河南省洛阳市2025届高考物理下学期押题卷含解析

PAGE15-河南省洛阳市2025届高考物理下学期押题卷（含解析）二、选择题1.原子弹和核能发电的工作原理都是核裂变。一种典型的铀核裂变的核反应方程是，则下列说法正确的是（）A.X原子核中含有86个中子，裂变后的总质量数削减 B.X原子核中含有144个核子，裂变后的总质量数不变C.X原子核中含有144个核子，裂变后的总质量数削减 D.X原子核中含有86个中子，裂变后的总质量数增加【答案】B【解析】【详解】ABCD．依据质量数守恒，则X的质量数m=235+1-89-3=144可知X原子核中含有144个核子；依据核电荷数守恒，得z=92-36=56所以X中的中子数n=m-z=144-56=88可知X原子核中含有88个中子；在核反应的过程中，质量数是守恒的。总质量数既不减小，也不增加，故ACD错误，B正确。故选B。2.质量相等甲、乙两物体放在光滑的水平地面上，分别在水平力F1、F2的作用下从同一地点，沿同一方向同时起先运动，图示为它们的v—t图像，则下列说法正确的是（）A.在0-2s内，F1越来越大B.在4～6s内，乙在甲的前方C.6s时两物体间有最大距离D.在0～4s内，拉力对甲乙做功一样多【答案】D【解析】【详解】A．两物体在水平方向上只受拉力作用，而图像的斜率表示加速度大小，从图中可知甲在0~2s内的加速度越来越小，所以越来越小，A错误；BC．在0～4s内，甲的速度大于乙的速度，两物体之间的距离渐渐增大，4s时两者速度相等，之后4～6s内，乙的速度大于甲的速度，两物体之间的距离渐渐减小，甲在乙前方，4s时两者相距最大，BC错误；D．两者从静止起先，所以初速度相等，在4s末两者的速度相等，又两者的质量相等，所以0~4s内甲乙的动能增加量相等，故依据动能定理可得拉力做功相等，D正确。故选D。3.在抢险救灾工作中常见到直升机的身影，如图为直升机抢救伤员的情景，直升机悬停在空中，用绳索将伤员由静止向上吊起，绳索对伤员做功的功率恒定，则在伤员加速上升的过程中（不计空气阻力）（）A.绳索对伤员的拉力越来越大B.伤员克服重力做功的功率恒定C.伤员运动的速度变更越来越快D.合力对伤员做功的功率越来越小【答案】D【解析】【详解】A．绳索对伤员的拉力做功的功率不变，而伤员加速上升，速度增大，由P=Fv可知，绳索对伤员的拉力F越来越小，A错误；B．速度增大，由可知，伤员克服重力做功的功率不断增大，B错误；C．F在减小，由可知，故伤员运动的加速度越来越小，速度变更得越来越慢，C错误；D．合力对伤员做功的功率由于P不变，速度越来越大，则合力对伤员做功的功率越来越小，D正确。故选D。4.2024年12月8日凌晨2点24分，中国长征三号乙运载火箭在西昌卫星放射中心起飞，把嫦娥四号探测器送入地月转移轨道，“嫦娥四号”经过地月转移轨道的P点时实施一次近月调控后进入环月圆形轨道I，再经过系列调控使之进入打算“落月”的椭圆轨道Ⅱ，于2024年1月3日上午10点26分，最终实现人类首次月球背面软着陆。若绕月运行时只考虑月球引力作用，下列关于“嫦娥四号”的说法正确的是（）A.“嫦娥四号”的放射速度必需大于B.沿轨道I运行的速度大于月球的第一宇宙速度C.经过轨道I的P点时必需进行减速才能进入轨道ⅡD.沿轨道I运行至P点的加速度小于沿轨道Ⅱ运行至P点的加速度【答案】C【解析】【详解】A．嫦娥四号仍在地月系里，也就是说嫦娥四号没有脱离地球的束缚，故其放射速度需小于其次宇宙速度11.2km/s，而大于第一宇宙速度7.9km/s，故A错误；B．由公式可知，在轨道I的半径大于月球的半径，所以沿轨道I运行的速度小于月球的第一宇宙速度，故B错误；C．经过轨道I的P点时必需进行减速后才能进入更靠近月球的轨道Ⅱ，故C正确；D．卫星经过P点时加速度由万有引力产生，不管在哪一轨道只要经过同一个P点时，万有引力在P点产生的加速度相同，故D错误。故选C。5.如图所示，边界OM与ON之间分布有垂直纸面对里的匀强磁场，边界ON上有一粒子源S．某一时刻，从离子源S沿平行于纸面，向各个方向放射出大量带正电的同种粒子（不计粒子的重力及粒子间的相互作用），全部粒子的初速度大小相等，经过一段时间有大量粒子从边界OM射出磁场．已知∠MON＝30°，从边界OM射出的粒子在磁场中运动的最长时间等于T（T为粒子在磁场中运动的周期），则从边界OM射出的粒子在磁场中运动的最短时间为（）AT B.T C.T D.T【答案】A【解析】【详解】粒子在磁场中运动做匀速圆周运动，入射点是S，出射点在OM直线上，出射点与S点的连线为轨迹的一条弦．