高考有机大题汇编附答案VIP

第④步的化学反响类型是③。〔2〕第①步反响的化学方程式是。〔3〕第⑤步反响的化学方程式是。〔4〕试剂Ⅱ的相对分子质量为60，其构造简式是。〔5〕化合物B的一种同分异构体G及NaOH溶液共热反响，生成乙醇和化合物H。H在一定条件下发生聚合反响得到高吸水性树脂，该聚合物的构造简式是。8．〔此题共12分〕局部麻醉药普鲁卡因E〔构造简式为〕的三条合成路线如以下图所示〔局部反响试剂和条件已省略〕：完成以下填空：45．比A多一个碳原子，且一溴代物只有3种的A的同系物的名称是。46．写出反响试剂和反响条件。反响①；③47．设计反响②的目的是。48．B的构造简式为；C的名称是。49．写出一种满足以下条件的D的同分异构体的构造简式。①芳香族化合物②能发生水解反响③有3种不同环境的氢原子1mol该物质及NaOH溶液共热最多消耗molNaOH。50．普鲁卡因的三条合成路线中，第一条合成路线及第二条、第三条相比不太理想，理由是。9．〔12分〕[化学有机化学根底]菠萝酯F是一种具有菠萝香味的赋香剂，其合成路线如下：〔1〕A的构造简式为_________________，A中所含官能团的名称是_________。〔2〕由A生成B的反响类型是______________，E的某同分异构体只有一种一样化学环境的氢，该同分异构体的构造简式为_________________。〔3〕写出D和E反响生成F的化学方程式________________________。〔4〕结合题给信息，以溴乙烷和环氧乙烷为原料制备1-丁醇，设计合成路线〔其他试剂任选〕。合成路线流程图例如：10．〔15分〕有机锌试剂〔R—ZnBr〕及酰氯〔〕偶联可用于制备药物Ⅱ：〔1〕化合物Ⅰ的分子式为。〔2〕关于化合物Ⅱ，以下说法正确的有〔双选〕。A、可以发生水解反响B、可及新制的Cu〔OH〕2共热生成红色沉淀C、可及FeCl3溶液反响显紫色D、可及热的浓硝酸和浓硫酸混合液反响〔3〕化合物Ⅲ含有3个碳原子，且可发生加聚反响，按照途径1合成线路的表示方式，完成途经2中由Ⅲ到Ⅴ的合成路线：〔标明反响试剂，忽略反响条件〕。〔4〕化合物Ⅴ的核磁共振氢谱中峰的组数为，以H替代化合物Ⅵ中的ZnBr，所得化合物的羧酸类同分异构体共有种〔不考虑手性异构〕。〔5〕化合物Ⅵ和Ⅶ反响可直接得到Ⅱ，那么化合物Ⅶ的构造简式为：。11．(15分)四苯基乙烯〔TFE〕及其衍生物具有诱导发光特性，在光电材料等领域应用前景广泛。以下是TFE的两条合成路线(局部试剂及反响条件省略)：〔1〕A的名称是______；试剂Y为_____。〔2〕B→C的反响类型为_______；B中官能团的名称是______，D中官能团的名称是______.。〔3〕E→F的化学方程式是_______________________。〔4〕W是D的同分异构体，具有以下构造特征：①属于萘〔〕的一元取代物；②存在羟甲基〔-CH2OH〕。写出W所有可能的构造简式：_____。〔5〕以下表达正确的选项是______。a．B的酸性比苯酚强b．D不能发生复原反响c．E含有3种不同化学环境的氢d．TPE既属于芳香烃也属于烯烃12．[选修5—有机化学根底]Ⅰ〔6分〕以下有机物的命名错误的选项是Ⅱ〔14分〕芳香族化合物A可进展如下转化：答复以下问题：〔1〕B的化学名称为。