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文档简介

陕西省安康市2025届物理高三上期中教学质量检测试题注意事项:1.答题前,考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚,将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2.选择题必须使用2B铅笔填涂;非选择题必须使用0.5毫米黑色字迹的签字笔书写,字体工整、笔迹清楚。3.请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答,超出答题区域书写的答案无效;在草稿纸、试题卷上答题无效。4.保持卡面清洁,不要折叠,不要弄破、弄皱,不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、如图所示,在边长为l的正三角形的顶点分别固定一负电荷,处的电荷量为,中心处的场强恰好为零,已知静电力常量为。若仅将处电荷改为等量的正电荷,则处场强的大小和方向分别为A.,沿方向 B.,沿方向C.,沿方向 D.,沿方向2、一质量为m的子弹,以速度水平射入放在光滑水平面上质量为的木块中而不穿出,则下列说法正确的是()A.系统内能的增加量等于子弹克服阻力做的功B.子弹动能的减少量等于子弹克服阻力做的功C.子弹对木板做的功等于子弹克服阻力做的功D.子弹损失的机械能等于木块获得的动能3、宇航员王亚平在“天宫1号”飞船内太空授课时,指令长聂海胜悬浮在太空舱内“太空打坐”的情景如图.若聂海胜的质量为m,距离地球表面的高度为h,地球质量为M,半径为R,引力常量为G,地球表面的重力加速度为g,则聂海胜在太空舱内受到重力的大小为A.0B.mgC.D.4、人在平地上静止站立时,受到的支撑力等于人的重力.做原地纵跳时,在快速下蹲和蹬伸的过程中,人体受到的支撑力发生变化(如图,G为重力,F为支撑力).下列曲线能正确反映该变化的是()A.B.C.D.5、图中的实线表示电场线,虚线表示只受电场力作用的带电粒子的运动轨迹,粒子先经过M点,再经过N点,可以判定A.该粒子一定带负电B.粒子在M点受到的电场力大于在N点受到的电场力C.带电粒子经过M点的速度大于经过N点的速度D.粒子在M点的电势能大于在N点的电势能6、设同步卫星离地心的距离为r,运行速率为v1,加速度为a1;地球赤道上的物体随地球自转的向心加速度为a2,第一宇宙速度为v2A.a1a2=R2二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7、如图所示,A、B两物块质量均为m,两物块由一轻质弹簧拴接,质量为M的物块C放在足够高的水平桌面上,物块C与B之间由绕过固定光滑定滑轮的细线相连,C与水平桌面之间的动摩擦因数为,初始时,系统处于静止,细线恰好伸直且无作用力.现对物块C施加一个水平方向的力F,物块C在F作用下向右匀加速运动,位移为x时速度为v,此时物块A恰好离开地面.则此过程中()A.细线的拉力T为恒力B.F的最小值为C.弹簧的弹性势能变化量为零D.F做的功为8、如图所示,质量为M的薄木板静止在粗糙水平桌面上,木板上放置一质量为m的木块.已知m与M之间的动摩擦因数为μ,m、M与桌面间的动摩擦因数均为2μ.现对M施一水平恒力F,将M从m下方拉出,而m恰好没滑出桌面,则在上述过程中A.水平恒力F一定大于3μ(m+M)gB.m在M上滑动的时间和在桌面上滑动的时间相等C.M对m的冲量大小与桌面对m的冲量大小相等D.若增大水平恒力F,木块有可能滑出桌面9、如图甲所示,在倾角为37°足够长的粗糙斜面底端,一质量m=1kg的滑块压缩着一轻弹簧且锁定,但它们并不相连,滑块可视为质点.t=0时解除锁定,计算机通过传感器描绘出滑块的v-t图象如图乙所示,其中Oab段为曲线,bc段为直线,在t1=0.1s时滑块已上滑x=0.1m的距离,g=10m/s1.则()A.当弹簧恢复原长时滑块与弹簧分离B.滑块与斜面之间的动摩擦因数μ=0.1C.t=0.4s时刻滑块的速度大小为1.0m/sD.弹簧锁定时具有的弹性势能为4J10、如图甲所示,静止在水平地面上的物块受到水平拉力F的作用,F与时间t的关系如图乙所示,设物块与地面之间的最大静摩擦力大小与滑动摩擦力大小相等,则()A.时间内所受摩擦力大小不变B.时刻物块的速度最大C.时间内物块做加速度减小的加速运动D.时间内物块克服摩擦力做功的功率增大三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11.(6分)某研究性学习小组利用气垫导轨验证机械能守恒定律,实验装置如图甲所示.在气垫导轨上相隔一定距离的两处安装两个光电传感器A、B,滑块P上固定一遮光条,若光线被遮光条遮挡,光电传感器会输出高电压,两光电传感器采集数据后与计算机相连.滑块在细线的牵引下向左加速运动,遮光条经过光电传感器A、B时,通过计算机可以得到如图乙所示的电压U随时间t变化的图象.①用螺旋测微器测遮光条宽度d,测量结果如图丙所示,则d=________mm.②调整气垫导轨水平,滑块P用细线跨过气垫导轨左端的定滑轮与质量为m的钩码Q相连,将滑块P由图甲所示位置释放,通过计算机得到的图象如图乙所示,若滑块质量M、两光电门间距离L、Δt1、Δt2、d和重力加速度g已知.上述物理量间若满足关系式_____________________,则表明在上述过程中,滑块和钩码组成的系统机械能守恒.③下列因素中可能增大实验误差的是___________A.气垫导轨未调水平B.未满足M>>mC.遮光条宽度太大D.两光电门距离过小12.(12分)在“探究弹力与弹簧伸长的关系”的实验中,测得弹簧的弹力F与弹簧长度L的关系如图所示,则该弹簧的原长为_______cm,劲度系数为________N/m。四、计算题:本题共2小题,共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处,要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13.(10分)如图甲所示,倾角为的传递带以恒定速度逆时针运行,现将一质量m=2kg的小物体轻轻放上传送带的A端,物体相对地面的速度随时间变化的关系如图乙,2s末物体到达B端,取沿传送带向下为正方向,g=10m/s2,sin37°=0.6,求:(1)小物体在传送带A,B间的平均速度v;(2)物体与传送带间的动摩擦因数μ;(3)2s内物体机械能的变化量△E及因与传送带摩擦产生的内能Q.14.(16分)如图所示,在倾角为θ=30°的光滑斜面上有两个用轻质弹簧相连接的物块A.B,它们的质量均为为m,弹簧的劲度系数为k,C为一固定挡板,系统处于静止状态.现开始用一沿斜面方向的力F拉物块A使之向上匀加速运动,当物块B刚要离开C时F的大小恰为2mg.求:(1)从F开始作用到物块B刚要离开C的时间.(2)到物块B刚要离开C时力F所做的功.15.(12分)质量为的钢球自高处自由落下,与地面碰撞后竖直向上弹回,碰撞时间秒,钢球反弹的最大高度为.取.在碰撞过程中,求:(1)钢球将要落地时的速率多大?(2)钢球受到地面的平均冲力的大小为多少?

