2025届河南省平顶山市、许昌市、汝州高二物理第一学期期中达标测试试题含解析

2025届河南省平顶山市、许昌市、汝州高二物理第一学期期中达标测试试题注意事项1．考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回．2．答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0．5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置．3．请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符．4．作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案．作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效．5．如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗．一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如下图所示，某一导体的形状为长方体，其长、宽、高之比为a∶b∶c=5∶3∶2。在此长方体的上下、左右四个面上分别通过导线引出四个接线柱1、2、3、4。在1、2两端加上恒定电压，导体的电阻为R1；在3、4两端加上恒定电压，导体的电阻为R2，则R1∶R2为（）A．1∶1B．9∶25C．25∶4D．4∶252、万有引力定律首次揭示了自然界中物体间一种基本相互作用的规律．以下说法正确的是A．物体的重力不是地球对物体的万有引力引起的B．人造地球卫星离地球越远，受到地球的万有引力越大C．人造地球卫星绕地球运动的向心力由地球对它的万有引力提供D．宇宙飞船内的宇航员处于失重状态是由于没有受到万有引力的作用3、两个带等量正电荷的点电荷，O点为两电荷连线的中点，a点在连线的中垂线上，若在a点由静止释放一个电子，如图1所示，关于电子的运动，下列说法正确的是()A．电子在从a向O运动的过程中，加速度越来越大，速度越来越大B．电子在从a向O运动的过程中，加速度越来越小，速度越来越大C．电子运动到O时，加速度为零，速度最大D．电子通过O后，速度越来越小，加速度越来越大，一直到速度为零4、在某静电场中P点放一个带负电的检验电荷q，它所受的电场力为F，则关于P点的电场强度E，正确的说法是（）A．E=F/q，方向与F相同B．若取走q，P点的电场强度E=0C．若在P点放一个2q的检验电荷，则P点的电场强度将变为原来的2倍D．E的大小与检验电荷无关5、关于物体的重心，下列叙述正确的是（）A．重心就是物体的几何中心B．同一物体放置的位置不同，其重心在物体的位置也不同C．重心一定在物体上D．质量分布均匀的规则物体，其重心在物体的几何中心6、如图所示，小车AB放在光滑水平面上，A端固定一个轻弹簧，B端粘有油泥，AB总质量为M，质量为m的木块C放在小车上，用细绳连接于小车的A端并使弹簧压缩，开始时AB和C都静止，当突然烧断细绳时，C被释放，C离开弹簧向B端冲去，并跟B端油泥粘在一起，忽略一切摩擦，以下说法正确的是A．弹簧伸长过程中C向右运动，同时AB也向右运动B．C与B碰前，C与AB的速率之比为m:MC．C与油泥粘在一起后，AB继续向右运动D．C与油泥粘在一起后，AB立即停止运动二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图，C为中间插有电介质的电容器，b极板与静电计金属球连接，a极板与静电计金属外壳都接地．开始时静电计指针张角为零，在b板带电后，静电计指针张开了一定角度．以下操作能使静电计指针张角变大的是（）A．将b板也接地B．b板不动、将a板向右平移C．将a板向上移动一小段距离D．取出a、b两极板间的电介质8、对于电源电动势的理解，正确的是（）A．电动势在数值上等于非静电力把1C的正电荷从负极搬运到正极克服电场力所做的功B．电动势就是电压，大小等于电源没有接入电路时正负极间的电压C．电源内部，电流的方向是从高电势一端流向低电势一端D．电源的电动势越大，则表征电源把其他形式的能量转化成电能的本领越大9、在匀强电场中，关于电势差与电场强度的下列说法正确的是（）A．任意两点间的电势差等于电场强度与这两点间距离之积B．沿电场方向，任意相同距离上电势差必定相等C．电势降低的方向不一定就是电场强度的方向D．距离相同的两点上，电势差越大，这两点间的电场强度越大10、如图所示为匀强电场的电场强度E随时间t变化的图象．当t＝0时，在此匀强电场中由静止释放一个带电粒子，设带电粒子只受电场力的作用，则下列说法中正确的是()A．带电粒子将始终向同一个方向运动B．2s末带电粒子回到原出发点C．3s末带电粒子的速度为零D．0～3s内，电场力做的总功为零三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）如图，有一根细长且均匀的空心金属管线，长约30cm，电阻约为5Ω，已知这种金属的电阻率为ρ，现在要尽可能精确测定它的内径d.(1)用螺旋测微器测量金属管线外径D时刻度的位置如下图所示，从图中读出外径为________mm，应用毫米刻度尺测金属管线的长度L；(2)测量金属管线的电阻R，为此取来两节新的干电池、开关和若干导线及下列器材：A．电压表0～3V，内阻约10kΩB．电压表0～15V，内阻约50kΩC．电流表0～0.6A，内阻约0.05ΩD．电流表0～3A，内阻约0.01ΩE．滑动变阻器，0～10ΩF．滑动变阻器，0～100Ω要求较准确地测出其阻值，电流表应选_______，滑动变阻器应选_______；(填仪器前面字母)(3)按照电路图连接实物图后，某次测量电表的读数如上图所示，则电压表读数为_______V；(4)用已知的物理常数和应直接测量的物理量(均用符号D，L，ρ，U，I)表示，推导出计算金属管线内径的表达式d＝______________12．（12分）有一电流表A，量程为1mA，内阻rg约为100Ω．要求测量其内阻．可选用的器材有：电阻箱R0，最大阻值为99999.9Ω；滑动变阻器甲，最大阻值为10kΩ；滑动变阻器乙，最大阻值为2kΩ；电源E1，电动势约为2V，内阻不计；电源E2，电动势约为6V，内阻不计；开关2个．导线若干．采用的测量电路图如图所示实验步骤如下：a．断开S1和S2，将R调到最大；b．合上S1，调节R使A满偏；c．合上S2，调节R1使A半偏，此时可以认为A的内阻rg=R1．试问：（1）在上述可供选择的器材中，可变电阻R1应该选择______________；为了使测量尽量精确，可变电阻R应该选择___________________；电源E应该选择_________________（2）认为内阻rg=R1，此结果与rg的真实值相比___________（填“偏大”、“偏小”或“相等”）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图,在xOy平面的第一象限内有平行于y轴的有界匀强电场,方同沿y轴正方向；第四象限有一匀强电场一质量、电荷量的带电粒子,从P点以初速度大小,垂直y轴方向射入电场中,粒子偏转后经过x轴上A点进入第四象限,并沿直线运动的最大距离,已知,,不计粒子重力,求：(1)粒子的带电性质和粒子在第一象限的加速度大小；(2)粒子从A点运动到B点的时间；(3)第四象限的匀强电场大小和方向。14．（16分）如图所示，质量为m、所带电量为q的小球以细线悬吊于O点，并置于水平向右的匀强电场中（电场区域足够大），小球静止于P点，且细线与竖直方向夹角为θ，重力加速度为g，求：（1）小球带什么电荷（2）匀强电场的场强大小（3）剪断细线，经时间t小球与P点的距离15．（12分）一定质量的理想气体体积V与热力学温度T的关系图象如图所示，气体在状态A时压强P0＝1.0×105Pa，线段AB与v轴平行。(ⅰ)求状态B时的压强为多大？(ⅱ)气体从状态A变化到状态B过程中，对外界做的功为10J，求该过程中气体吸收的热量为多少？

