2025届高考物理二轮复习选择题押题练3含解析

PAGE5-选择题押题练3一、单项选择题：本题共7小题，每小题4分，共28分。每小题只有一项符合题目要求。1．有关物理学史，以下说法正确的是()A．伽利略首创了将试验和逻辑推理相结合的物理学探讨方法B．卡文迪许通过库仑扭秤试验总结出点电荷相互作用规律C．法拉第不仅发觉了电磁感应现象，而且还总结出了电磁感应定律D．开普勒在天文观测数据的基础上，总结出行星运动的规律并发觉了万有引力定律解析：伽利略首创了将试验和逻辑推理相结合的物理学探讨方法，选项A正确；库仑通过库仑扭秤试验总结出点电荷相互作用规律，选项B错误；法拉第发觉了电磁感应现象，但没有总结出电磁感应定律，故C错误；开普勒在天文观测数据的基础上，总结出了行星运动的规律，牛顿发觉了万有引力定律，选项D错误。答案：A2．A、B是两种放射性元素的原子核，原来都静止在同一匀强磁场，其中一个放出α粒子，另一个放出β粒子，运动方向都与磁场方向垂直。图中a、b与c、d分别表示各粒子的运动轨迹，下列说法中正确的是()A．磁场方向肯定垂直纸面对里B．A放出的是α粒子，B放出的是β粒子C．a为α粒子运动轨迹，d为β粒子运动轨迹D．a轨迹中粒子比b轨迹中的粒子动量大解析：粒子在磁场中做匀速圆周运动，磁场方向不同，粒子旋转的方向相反，由于α粒子和β粒子的速度方向未知，不能推断磁场的方向，故A错误；放射性元素放出α粒子时，α粒子与反冲核的速度相反，而电性相同，则两个粒子受到的洛伦兹力方向相反，两个粒子的轨迹应为外切圆，而放射性元素放出β粒子时，β粒子与反冲核的速度相反，而电性相反，则两个粒子受到的洛伦兹力方向相同，两个粒子的轨迹应为内切圆，故B放出的是β粒子，A放出的是α粒子，故B正确；依据带电粒子在磁场中运动的半径公式可得R＝eq\f(mv,qB)，其中发出的粒子与反冲核的动量相等，而反冲核的电荷量大，故轨迹半径小，故b为α粒子运动轨迹，c为β粒子运动轨迹，故C错误；依据动量守恒定律可知a轨迹中粒子和b轨迹中的粒子动量大小相等，故D错误。答案：B3．如图所示，一光滑小球静置在半圆柱体上，被一垂直于圆柱面的挡板拦住，设挡板跟圆心连线与底面的夹角为θ，小球的半径忽视不计。现缓慢减小θ，则小球在移动过程中，挡板对小球的支持力F1、半圆柱体对小球的支持力F2的变更状况是()A．F1增大，F2减小B．F1增大，F2增大C．F1减小，F2减小 D．F1减小，F2增大解析：对小球进行受力分析如图所示，依据几何关系可得F1＝Fy＝mgcosθ，F2＝Fx＝mgsinθ，因此，当θ减小时，F1增大，F2减小，故A正确，B、C、D错误。答案：A4．某静电除尘设备集尘板的内壁带正电，设备中心位置有一个带负电的放电极，它们之间的电场线分布如图所示，虚线为某带电烟尘颗粒(重力不计)的运动轨迹，A、B是轨迹上的两点，C点与B点关于放电极对称。下列说法正确的是()A．A点电势低于B点电势B．A点电场强度小于C点电场强度C．烟尘颗粒在A点的动能大于在B点的动能D．烟尘颗粒在A点的电势能小于在B点的电势能解析：由沿电场线方向电势降低可知，A点电势低于B点电势，故A正确；由图可知，A点处电场线比C点处密集，因此A点场强大于C点场强，故B错误；烟尘颗粒带负电，从A到B的过程中，电场力做正功，动能增加，烟尘颗粒在A点的动能小于在B点的动能，故C错误；烟尘颗粒带负电，从A到B的过程中，电场力做正功，电势能减小，烟尘颗粒在A点的电势能大于在B点的电势能，故D错误。答案：A5.如图所示，将金属块用压缩的轻弹簧卡在一个箱子中，上顶板和下底板装有压力传感器。当箱子随电梯以a＝4.0m/s2的加速度竖直向上做匀减速运动时，上顶板的传感器显示的压力为4.0N，下底板的传感器显示的压力为10.0N。取g＝10m/s2，若下底板示数不变，上顶板示数是下底板示数的一半，则电梯的运动状态可能是()A．匀加速上升，a＝5m/s2B．匀加速下降，a＝5m/s2C．匀速上升D．静止状态解析：当箱子随电梯以a＝4.0m/s2的加速度竖直向上做匀减速运动时，对金属块受力分析，由牛顿其次定律知FN上＋mg－FN下＝ma，解得m＝1kg，若上顶板传感器的示数是下底板传感器的示数的一半，由于下底板传感器示数不变，仍为10N，则上顶板传感器的示数是5N，对金属块，由牛顿其次定律知FN上′＋mg－FN下′＝ma′，解得a′＝5m/s2，方向向下，故电梯以5m/s2的加速度匀加速下降，或以5m/s2的加速度匀减速上升，故选项B正确，A、C、D错误。答案：B6．如图所示，卫星甲、乙分别绕质量为M和2M的星球做匀速圆周运动，且它们的环绕半径相同。设甲、乙的运行周期分别为T甲和T乙，甲、乙的线速度分别为v甲和v乙，则()A．T甲>T乙，v甲>v乙 B．T甲>T乙，v甲<v乙C．T甲<T乙，v甲>v乙 D．