当从边界OM射出的粒子在磁场中运动的时间最短时，轨迹的弦最短，依据几何学问，作ES⊥OM，则ES为最短的弦，粒子从S到E的时间即最短．由题意可知，粒子运动的最长时间等于，设OS＝d，则DS＝OStan30°＝，粒子在磁场中做圆周运动的轨道半径为：，由几何学问有：ES＝OSsin30°＝d，cosθ＝＝，则：θ＝120°，粒子在磁场中运动的最长时间为：tmin＝，故A正确，BCD错误．6.如图所示,由绝缘材料制成的光滑的半圆轨道固定在水平面上，O点为圆心,带电荷量为、质量为的小球固定在半圆轨道底端的A点,带电荷量为、质量为的b小球静止于半圆轨道内的B点,此时∠AOB=74°.由于、两小球的质量变更或电荷量变更使得b小球沿半圆轨道缓慢下滑,恰好静止于C点,∠AOC=60°,此时两小球的质量分别为、，电荷量分别为、,已知两小球均可视为带电质点,sin37°=0.6,则下列说法正确的是（）A.b小球受到的支持力肯定大于其重力B.b小球的质量和电荷量至少有一个应发生变更C.可能仅是b小球的质量增加至D.可能仅是两小球电荷量的乘积减小至【答案】C【解析】对小球b在B处受力分析如图：由图可知，△OAB∽△BFF1，则，即，所以．小球b所受的支持力大小不变．由图可知，即．整理得．初末态比为，则变为原来的即可（、、三个数据都可以变更）；若只变更b小球的质量，则变为原来的的倍；若变更a、b两小球电荷量的乘积，则减小至原来的．综上分析，C正确．7.静电场方向平行于x轴，其电势φ随x的分布可简化为如图所示的折线．一质量为m、带电量为－q的粒子(不计重力)，以初速度v0从O点(x＝0)进入电场，沿x轴正方向运动．下列叙述正确的是()A.粒子从x1运动到x3的过程中，电势能始终增大B.粒子从O运动到x1的过程中速度渐渐减小C.要使粒子能运动到x3处，粒子的初速度v0至少为D.若v0＝，粒子在运动过程中的最大速度为【答案】AD【解析】【详解】粒子从x1运动到x3的过程中，电势不断降低，依据负电荷在电势高处电势越小，可知，粒子的电势能不断增大．故A正确．粒子从O运动到x1的过程中，电势上升，场强方向沿x轴负方向，粒子所受的电场力方向沿x轴正方向，粒子做加速运动．故B错误．0到x3依据动能定理得：-q（0-（-φ0））=0-mv02解得：v0=，要使粒子能运动到x4处，粒子的初速度v0至少为．故C错误．若v0=，粒子运动到x1处电势能最小，动能最大，由动能定理得：-q（0-φ0）=mvm2-mv02，解得最大速度为：vm=．故D正确．故选AD．【点睛】依据电势φ随x的分布图线可以得出电势函数关系，由电势能和电势关系式得出电势能的变更．利用动能定理列方程解答．8.如图所示，一根轻弹簧一端固定于O点，另一端与可视为质点的小滑块连接，把滑块放在倾角为θ＝30°的固定光滑斜面上的A点，此时弹簧恰好水平。将滑块从A点由静止释放，经B点到达位于O点正下方的C点。当滑块运动到B点时弹簧与斜面垂直，且此时弹簧恰好处于原长。已知OB的距离为L，弹簧始终在弹性限度内，重力加速度为g，则滑块由A运动到C的过程中（）A.滑块的加速度先减小后增大 B.滑块的速度始终在增大C.滑块经过B点时的速度大于 D.滑块经过C点的速度可能小于【答案】BC【解析】【详解】AB．弹簧原长为L，在A点不离开斜面，则在C点不离开斜面，则有从A点滑至C点，设弹簧与斜面夹角为α（范围为30°≤α≤90°）；从B点滑至C点，设弹簧与斜面的夹角为β，则可知下滑过程中加速度始终沿斜面对下且减小，选项A错误，B正确；C．从A点滑到B点，由机械能守恒可得解得选项C正确；D．从A点滑到C点，由机械能守恒可得解得选项D错误。故选BC。三、必考题9.某试验小组采纳如图甲所示的装置探究功与速度变更的关系，小车在橡皮筋的作用下弹出后，沿木板滑行，打点计时器工作频率为50Hz．（1）为了消退运动过程中所受摩擦的影响，调整时应将木板____（选填“左”或“右”）端适当垫高以平衡摩擦力．（2）试验中，某同学打出一段纸带如图乙所示，相邻两计时点距离依次为：AB=3.50cm、BC=3.80cm、CD=DE=EF=FG=GH=4.00cm，则匀速运动的速度v=______m/s．（3）依据多次测量的数据，画出橡皮筋对小车做功W与小车匀速运动速度v草图如图丙所示，依据图线形态猜想，W与v的关系可能为________．A．W∝B．W∝v-1

