肪可相互转化。【详解】A、正常人体当血糖浓度较高时，在胰岛素的作用下，促进组织细胞摄取、利用葡萄糖，肝糖原的合成加速，加快葡萄糖转化为脂肪、蛋白质等非糖物质；当血糖浓度较低时在胰高血糖素和肾上腺素的作用下，肝糖原分解为葡萄糖进入血液，非糖物质转化为葡萄糖加速，在生物体内，肝细胞中糖原与葡萄糖的转化可以双向进行，A错误；B、五碳糖和六碳糖都属于单糖，都是还原糖，能和斐林试剂反应，在水浴加热的条件下呈现砖红色，B错误；C、脂肪中氢与氧的比例大于糖类，因此脂肪氧化分解时消耗的氧气多，释放的能量也多，C正确；D、糖类可以转变为非必需氨基酸，进而转变为某些蛋白质，D错误。故选C。8.蛋白水解酶分内切酶和外切酶2种，外切酶专门作用于肽链末端的肽键，内切酶则作用于肽链内部特定区域。若某蛋白内切酶作用于苯丙氨酸(C9H11NO2)两侧的肽键，某四十九肽经该内切酶作用后的情况如下图，下列叙述正确的是（）A.形成短肽A、B、C共消耗2分子水B.短肽A、B、C比四十九肽的氧原子数少1个C.该四十九肽苯丙氨酸存在于第17、31、32号位上D.若用蛋白外切酶处理该多肽，最终会得到49个氨基酸【答案】BCD【分析】构成蛋白质的基本单位是氨基酸，每种氨基酸分子至少都含有一个氨基和一个羧基，且都有一个氨基和一个羧基连接在同一个碳原子上，这个碳原子还连接一个氢和一个R基，氨基酸的不同在于R基的不同。氨基酸通过脱水缩合形成多肽链，而脱水缩合是指一个氨基酸分子的羧基（-COOH）和另一个氨基酸分子的氨基（-NH2）相连接，同时脱出一分子水的过程。分析题图：题图是某四十九肽经内切酶和外切酶作用后的情况，其中内切酶作用于苯丙氨酸（C9H11NO2）两侧的肽键，经内切酶处理该多肽后，形成1-16、18-30、33-49三个片段，说明第17、31和32号为苯丙氨酸。【详解】A、短肽A、B、C的形成过程中共去掉3个苯丙氨酸（C9H11NO2），这需要断裂5个肽键，消耗5个水分子，A错误；B、由以上分析知，短肽A、B、C的形成过程中共去掉第17、31和32位苯丙氨酸（C9H11NO2）3个，此过程共需要断裂5个肽键（分别位于16和17号、17和18号、30和31号、31位和32号、32位和33号）、消耗5个水分子，每个苯丙氨酸含有2个氧原子、每个水分子含有1个氧原子，所以短肽A、B、C比该四十九肽的氧原子数少2×3-5=1个，B正确；C、题图是某四十九肽经内切酶和外切酶作用后的情况，其中内切酶作用于苯丙氨酸（C9H11NO2）两侧的肽键，经内切酶处理该多肽后，形成1-16、18-30、33-49三个片段，说明第17、31和32号为苯丙氨酸，C正确；D、外切酶专门作用于肽链末端的肽键，若该四十九肽用蛋白外切酶处理，可得到49个氨基酸，D正确。故选BCD。9.在还原糖、脂肪、蛋白质的鉴定实验中，对实验材料的选择，下列叙述正确的是（）A.检测蛋白质时，双缩脲试剂的两种溶液需要临时等量混匀使用B.甘蔗茎和甜菜块根都含有较多糖且近于白色，因此可用于还原糖的鉴定C.检测花生种子中的油脂时，子叶切片经苏丹Ⅲ染色后，需用清水反复冲洗D.常用梨、苹果等组织样液作为检测植物组织内还原糖的实验材料【答案】D【分析】生物组织中化合物的鉴定：（1）斐林试剂可用于鉴定还原糖，在水浴加热的条件下，溶液的颜色变化为砖红色（沉淀）。斐林试剂只能检验生物组织中还原糖（如葡萄糖、麦芽糖、果糖）存在与否，而不能鉴定非还原性糖（如淀粉）。（2）蛋白质可与双缩脲试剂产生紫色反应。（3）脂肪可用苏丹Ⅲ染液（或苏丹Ⅳ染液）鉴定，呈橘黄色（或红色）。