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】根据电阻定律得，当在1、2两端加上恒定电压时，，在在3、4两端加上恒定的电压时，，所以，故选D.2、C【解析】物体的重力是由地球的引力而产生的，A正确；根据万有引力公式，B错误；人造地球卫星围绕地球做圆周运动，万有引力完全提供向心力，C正确；宇航员处于完全失重状态，是万有引力完全提供向心力，D错误．3、C【解析】

在等量同种电荷连线中垂线上电场强度方向O→a，电子从a点到O点运动的过程中，电场力方向a→O，故加速度向下，与速度同向，故速度越来越大；但电场线的疏密情况不确定，O点上方的电场强度最大点位置不确定，故电场强度大小变化情况不确定，则电荷所受电场力大小变化情况不确定，加速度变化情况无法判断．故AB错误；越过O点后，电子做减速运动，则点电荷运动到O点时速度最大．电场力为零，加速度为零．故C正确．根据电场线的对称性可知，越过O点后，电子做减速运动，加速度的变化情况无法判断．故D错误．故选C．【点睛】本题考查对等量同种电荷电场线的分布情况及特点的理解和掌握程度，要抓住电场线的对称性；同时要能够结合力与运动的关系进行分析．4、D【解析】

A.由定义式，当检验电荷为负电荷时，电场强度E与F方向相反。故A错误。B.若取走q，电场与试探电荷无关，电场强度大小不变，仍为E，故B错误。C.若检验电荷为-2q，而电场强度仍为E，电场力为2F．故C错误。D.电场强度反映电场本身的力的性质，与检验电荷无关。故D正确。5、D【解析】

重力的作用点叫做重心，并不一定是物体的几何中心，故A错误；重心位置与物体的重量分布情况和形状有关，与物体的位置无关，故B错误；物体的重心不一定在物体上，如空心的球体重心在球心上，不在物体上，故C错误；重心位置与物体的重量分布情况和形状有关，故质量分布均匀的规则物体，其重心在物体的几何中心，故D正确；故选D.【点睛】重力的作用点叫做重心，物体的重心与物体的质量分布及物体形状有关，质量分布均匀、形状规则的物体其重心在它的几何中心．可以用悬挂法确定物体的重心.6、D【解析】

小车、物块和弹簧组成的系统动量守恒,开始时都静止，即总动量为零,结合动量守恒定律分析物块和小车的速度之比,以及C与泥粘在一起时的运动情况【详解】A、小车、物块和弹簧组成的系统动量守恒,开始总动量为零,当弹簧伸长的过程中,C向右运动,则小车向左运动,故A错误.