〔2〕由C合成涤纶的化学方程式为。〔3〕E的苯环上一氯代物仅有两种，E的构造简式为。〔4〕写出A所有可能的构造简式。〔5〕写出符合以下条件的E的同分异构体的构造简式。①核磁共振氢谱显示苯环上仅有两种氢②可发生银镜反响和水解反响13．〔16分〕A是一种有机合成中间体，其构造简式为：。A的合成路线如以下图，其中B～H分别代表一种有机物。请答复以下问题：〔1〕A中碳原子的杂化轨道类型有_____；A的名称〔系统命名〕是____；第⑧步反响类型是___。〔2〕第①步反响的化学方程式是________。〔3〕C物质及CH2＝C(CH3)COOH按物质的量之比1:1反响，其产物经加聚得到可作隐形眼镜的镜片材料I。I的构造简式是_______________。〔4〕第⑥步反响的化学方程式是________________。〔5〕写出含有六元环，且一氯代物只有2种〔不考虑立体异构〕的A的同分异构体的构造简式____。14．(15分)“心得安〞是治疗心脏病的药物，下面是它的一种合成路线(具体反响条件和局部试剂略)：答复以下问题：〔1〕试剂a是，试剂b的构造简式为，b中官能团的名称是。〔2〕③的反响类型是。〔3〕心得安的分子式为。〔4〕试剂b可由丙烷经三步反响合成：反响1的试剂及条件为，反响2的化学方程式为，反响3的反响类型是。(其他合理答案也给分)〔5〕芳香化合物D是1－萘酚的同分异构体，其分子中有两个官能团，能发生银镜反响，D能被KMnO4酸性溶液氧化成E(C2H4O2)和芳香化合物F(C8H6O4)，E和F及碳酸氢钠溶液反响均能放出CO2气体，F芳环上的一硝化产物只有一种。D的构造简式为；由F生成一硝化产物的化学方程式为，该产物的名称是。参考答案1．〔1〕CHC—CH3〔2〕HCHO〔3〕碳碳双键、醛基〔4〕;NaOH醇溶液〔5〕CH3-CC-CH2OH〔6〕【解析】试题分析：〔1〕根据有机物类别和分子式即可写出A的构造简式为CH≡C-CH3〔2〕B的相对分子质量为30，B中含有C、H、O三种元素，故应为甲醛，其构造简式为HCHO。〔3〕根据题意，结合信息容易就判断出E中含有的官能团为碳碳双键和醛基。〔4〕根据题意和F的分子式可知F的构造简式为；根据N和H的反响类型推知H为，所以很容易推知F→H为官能团的转化，思路应该为先加成后消去。故F→G的化学方程式为：；试剂b是氢氧化钠醇溶液。〔5〕根据题意可知A、B加成为醛基加成，故M的构造简式为：CH3-CC-CH2OH〔6〕根据题意和J的构造简式很容易写出N和H生成I的化学方程式：。考点：此题考察有机化学根底的根本知识，如有机物构造简式的书写、官能团的判断、化学方程式的书写等2．〔1〕,消去反响；〔2〕乙苯；〔3〕；〔4〕19；；；。〔5〕浓硝酸、浓硫酸、加热50℃～60℃；Fe/稀HCl；【解析】试题分析：〔1〕根据题意可知A是2,3-二甲基-2-氯丁烷：(CH3)2CClCH(CH3)2;A及NaOH的乙醇溶液在加热时发生消去反响得到B：2，3-二甲基-2-丁烯：；反响的方程式是。B在臭氧、Zn和水存在下反响得到C：丙酮.〔2〕由于D是单取代芳香烃，其相对分子质量为106；那么D是乙苯，D及浓硝酸在浓硫酸存在下加热发生对位上的取代反响得到E：对硝基乙苯。