T甲<T乙，v甲<v乙解析：万有引力供应向心力Geq\f(Mm,r2)＝meq\f(v2,r)，解得v＝eq\r(\f(GM,r))，两卫星绕行半径相同，甲卫星的中心天体质量小，线速度小，即v甲<v乙；万有引力供应向心力Geq\f(Mm,r2)＝meq\f(4π2,T2)r，解得T＝2πeq\r(\f(r3,GM))，两卫星绕行半径相同，甲卫星的中心天体质量小，周期较大，即T甲>T乙。故A、C、D错误，B正确。答案：B7．2024年7月1日，被誉为“疆电东送”高速通道的±1100千伏“新疆淮东—安徽皖南”特高压直流工程正式投运，它是目前世界上电压等级最高、送电距离最远的特高压直流输电工程。在输送功率不变的状况下，和试投运电压±550千伏相比的优点是()A．可节约输电线的材料B．可依据须要调整沟通电的频率C．输电速度是试投运时速度的2倍D．因输电线上的电阻而损失的电功率削减到试投运的25%解析：高压输电不能节约输电线的材料，故A错误；特高压直流输电不行以调整沟通电的频率，故B错误；特高压直流输电不会变更输电速度，故C错误；依据P＝UI得，高压输电电压升为试投运电压的2倍时，输电电流变为原来的eq\f(1,2)，依据P损＝I2R可知输电线上的功率损失为试投运功率损失的eq\f(1,22)＝eq\f(1,4)＝25%，故D正确。答案：D二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。每小题有多项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。8.物理课上老师做了这样一个试验，将一平整且厚度匀称的铜板固定在绝缘支架上，将一质量为m的永磁体放置在铜板的上端，t＝0时刻给永磁体一沿斜面对下的瞬时冲量，永磁体将沿斜面对下运动，如图所示。若永磁体下滑过程中所受的摩擦力f大小不变，且f<mgsinθ(式中θ为铜板与水平面的夹角)。取地面为重力势能的零势面，则选项图中关于永磁体下滑过程中速率v、动能Ek、重力势能Ep、机械能E随时间t变更的图像正确的是()解析：永磁体下滑时由于涡流的产生会有阻尼作用，且随速度的增大而增大，又所受的摩擦阻力不变，则由mgsinθ－f－f阻尼＝ma可知，随着永磁体的加速下滑，阻尼作用增大，则加速度渐渐减小，v­t图线的斜率减小，选项A正确；若起先下落时小磁铁满意mgsinθ－f－f阻尼＝0，则永磁体匀速下滑，此后动能不变，选项B正确；永磁体下滑时重力势能渐渐减小，但是不会趋近与某肯定值，选项C错误；永磁体下滑过程中，由于有电能产生，则机械能渐渐减小，选项D正确。答案：ABD9．如图甲所示，两条足够长、电阻不计的平行导轨放在同一水平面内，相距l＝1m。磁感应强度B＝1T的范围足够大的匀强磁场垂直导轨平面对下。两根质量均为m＝1kg、导轨间电阻均为r＝0.5Ω的导体杆a、b与两导轨垂直放置且接触良好，起先时两杆均静止。已知a杆与导轨间的动摩擦因数μ1＝0.15，b杆与导轨间的动摩擦因数μ2＝0.1。现对b杆加一与杆垂直且大小随时间按图乙规律变更的水平外力F，在t1时刻，a杆起先运动。假设最大静摩擦力大小等于滑动摩擦力大小，重力加速度g取10m/s2，则下列说法正确的是()A．当a杆起先运动时，b杆的速度大小为1.6m/sB．当a杆起先运动时，b杆的加速度为零C．两杆最终以不同的速度做匀速直线运动D．在t1～t2时间内安培力对a、b杆做功的代数和的值等于系统产生的焦耳热解析：t＝t1时，a杆起先运动，此时回路中的电流I1＝eq\f(Blv1,2r)，a杆受到的安培力大小FA＝BI1l＝μ1mg，可得v1＝1.5m/s，故A错误；t＝t1时，外力大小为F2＝2.5N，对b杆有F2－FA－μ2mg＝ma，可得a＝0，故B正确；t＝t2后，外力大小F＝2.5N，又μ1mg＋μ2mg＝2.5N，可知最终两杆受到安培力的大小均为FA＝μ1mg，两杆以不同的速度做匀速直线运动，故C正确；在t1～t2时间内，由功能关系可知，安培力对a、b杆做功的代数和的值等于系统产生的焦耳热，故D正确。答案：BCD10．如图所示，质量为m的半圆轨道小车静止在光滑的水平地面上，其水平直径AB长度为2R，现将质量也为m的小球从距A点正上方h高处由静止释放，然后由A点经过半圆轨道后从B冲出，能上升的最大高度为eq\f(h,2)(不计空气阻力)，则()A．小球和小车组成的系统动量守恒B．小车向左运动的最大距离为RC．小球离开小车后做斜上抛运动D．小球落回B点后肯定能从A点冲出解析：小球与小车组成的系统在水平方向不受外力，水平方向系统动量守恒，但由于小球有向心加速度，系统竖直方向的合外力不为零，所以系统动量不守恒，故A错误；设小车向左运动的最大距离为x，以向右为正方向，在水平方向由动量守恒定律得mv－mv′＝0，即得meq\f(2R－x,t)－meq\f(x,t)＝0，解得x＝R，故B正确；小球与小车组成的系统在水平方向动量守恒，则知小球由B点离开小车时系统水平方向动量为零，小球与小车水平方向速度均为零，小球离开小车后做竖直上抛运动，故C错误；小球第一次从静止起