【详解】A、检测蛋白质时，双缩脲试剂先加A液，摇匀，再加B液摇匀，不需要加热就有颜色反应，A错误；B、甘蔗茎的薄壁组织、甜菜的块根富含蔗糖，而蔗糖是非还原糖，不能用于还原糖的鉴定，B错误；C、检测花生种子中的油脂时，子叶切片经苏丹Ⅲ染色后，需用50%的酒精洗去浮色，C错误；D、梨和苹果组织富含还原糖，其组织样液常用作检测植物组织内还原糖的实验材料，D正确。故选D。10.无机盐对于细胞和生物体的生命活动有重要作用，下列相关叙述错误的是（）A.K+通过主动运输的方式进出细胞B.HCO3-、HPO42-共同维持血浆酸碱平衡C.磷脂、ATP、RNA的合成需要磷酸盐D.长时间剧烈运动会导致血钙浓度下降，引起抽搐【答案】A【分析】无机盐的功能有：a、细胞中某些复杂化合物的重要组成成分；如Fe2+是血红蛋白的主要成分；Mg2+是叶绿素的必要成分。b、维持细胞的生命活动，如Ca2+可调节肌肉收缩和血液凝固，血钙过高会造成肌无力，血钙过低会引起抽搐。c、维持细胞的酸碱度。【详解】A、K+进出细胞的方式主要是主动运输，也有时通过协助扩散运输，A错误；B、HCO3-、H2PO42-等共同维持血浆酸碱平衡，B正确；C、磷脂、ATP、RNA中都有磷酸部分，即磷脂、ATP、RNA的合成需要磷酸盐，C正确；D、Ca2+可调节肌肉收缩和血液凝固，血钙过高会造成肌无力，血钙过低会引起抽搐，若长时间剧烈运动会导致血钙浓度下降，引起抽搐，D正确；故选A。11.科研人员从某生物体内提取出一个核酸分子，经过检测，该分子中鸟嘌呤（G）的数量与胞嘧啶（C）数量不相等，据此分析，下列叙述正确的是（）A.该生物体不具有细胞结构 B.该核酸彻底水解产物中有两种不含氮C.该分子中G与C之间无法形成氢键 D.该生物体内氢键的数量等于碱基的数量【答案】B【分析】细胞中的核酸根据所含五碳糖的不同分为DNA（脱氧核糖核酸）和RNA（核糖核酸）两种，构成DNA与RNA的基本单位分别是脱氧核苷酸和核糖核苷酸，每个脱氧核苷酸分子是由一分子磷酸、一分子五碳糖和一分子含氮碱基形成，每个核糖核苷酸分子是由一分子磷酸、一分子核糖和一分子含氮碱基形成。脱氧核苷酸和核糖核苷酸在组成上的差异有：①五碳糖不同，脱氧核苷酸中的五碳糖是脱氧核糖，核糖核苷酸中的五碳糖是核糖；②碱基不完全相同，脱氧核苷酸中的碱基是A、T、G、C，核糖核苷酸中的碱基是A、U、G、C。细胞生物（包括原核生物和真核生物）的细胞中含有DNA和RNA两种核酸、其中DNA是遗传物质，非细胞生物（病毒）中含有DNA或RNA一种核酸、其遗传物质是DNA或RNA。【详解】A、核酸分子中鸟嘌呤（G）的数量与胞嘧啶（C）数量不相等，说明提取到的分子是单链核酸结构，有可能取自细胞结构，细胞内也含有单链RNA；有可能取自RNA病毒，无细胞结构，A错误；B、该核酸彻底水解产物有含氮碱基、五碳糖和磷酸，其中五碳糖和磷酸不含氮，B正确；C、如果是从细胞内取出的tRNA，分子中部分G与C之间可以形成氢键，C错误；D、生物体内双链核酸中GC之间形成3个氢键，AT之间形成2个氢键，单链核酸中可能不形成氢键，所以无法比较一个生物体内氢键数量和碱基数量关系，D错误。故选B。12.经测定，某条肽链其分子式是C21HxOyN4S2。已知该肽链是由下列氨基酸中的几种为原料合成的，苯丙氨酸（C9H11O2N）、天冬氨酸（C4H7O4N）、丙氨酸（C3H7O2N）、亮氨酸（C6H13O2N）、半胱氨酸（C3H7O2NS）。下列有关该多肽链的叙述错误的是（）A.该肽链是四肽化合物B.水解后能产生3种氨基酸C.氢原子数和氧原子数分别是30和5D.