反响的方程式为：；E在Fe及稀HCl作用下被复原得到F：对氨气乙苯；F及C在一定条件下发生反响得到G：；〔4〕F的同分异构体中含有苯环的同分异构体一共还有19种。其中核磁共振氢谱中有4组峰，且面积比为6：2：2：1的是。〔5〕由苯及丙酮合成N-异丙基苯胺的路线示意图可知：苯及浓硝酸在在浓硫酸存在下加热50℃～60℃时发生硝化反响得到H:硝基苯;H在Fe和稀HCl作用下被复原为I：苯胺；苯胺及丙酮在一定条件下发生反响得到J：；J及氢气发生加成反响，被复原为N-异丙基苯胺：。考点：考察有机合成及推断、反响条件的选择、物质的构造简式、化学方程式、同分异构体的书写的知识。3．〔1〕〔2〕取代反响消去反响〔3〕Cl2/光照O2/Cu〔4〕G和H〔5〕1〔6〕3【解析】试题分析：〔1〕根据题给流程图知，及NBS在过氧化氢存在的条件下加热发生取代反响生成，在氢氧化钠乙醇溶液加热的条件下发生消去反响生成C，C及NBS在过氧化氢存在的条件下加热发生取代反响生成，可推得C的构造简式为；及溴的四氯化碳溶液发生加成反响生成E，E的构造简式为。〔2〕根据题给流程图知，③的反响类型为取代反响，⑤的反响类型为消去反响。〔3〕根据题给流程图知，环戊烷经反响1在光照条件下及氯气发生取代反响生成一氯环戊烷，一氯环戊烷在氢氧化钠溶液加热的条件下发生取代反响生成环戊醇，环戊醇在铜作催化剂的条件下发生氧化反响生成环戊酮。反响1的试剂及条件为Cl2/光照；反响2的化学方程式为反响3可用的试剂为O2/Cu。〔4〕在I的合成路线中，互为同分异构体的化合物是G和H，二者的分子式均为C9H6O2Br2。〔5〕根据立方烷的构造知，立方烷的核磁共振氢谱中有1个峰。〔6〕根据立方烷的构造知，立方烷的分子式为C8H8，二硝基取代物有3种〔取代同一棱上的两个氢，取代面对角线上的两个氢，取代体对角线上的两个氢〕，利用换元法知，六硝基立方烷的构造有3种。考点：考察有机合成及有机综合推断，涉及构造简式确实定．反响类型的判断．化学方程式的书写．同分异构体的识别和书写。4．〔1〕C10H20〔2〕羰基羧基〔3〕4〔4〕加成反响〔或复原反响〕取代反响〔5〕〔6〕聚丙烯酸钠〔7〕〔8〕；3【解析】试题分析：〔1〕根据H的构造简式可得分子式为C10H20〔2〕B的构造简式为CH3COOH，所以B所含官能团的名称为羰基羧基〔3〕含两个—COOCH3基团的C的同分异构、CH3OOCCH2CH2CH2COOCH3、CH3OOCCH2CH(CH3)COOCH3、CH3CH2C(COOCH3)2共4种；核磁共振氢谱呈现2个吸收峰，既H原子的位置有2种，构造简式为：〔4〕B→D为羰基及H2发生的加成反响，D→E为D中的ɑ-H原子被Br取代，反响类型为取代反响。〔5〕D分子内羧基和羟基发生酯化反响生成G，那么G的构造简式为：〔6〕E为丙烯酸，及NaOH醇溶液反响生成丙烯酸钠，加聚反响可得F，名称为：聚丙酸钠。〔7〕E在NaOH醇溶液发生消去反响和中和反响，所以E→F的化学方程式为：〔8〕根据B、C的构造简式和A的分子式C10H16可推出A的构造简式为：；A中两个碳碳双键及等物质的量的Br2可分别进展进展加成反响，也可以发生1,4加成，所以产物共有3种。考点：此题考察有机合成的分析及推断、同分异构体、反响类型的判断。5．(13分)〔1〕a、c；〔2〕①甲苯；反响中有一氯取代物和三氯取代物生成；③加成反响；④；⑤9。