B、规定向右为正方向,在C与B碰前,根据动量守恒得，计算得出故B错；CD、因为小车、物块和弹簧组成的系统动量守恒,开始总动量为零,当C与泥粘在一起时,总动量仍然为零,则小车停止运动,故C错；D对；故选D【点睛】解决本题的关键是将小车、物块和弹簧视为一个系统，整体应用动量守恒定律．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、CD【解析】

静电计测定电容器极板间的电势差，电势差越大，指针的偏角越大；由，分析电容的变化，根据C=Q/U分析电压U的变化．【详解】将b板也接地，电容器带电量不变，两板间的电势差不变，则静电计指针张角不变，选项A错误；b板不动、将a板向右平移，根据可知d变小时，C变大，Q不变时，根据C=Q/U，可知U减小，即静电计指针张角变小，选项B错误；将a板向上移动一小段距离，根据可知S变小时，C变小，Q不变时，根据C=Q/U，可知U变大，即静电计指针张角变大，选项C正确；取出a、b两极板间的电介质，根据可知C变小，Q不变时，根据C=Q/U，可知U变大，即静电计指针张角变大，选项D正确；故选CD.【点睛】本题是电容动态变化分析问题，关键抓住两点：一是电容器的电量不变；二是关于电容的两个公式和C=Q/U．8、AD【解析】根据电动势的定义U=Wq可知电动势在数值上等于非静电力把1C的正电荷从负极搬运到正极克服电场力所做的功，电源的电动势越大，则表征电源把其他形式的能量转化成电能的本领越大，AD正确；电动势和电压不是同一个概念，电源没有接入外电路时两极间的电压等于电源电动势，B错误；电源内部，电流是从负极（低电势端）流向正极（高电势端），C9、BC【解析】

A.公式中的必须是两点间沿着电场方向的距离，故A错误；B.由知，在匀强电场中各处相同，则沿着的方向相同距离上的电势差相同，故B正确；C.沿着电场方向电势降低，但是电势降低的方向有无数个，所以电势降低的方向未必是电场的方向，故C正确；D.在相同距离上的两点，电势差大，场强不一定大；若两点沿电场线方向相同距离上的两点，电势差大的其场强才必定大，故D错误。10、CD【解析】

由牛顿第二定律可知，带电粒子在第1s内的加速度为：，第2s内加速度为：故a2=2a1，因此先加速1s再减小0.5s时速度为零，接下来的0.5s将反向加速，v-t图象如图所示：带电粒子在前1秒匀加速运动，在第二秒内先做匀减速后反向加速，所以不是始终向一方向运动，故A错误；根据速度时间图象与坐标轴围成的面积表示位移可知，在t=2s时，带电粒子离出发点最远，故B错误；由解析中的图可知，粒子在第1s内做匀加速运动，第2s内做匀减速运动，3s末的瞬时速度刚减到0，故C正确；因为第3s末粒子的速度刚好减为0，根据动能定理知粒子只受电场力作用，前3s内动能变化为0，即电场力做的总功为零．故D正确．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、5.200CE1.90D2【解析】

(1)螺旋测微器的固定刻度为5.0mm，可动刻度为20.0×0.01mm=0.200mm，所以最终读数为5.0mm+0.200mm=5.200mm；(2)两节新的干电池电动势为3V，因为电量中最大电流大约为Im=滑动变阻器采用限流式接法，因为待测电阻较小，所以滑动变阻器选择E；(3)如图所示，电压表的量程为3V，所以电压表的读数为1.90V；(4)该实验需要测量空心金属管的内径，通过欧姆定律测出电阻的大小，结合电阻定律测出横截面积，从而根据外径求出内径的大小．故所需测量的物理量为金属管的长度L、金属管的外径D、加在管两端的电压U、通过管的电流强度I．根据欧姆定律得，R=U又R=ρL因为S=π(解得：d=【点睛】解决本题的关键知道实验的原理，操作步骤，以及知道实验误差形成的原因．掌握滑动变阻器分压、限流式接法的区别，以及电流表内外接的区别。12、R0滑动变阻器甲E2偏小【解析】（1）根据半偏法的测量原理，R1必须选电阻箱R0，才能测量；电源选择E2，误差较小．

根据电源的电动势和电流表的量程可知电路的最小电阻为6kΩ，所以滑动变阻器乙不能有效调节，应该选择甲．

（2）根据闭合电路的欧姆定律及电路特点可得：合上S1，调节R使电流表满偏：Ig=ER+rg+r

合上S2，调节R1使电流表半偏（电路中的总电流）：I=ER+rgR1rg+R1+r，上式比较可得I＞Ig．所以，通过电阻箱的电流：IR1＝I−Ig点睛：本题是用的半偏法测电阻，用的是两并联电路的电阻相等时电流相等；实验要求干路电流基本不变，所以要求因并联而引起的电阻的变化要小，且电流表的满偏电流很小，则其它电阻要大，据此选择合适的器材；另据并联后总电阻发生变化而