形成时相对分子质量减少了54【答案】C【分析】分析题干信息可知：该化合物是由四个氨基酸脱水缩合形成的，其中含有两个S，因此含有两个半胱氨酸（C3H7O2NS），则可推知该化合物中含有三种氨基酸，分别是苯丙氨酸（C9H11O2N）、亮氨酸（C6H13O2N）、半胱氨酸（C3H7O2NS），由于该化合物是由苯丙氨酸（C9H11O2N）、一个亮氨酸（C6H13O2N）、两个半胱氨酸（C3H7O2NS）形成，因此分子式是C21H32O5N4S2。【详解】A、分析题干信息可知，题干中给出的几种氨基酸都只含有一个N，该化合物分子式是C21HxOyN4S2，含有4个N，因此该多肽是由4个氨基酸脱水缩合形成的四肽，A正确；B、该化合物中含有2个S，因此该多肽中含有2个半胱氨酸，根据该多肽中含有21个C，可以判断，该多肽中还含有一个苯丙氨酸、一个亮氨酸，所以该四肽化合物水解产生的氨基酸是三种，B正确；C、由分析可知：该化合物中H原子数和O原子数分别是32和5，C错误；D、4个氨基酸脱水缩合反应形成了3分子水，相对分子质量减少了54，D正确。故选C。13.某多肽有20个氨基酸，其中天冬氨酸有4个，分别位于5、6、15、20位（如图所示）；肽酶X专门作用于天冬氨酸羧基端的肽键，肽酶Y专门作用于天冬氨酸氨基端的肽键，下列相关叙述正确的是（）A.该20肽含有肽键至少有22个B.该20肽游离的氨基和羧基各为1个和8个C.肽酶X完全作用后产生的多肽共含有氨基酸19个D.肽酶Y完全作用后产生的多肽中氧原子数目比20肽多了4个【答案】C【分析】多肽链形成时，相邻两氨基酸之间的氨基和羧基之间发生脱水缩合，形成一个肽键并失去一分子的水，在此过程中R基（每个天冬氨酸的R基中含1个羧基）不参与反应。【详解】A、某多肽应是一条肽链，根据肽键数目＝氨基酸数目－肽链条数，故20肽含有肽键数目应是20-1＝19个，A错误；B、该20肽含游离的氨基或羧基数目＝肽链条数+R基中含有的氨基或羧基数，则氨基数目至少1个，由于天冬氨酸有4个，天冬氨酸有两个羧基，所以该肽链羧基数目至少4+1=5个，B错误；C、肽酶X专门作用于天冬氨酸羧基端的肽键，完全作用后第6位氨基酸脱离该多肽链，剩下的多肽链中共含有19个氨基酸，C正确；D、肽酶Y专门作用于天冬氨酸氨基端的肽键，肽酶Y完全作用该多肽链后，共断开4个肽键（分别位于第4和5、5和6、14和15、19和20位氨基酸之间），其中的第5位和第20位天冬氨基酸会脱离肽链，每断开一个肽键消耗1分子水而增加1个氧原子，故增加4个氧原子，又因为第5位和第20位天冬氨酸的脱离（每个天冬基酸中含有4个氧原子），共减少8个氧原子，所以肽酶Y完全作用后产生的多肽中，氧原子数目比20肽少8-4=4个，D错误。故选C。14.血管紧张素是由肝脏分泌的前体物质血管紧张素原（一种血清球蛋白）经水解形成的一种多肽类激素。血管紧张素能引起血管收缩，升高血压，用于各种原因的虚脱、休克所引起的低血压症。下列关于血管紧张素的叙述正确的是（）A.血管紧张素是由血管紧张素原在核糖体上形成的B.血管紧张素的形成过程伴随着肽键的断裂C.双缩脲试剂需要在水浴加热条件下才与血管紧张素发生紫色反应D.低血压症患者可通过口服血管紧张素提升血压【答案】B【分析】由题干信息分析可知，血管紧张素原是一种血清球蛋白，属于分泌蛋白，其化学本质是蛋白质；血管紧张素原水解形成血管紧张素，在水解形成血管紧张素时，伴随着肽键的断裂。细胞内分泌蛋白合成的过程最初是在内质网上的核糖体中由氨基酸形成肽链，肽链进入内质网进行加工，形成有一定空间结构的蛋白质。然后由内质网产生的囊泡包裹运输蛋白质离开内质网，到达高尔基体，与高尔基体膜融合。高尔基体对蛋白质进一步的修饰加工，然后又由囊泡包裹蛋白质将其移动到细胞膜，与细胞膜融合，将蛋白质分泌到细胞外。