C．W∝v-2

D．W∝v2【答案】(1).（1）左；(2).(2)2；(3).(3)D；【解析】（1）平衡摩擦力时，将左端垫高形成斜面，使重力的下滑分力与摩擦力平衡；（2）由题给条件可知，小车自C点起先匀速运动，则匀速运动的速度：；（3）依据图象结合数学学问可知，该图象形式和,形式相符合，故选D．10.为了测定电阻的阻值，试验室供应下列器材：待测电阻R（阻值约100Ω）、滑动变阻器R1(0～100Ω）、滑动变阻器R2（0～10Ω）、电阻箱R0(0～9999.9Ω）、志向电流表A（量程50mA）、直流电源E（3V，内阻忽视）、导线若干、开关若干．(1)甲同学设计如上图（a）所示的电路进行试验．①请在图（b）中用笔画线代替导线，完成实物电路的连接_________．②滑动变阻器应选________（选填字母代号即可）．③试验操作时，先将滑动变阻器的滑动触头移到最________（选填“左”或“右”）端，再接通开关S；保持S2断开，闭合S1，调整滑动变阻器使电流表指针偏转至某一位置，并登记电流I1.④断开S1，保持滑动变阻器阻值不变，调整电阻箱R0阻值在100Ω左右，再闭合S2，调整R0阻值使得电流表读数为________时，R0的读数即为电阻的阻值．(2)乙同学利用电路（c）进行试验，变更电阻箱R0的值，读出电流表相应的电流I，由测得的数据作出图线如图（d）所示，图线纵轴截距为m，斜率为k，则电阻的阻值为________(用m、k表示）．(3)若电源内阻是不行忽视的，则上述电路（a）和（c），哪种方案测电阻更好________？缘由是____________.【答案】(1).(2).R2(3).左(4).I1(5).(6).（a）(7).此方案不受电源内阻的影响【解析】【详解】（1）①依据电路图连接实物图如图所示：

②因为滑动变阻器采纳分压式接法时，阻值越小调整越便利，所以变阻器应选R2；

③试验操作时，应将变阻器的滑动触头置于输出电压最小的一端，即最左端；

④依据欧姆定律，若两次保持回路中电流表读数不变，即电流表读数仍为I1时，则依据电路结构可知，回路中总电阻也应当相等，结合回路中的电阻计算，可知R0的读数即为电阻的阻值．