【解析】〔1〕a．M含有苯环，因此属于芳香族化合物，正确。b．M中无酚羟基，因此遇FeCl3溶液不会发生显紫色的现象，错误。c．M中含有不饱和的碳碳双键，可以被酸性高锰酸钾溶液氧化，而能使酸性高锰酸钾溶液褪色，正确。d．根据M的构造简式可知：在M的分子中含有3个酯基，那么1molM完全水解会生成3mol醇，错误。应选项是a、c。〔2〕①根据物质的相互转化关系及产生B的分子式可推知：A是甲苯，构造简式是，由于在甲基上有3个饱和H原子可以在各种下被Cl原子取代，因此在光照射下除产生二氯取代产物外，还可能发生一氯取代、三氯取代，产生的物质有三种，因此步骤I中B的产率往往偏低。②卤代烃在NaOH的水溶液中，在加热条件下发生水解反响，由于一个碳原子上连接两个羟基是不稳定的，会脱去一个分子的水，形成醛基。步骤II反响的化学方程式为。③根据图示可知：步骤III的反响类型是醛及醛的加成反响。④C发生消去反响形成D：，D含有醛基，被银氨溶液氧化，醛基被氧化变为羧基，因此得到的肉桂酸的构造简式为。⑤C的同分异构体有多种，其中假设苯环上有一个甲基，而且是酯类化合物，那么另一个取代基酯基的构造可能是HCOOCH2—、CH3COO—、CH3OOC—三种，它们及甲基在苯环上的位置分别处于邻位、间位、对位三种不同的位置，因此形成的物质的种类数目是：3×3=9种。【考点定位】考察有机物的构造、性质、转化、反响类型、化学方程式和同分异构体的书写的知识。6．〔1〕醛基、羧基〔2〕③＞①＞②〔3〕4〔4〕取代反响3〔5〕CH3COOHCH2ClCOOHCH2OHCOONaCH2OHCOOHHOCCOOH【解析】〔1〕A的分子式为C2H2O3，可发生银镜反响，且具有酸性，A是HOCCOOH，官能团是醛基和羧基；根据C的构造可知B是苯酚，那么A+B→C的化学反响方程式为：。〔2〕羧基的酸性强于酚羟基，酚羟基的酸性强于醇羟基，故强弱顺序为：③＞①＞②；〔3〕C中有羟基和羧基，2分子C可以发生酯化反响，可以生成3个六元环的化合物，C的分子间的醇羟基和羧基发生酯化，E的分子中不同化学环境的氢原子有4种。〔4〕比照DF的构造，可以看出溴原子取代了羟基的位置，所以D→F的反响类型是取代反响，F中的官能团有：溴原子、酚羟基、酯基，都可以以氢氧化钠反响，所以1molF可以及3molNaOH溶液反响。符合条件的同分异构体有：〔5〕根据信息反响，羧酸可以及PCl3反响，在碳链上引入一个卤素原子，卤素原子水解就可以引入醇羟基，醇羟基氧化可以得到醛基，故流程为：CH3COOHCH2ClCOOHCH2OHCOONaCH2OHCOOHHOCCOOH【考点定位】此题主要考察了有机物同分异构体的书写、常见有机反响类型、有机合成路线等。7．〔1〕乙醇，醛基，酯化反响〔取代反响〕。〔2〕〔3〕+C2H5OH+NaBr〔4〕〔5〕【解析】由题意可知①为卤代烃水解为醇A：CH3CH2CH(CH2OH)2，②为醇催化氧化为醛B：CH3CH2CH(CHO)2，③为醛催化氧化为羧酸C：CH3CH2CH(COOH)2，④为羧酸及乙醇发生酯化反响生成D：CH3CH2CH(COOC2H5)2，⑤为利用信息1，发生取代反响得E：，⑥为利用信息2，发生取代反响得F，可推知试剂Ⅱ为CO(NH2)2。