【详解】A、核糖体是蛋白质合成的场所，血管紧张素是由肝脏分泌的前体物质血管紧张素原（一种血清球蛋白）经水解形成的，水解场所不在核糖体上，A错误；B、血管紧张素原水解形成血管紧张素（一种多肽类激素），在水解形成血管紧张素时，伴随着肽键的断裂，B正确；C、由题干信息可知，血管紧张素是一种多肽类激素，能够与双缩脲试剂产生紫色反应，但不需要水浴加热，C错误；D、血管紧张素是一种多肽类激素，口服会使其被水解，会导致丧失活性，因此不能口服，D错误。故选B。二、多项选择题：本部分包括5题，每题5分，共计25分。每题有不止一个选项符合题意。每题全选对者得3分，选对但不全的得1分，错选或不答的得0分。15.如图为由A、B、C三条链共81个氨基酸构成的胰岛素原，需切除C链才能成为有活性的胰岛素，下列相关叙述正确的是（）A.C链的切除需要消耗2分子的水B.胰岛素原中至少含有1个游离的氨基C.参与构成该蛋白质分子的氨基酸共有81个羧基D.有活性的胰岛素分子中含有2条肽链、49个肽键【答案】ABD【分析】构成蛋白质的基本单位是氨基酸，其结构特点是每种氨基酸分子至少都含有一个氨基和一个羧基，并且都有一个氨基和一个羧基连接再同一个碳原子上，这个碳原子还连接一个氢原子和一个侧链基团。氨基酸在核糖体上通过脱水缩合的方式形成多肽，连接两个氨基酸分子的化学键叫做肽键。一个肽链中至少有一个游离的氨基和一个游离的羧基，在肽链内部的R基中可能也有氨基和羧基。【详解】A、由题图可知，C链分别以肽键与A、B链相连（30和31号氨基酸、60和61号氨基酸之间为肽键相连）,C链的切除需要消耗2分子的水，A正确；B、由题图可知，胰岛素原是一条肽链，所以至少含有1个游离的氨基和1个游离的羧基，B正确；C、参与构成该蛋白质分子的氨基酸至少含有81个羧基，若R基中含有羧基，则参与构成该蛋白质分子的氨基酸中羧基数量大于81个，C错误；D、由题图分析可知，有活性的胰岛素分子是由51个氨基酸形成的2条肽链，形成的肽键数是49个，含有3个二硫键，D正确。故选ABD。16.下列关于生物体中糖类的叙述，不正确的是（）A.葡萄糖能与斐林试剂发生紫色反应 B.蔗糖是由两个单糖分子形成的二糖C.肝糖原能为人体细胞直接提供能量 D.纤维素在纤维素酶作用下水解为麦芽糖【答案】ACD【分析】糖类的元素组成只有C、H、O。蛋白质一定含有C、H、O、N元素，可能含有S元素。常见的单糖有葡萄糖、果糖、半乳糖，常见的二糖有蔗糖、麦芽糖、乳糖，常见的多糖有淀粉、纤维素、糖原。还原糖加斐林试剂，水浴加热会出现砖红色沉淀。【详解】A、葡萄糖能与斐林试剂在水浴加热条件下，生成砖红色沉淀，A错误；B、蔗糖是二糖，由一分子葡萄糖和一分子果糖脱水缩合而成，B正确；C、肝糖原是多糖，不能为人体细胞直接提供能量，需要水解为葡萄糖，经有氧呼吸后生成ATP，ATP能为细胞直接提供能量，C错误；D、纤维素在纤维素酶作用下最终水解为葡萄糖，D错误。故选ACD。17.草履虫体内既含DNA又含有RNA。将草履虫体内的遗传物质水解后可以得到（）A.一种五碳糖 B.5种含氮碱基C.4种核苷酸 D.8种核苷酸【答案】AC【分析】核酸的基本组成单位是核苷酸，核苷酸由磷酸、五碳糖和含氮碱基构成。【详解】草履虫的遗传物质是DNA，DNA的基本组成单位是四种脱氧核糖核苷酸，1分子脱氧核糖核苷酸由1分子碱基、1分子脱氧核糖和1分子磷酸组成，因此将草履虫体内的遗传物质水解可以得到1种脱氧核糖（五碳糖）、四种碱基、四种核苷酸。综上分析，AC正确。故选AC。18.生活中生物常识无处不在，下列认识不正确的是（）A.脂类物质都会使人发胖，最好不要摄入B.