（2）依据闭合电路欧姆定律应有：E=I（R+R0）

解得：

结合数学学问可知m=，k=解得：E=，R=Em=（3）若电源内阻是不行忽视，则电路（a）好，因为电源内阻对用（a）测电阻没有影响，而导致用（c）测量电阻偏大，有测量误差．11.如图所示，在竖直平面內有一粗糙斜面轨道AB与光滑圆弧轨道BC在B点平滑连接(滑块经过B点时速度大小不变)，斜面轨道长L=2.5m，斜面倾角θ=37°，O点是圆弧轨道圆心，OB竖直，圆弧轨道半径R=1m，圆心角θ=37°，C点距水平地面的高度h=0.512m，整个轨道是固定的．一质量m=1kg的滑块在A点由静止释放，最终落到水平地面上．滑块可视为质点，滑块与斜而轨道之间的动摩擦因数μ=0.25，取g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8，不计空气阻力，求：(1)滑块经过圆弧轨道最低点B时，对圆弧轨道的压力；(2)渭块离开C点后在空中运动的时间t．【答案】(1)(2)【解析】【分析】（1）对滑块在A到B的过程，由动能定理求解到达B点的速度，依据牛顿其次定律求解滑块经过圆弧轨道最低点B时，对圆弧轨道的压力；（2）由动能定理求解到达C点的速度，滑块离开C点后在竖直方向上做竖直上抛运动，由此求解在空中运动的时间.【详解】（1）对滑块在A到B的过程，由动能定理：解得vB=2m/s对滑块经过B点时，由牛顿其次定律：F-mg=m由牛顿第三定律可得：F=F′解得F′=30N方向竖直向下；（2）对滑块在B到C的过程，由动能定理：解得vC=4m/s滑块离开C点后在竖直方向上做竖直上抛运动，以竖直向下为正方向，则：解得t=0.64s12.如图，平行金属导轨由水平部分和倾斜部分组成，倾斜部分是两个竖直放置的四分之一圆弧导轨，圆弧半径r=0.2m。水平部分是两段均足够长但不等宽的光滑导轨，CC＇=3AA＇=0.6m，水平导轨与圆弧导轨在AA＇平滑连接。整个装置处于方向竖直向上的匀强磁场中，磁感应强度B=1T，导体棒MN、PQ的质量分别为ml=0.2kg、m2=0.6kg，长度分别为l1=0.2m、l2=0.6m，电阻分别为R1=1.0Ω、R2=3.0Ω，PQ固定在宽水平导轨上。现给导体棒MN一个初速度，使其恰好沿圆弧导轨从最高点匀速下滑，到达圆弧最低处AA＇位置时，MN克服安培力做功的瞬时功率为0.04W，重力加速度g=10m/s2，不计导轨电阻，导体棒MN、PQ与导轨一干脆触良好。求：(1)导体棒MN到达圆弧导轨最低处AA＇位置时对轨道的压力大小；(2)导体棒MN沿圆弧导轨下滑过程中，MN克服摩擦力做的功(保留3位有效数字)；(3)若导体棒MN到达AA＇位置时释放PQ，之后的运动过程中通过回路某截面的电量q。【答案】(1)6N；(2)0.397J；(3)0.5C【解析】【详解】(1)导体棒MN到达圆弧最低处时，克服安培力做功功率为P=B1I1l1v，由E1=Bl1v，，解得v=2m/s由牛顿其次定律有解得FN=6N据牛顿第三定律，导体棒MN在位置时对轨道的压力大小为6N(2)导体棒MN沿圆弧轨道下滑过程中，感应电动势有效值经验时间为产生的焦耳热为克服安培力做功W2=Q=0.00314J依据动能定理m1gr－W1－W2=0解得W1=0.397J(3)释放PQ后，当Bl1v1=Bl2v2时回路中的电流为0，对MN：－BIl1t=m1v1－m1v对PQ：BIl2t=m2v2－0整理得v2=0.5m/s对PQ：Bl2q=m2v2－0，解得q=0.5C13.我国地震台网正式测定：2024年10月19日09时15分在山西临汾市襄汾县（北纬35.95度，东经111.54度）发生3.0级地震，震源深度5千米。地震波既有横波，也有纵波，某监测站截获了一列沿x轴负方向传播的地震横波，在ts与（t＋0.2）s两个时刻x轴上-3km～3km区间内的波形图分别如图中实线和虚线所示，则下列说法正确的是（）A.x=1.5km处质点离开平衡位置的最大距离是2AB.该地震波的