【考点定位】有机推断及有机合成8．45.乙苯。46.①浓硝酸、浓硫酸；加热；③酸性KMnO4溶液；47.保护氨基。48.；氨基苯甲酸。49.或。50.肽键水解在碱性条件下进展，羧基变为羧酸盐，再酸化时氨基又发生反响。【解析】，比A多一个碳原子，且一溴代物只有3种的A的同系物应该是只有一个侧链的物质它是乙苯，构造简式是。46.甲苯及浓硝酸、浓硫酸混合加热，发生甲基对位的取代反响，产生对硝基甲苯，对硝基甲苯及酸性KMnO4溶液反响，甲基被氧化变为羧基，产生。47.—NH2有强的复原性，容易被氧化变为—NO2，设计反响②的目的是保护—NH2，防止在甲基被氧化为羧基时，氨基也被氧化。48.及酸性KMnO4溶液发生反响，甲基被氧化变为羧基，得到B，B的构造简式为。B发生水解反响，断开肽键，亚氨基上结合H原子形成氨基，产生C，构造简式是；名称为对氨基苯甲酸。49.D的分子式是C9H9NO4，它的同分异构体中，①芳香族化合物，说明含有苯环；②能发生水解反响，说明含有酯基；③有3种不同环境的氢原子，说明分子中含有三种不同位置的H原子，那么其同分异构体是：也可能是。50.普鲁卡因的三条合成路线中，第一条合成路线及第二条、第三条相比不太理想，理由是B发生水解反响是在碱性环境中进展，这时羧基及碱发生反响产生羧酸的盐，假设再酸化，氨基又发生反响。【考点定位】考察药物普鲁卡因合成方法中的物质的性质、反响类型、反响条件的控制及方案的评价的知识。9．〔1〕，碳碳双键、醛基。〔2〕加成〔或复原〕反响；CH3CH3，〔3〕〔4〕CH3CH2BrCH3CH2MgBrCH3CH2CH2CH2OH【解析】〔1〕根据题目所给信息，1，3-丁二烯及丙烯醛反响生成，根据构造简式可知该有机物含有碳碳双键和醛基。〔2〕A中碳碳双键和醛基及H2发生加成反响；根据有机合成路线E为CH2=CHCH2OH，E的某同分异构体只有一种一样化学环境的氢，该同分异构体的构造简式为：CH3CH3。〔3〕D和E反响生成F为酯化反响，化学方程式为：〔4〕根据题目所给信息，溴乙烷及Mg在干醚条件下反响生成CH3CH2MgBr，CH3CH2MgBr及环氧乙烷在H+条件下反响即可生成1-丁醇，合成路线为：CH3CH2BrCH3CH2MgBrCH3CH2CH2CH2OH。【考点定位】此题通过有机合成的分析，考察了有机化合物的构造及性质、反响类型的判断、同分异构体的判断、化学方程式的书写以及有机合成路线的设计。10．〔1〕C12H9Br〔2〕AD〔3〕CH2=CHCOOHBrCH2CH2COOHBrCH2CH2COOCH2CH3〔4〕4、4〔5〕【解析】〔1〕根据化合物Ⅰ的构造简式可写出其分子式为C12H9Br；〔2〕根据化合物Ⅱ的构造简式，其含有酯基，可发生水解反响，含有苯环，发生苯环上的硝化反响，没有醛基，不可及新制的Cu〔OH〕2共热生成红色沉淀，没有酚羟基，不可及FeCl3溶液反响显紫色，所以A、D正确，选择AD；〔3〕根据Ⅵ的构造简式及途径Ⅰ的信息，可推出Ⅴ的构造简式为BrCH2CH2COOCH2CH3，从而可知Ⅴ是由Ⅳ及乙醇发生酯化反响得到，可推出Ⅳ的构造简式为BrCH2CH2COOH，而化合物Ⅲ含有3个碳原子，且可发生加聚反响，从而可知化合物Ⅲ的构造简式为CH2=CHCOOH，从而可得其合成路线；〔4〕化合物Ⅴ的构造为BrCH2CH2COOCH2CH3，每个碳原子上的氢都一样，不同碳原子上的H原子不一样，所以应有4组峰；以氢原子H替代化合物Ⅵ中的ZnBr，所得化合物的构造简式为CH3CH2COOCH2CH3，其属于羧酸类的构造应为C4H9COOH，C4H9—为丁基，丁基有4种不同的构造的H原子，所以C4H9COOH的同分异构体共有4种；〔5〕根据题目信息，有机锌试剂〔R—ZnBr〕及酰氯〔〕偶联可用于制备药物Ⅱ，因此化合物Ⅵ为BrZnCH2CH2COOCH2CH3，那么要合成Ⅱ，Ⅶ为酰氯，根据Ⅱ的构造及途径Ⅰ合成化合物药物Ⅱ的方式，可推知Ⅶ的构造为。【考点定位】此题主要考察了有机物的性质、有机物合成路线的设计、同分异构体的书写、有机物中氢原子种类的判断、根据反响的特点进展信息的迁移。11．〔1〕甲苯、酸性高锰酸钾〔2〕取代反响、羧基、羰基〔3〕〔4〕，〔5〕ad【解析】〔1〕甲苯被酸性高锰酸钾氧化生成苯甲酸；〔2〕从反响物和生成的组成来看，溴原子取代羟基，官能团有羧基、羰基；〔3〕卤原子在碱性条件被羟基取代；〔4〕由于D的分子式为：C13H10O，根据条件推断W的支链中含有碳碳叁键和一个羟基；〔5〕羧基的酸性大于酚羟基，故a正确；羰基可以发生氢气加成，即复原反响，故b错误；c、E中含有5种不同环境的Ｈ，故c错误；从构造看，TPE分子中含有苯环，同时也还有双键，故d正确，所以的选a和d.。【考点定位】此题属于有机推断题，涉及到常见有机物的命名，官能团的构造和名称，取代反响等反响类型的判断，同分异构体的书写，有机化合物构造和化学性质的分析。【答案】ⅠBC；Ⅱ〔1〕醋酸钠。〔2〕略。〔3〕HO—。〔4〕略。〔5〕HCOO—。【解析】Ⅰ根据有机物的命名原那么判断B的名称应为3—甲基—1—戊烯，C的名称应为2—丁醇，错误的为BC；Ⅱ根据题给流程和信息推断B为CH3COONa，C为HOCH2CH2OH，E为对羟基苯甲酸。〔1〕B为CH3COONa，化学名称为醋酸钠。〔2〕乙二醇及对苯二甲酸发生缩聚反响生成涤纶和水，化学方程式略。〔3〕E的苯环上一氯代物仅有两种，E为对羟基苯甲酸，构造简式HO—。〔4〕A的构造为苯环上连接CH3COO—和—COOCH2CH2OH，有邻、间、对3种，构造简式略。〔5〕符合条件①核磁共振氢谱显示苯环上仅有两种氢，含两个支链处于对位，②可发生银镜反响和水解反响，为甲酸酯类，E的同分异构体的构造简式HCOO—。【考点定位】此题考察有机化学根底选修模块，涉及有机物的命名、有机合成和有机推断。13．〔1〕sp2、sp3；3，4－二乙基－2，4－己二烯；消去反响〔2〕CH3CH2OH＋HBr→CH3CH2Br＋H2O〔3〕〔4〕〔5〕【解析】试题分析：〔1〕根据A的构造简式可作，分子中碳元素局部全部写出单键，局部形成碳碳双键，因此碳原子的杂化轨道类型是sp2、sp3。A分子中含有2个碳碳双键，那么依据二烯烃的命名可作，其名称为3，4－二乙基－2，4－己二烯；根据C的分子式和性质可知，C是乙二醇，氧化生成乙二醛，继续氧化生成乙二酸，即D是乙二酸，构造简式为HOOC－COOH。D及甲醇发生酯化反响生成E，那么E的构造简式为CH3OOC－COOCH3。根据信息可知E及C2H5MgBr反响生成F和G。G最终生成A，因此F是CH3OMgBr，G是BrMgOC(C2H5)