糖类是主要的能源物质，所以主食应该是富含糖类的粮食制品C.无糖八宝粥不添加蔗糖添加木糖醇，所以不含糖类D.精瘦肉中含量最多的化合物是蛋白质，应该及时补充【答案】ACD【分析】脂类物质包括脂肪、磷脂和固醇，对人体有利；精瘦肉中含量最多的化合物是水；无糖八宝粥不添加蔗糖，但含有淀粉，属于糖类；人体每天需要量最多的是糖类，所以主食应该是粮食制品。详解】A、脂类物质包括脂肪、磷脂和固醇，对人体有利，可适当摄入，A错误，B、人体每天需要量最多的是糖类，所以主食应该是富含糖类的粮食制品，B正确；C、无糖八宝粥不添加蔗糖，但含有淀粉，属于糖类，C错误；D、精瘦肉中含量最多的化合物是水，D错误。故选ACD。19.下图表示细胞中一种常见的水解反应，下列化合物能发生此种反应的有（）A.血红蛋白 B.淀粉 C.RNA D.胆固醇【答案】ABC【分析】1、分析题图可知，该生物大分子水解形成了一种单体。2、单体是能与同种或他种分子聚合的小分子的统称，单体是能起聚合反应或缩聚反应等而成高分子化合物的简单化合物，如蛋白质的单体是氨基酸、多糖的单体是葡萄糖、核酸的单体是核苷酸。【详解】A、血红蛋白是生物大分子水解后可以得到单体—氨基酸，A正确；B、淀粉能在相关酶的作用下能水解成单体——葡萄糖，B正确C、RNA能在相关酶的作用下能水解成单体—核苷酸，C正确；D、胆固醇不属于生物大分子，没有单体，D错误。故选ABC。三、非选择题：本部分包括3题，共计33分，除特别说明外，每空1分。20.如图甲所示的分子结构式为某种核苷酸，已知分子结构式左上角的基团为碱基（腺嘌呤）；图乙是某核苷酸链示意图，据图回答问题：（1）图甲中核苷酸的名称是____________________。（2）DNA初步水解的产物是____________，彻底水解的产物是____________________。（3）由A、G、C、U4种碱基参与构成的核苷酸共有_____种，其中核糖核苷酸有____种。（4）图乙中1、4的名称分别是______、____________。图乙中特有的碱基名称是______。（5）DNA分子具有多样性的原因是________________________________。【答案】（1）腺嘌呤核糖核苷酸（2）①.脱氧核苷酸②.脱氧核糖、磷酸、碱基（3）①.#7##七#②.#4##四#（4）①.脱氧核糖②.胞嘧啶脱氧核苷酸③.胸腺嘧啶（T）（5）脱氧核苷酸（碱基）的排列顺序多种多样【分析】分析图可知，图甲为某核苷酸的结构示意图，该核苷酸含有的五碳糖是核糖，含氮碱基为腺嘌呤，所以该核苷酸为腺嘌呤核糖核苷酸；图乙为某核苷酸链示意图，该核苷酸链中含有碱基T，推测该核苷酸链属于构成DNA的脱氧核苷酸链，其中1为脱氧核糖，2为含氮碱基(胞嘧啶)，3为磷酸，4为胞嘧啶脱氧核苷酸，5为脱氧核苷酸链，据此答题即可。【解析】（1）分析图可知，图甲为某核苷酸的结构示意图，该核苷酸含有的五碳糖是核糖，含氮碱基为腺嘌呤，所以该核苷酸为腺嘌呤核糖核苷酸。（2）DNA初步水解只水解磷酸二酯键，所以产物是4种脱氧核苷酸，彻底水解产物有磷酸、脱氧核糖和4种含氮碱基（A、T、C、G）。（3）由A、G、C、U4种碱基参与构成的核苷酸共有7种，4种核糖核苷酸：腺嘌呤核糖核苷酸、鸟嘌呤核糖核苷酸、胞嘧啶核糖核苷酸、尿嘧啶核糖核苷酸和3种脱氧核苷酸，腺嘌呤脱氧核苷酸、鸟嘌呤脱氧核苷酸、胞嘧啶脱氧核苷酸。（4）图乙为某核苷酸链示意图，该核苷酸链中含有碱基T，推测该核苷酸链属于构成DNA的脱氧核苷酸链，其中1为脱氧核糖，4为胞嘧啶脱氧核苷酸。（5）DNA分子具有多样性的原因是脱氧核苷酸（碱基）的排列顺序多种多样。