参考答案一、单项选择题:本题共6小题,每小题4分,共24分。在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】

A处的电荷量为Q,OA的距离为则Q在O点产生的电场强度为,由于B和C处电荷与A处的电荷在O点的合场强为零,则B和C处电荷在O处的电场强度大小为,方向沿AO方向;若仅将A处电荷改为等量的正电荷,则O处场强的大小为沿AO方向,故A正确、BCD错误。故选A。2、B【解析】

A.根据能量转化和守恒定律得知:系统机械能的减少量等于系统内能的增加,而系统机械能的减少量等于系统克服阻力做的总功,不等于子弹克服阻力做的功,故A错误;B.对子弹,只有阻力做负功,根据动能定理得知:子弹动能的减少量等于子弹克服阻力做的功等,故B正确;C.子弹在射入木块的过程中,由于子弹与木块对地位移不等,子弹对地的位移大于木块对地的位移,而两者相互作用力大小相等,根据功的公式W=Fs可知,子弹克服阻力做的功大于子弹对木块所做的功,故C错误;D.子弹在射入木块的过程中,子弹的动能减小,木块的动能增加,系统的内能也增加,系统损失的动能之和等于系统内能的增加,由能量转化和守恒定律得知:子弹损失的机械能等于木块获得的动能与系统损失的动能之和,故D错误。故选B。3、D【解析】飞船在距地面高度为h处,由万有引力等于重力得:,故D正确,ABC错误;故选D.4、D【解析】人腾空时支持力为零,故AC项错误,人在快速下蹲和蹬伸的过程中,加速度先向下,再向上,即先失重,再起重,故支持力先小于重力,然后大于重力,故B错误D正确.5、D【解析】

A.由电场力方向应指向轨迹的内侧得知,粒子所受电场力方向大致斜向左下方,电场线的方向也是向左下方,所以粒子带正电.故A错误;B.电场线的疏密表示电场的强弱,N点的电场线密,所以N点的电场强,粒子在M点受到的电场力小于在N点受到的电场力,故B错误;CD.由电场力方向应指向轨迹的内侧得知,粒子所受电场力方向大致斜向左下方,M到N的过程中,对粒子做正功,其电势能减小,动能增大,则知粒子在M点的电势能大于在N点的电势能,在M点的速度小于N点的速度.故C错误;D正确;6、B【解析】

因为地球同步卫星的角速度和地球赤道上的物体随地球自转的角速度相同,由a1=ω2r,a2=ω2R可得a1a2=rR,故B正确,A错误;对于地球同步卫星和以第一宇宙速度运动的近地卫星,由万有引力提供做匀速圆周运动所需向心力,得:GMmr2=m【点睛】本题注意要区别两种物理模型,即“卫星”和“地面上的物体”;对于卫星类型,关键要抓住万有引力等于向心力进行列式分析。解题时用已知物理量来表达未知的物理量时应该选择两者有更多的共同物理量的表达式。二、多项选择题:本题共4小题,每小题5分,共20分。在每小题给出的四个选项中,有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。7、BC【解析】

A.物块C做匀加速直线运动,因为细线长度不变,所以物块B也做匀加速直线运动,物块B受重力、弹簧弹力和细线拉力T,由牛顿第二定律得:得到:由于弹簧开始阶段被压缩,后来伸长,式中的先为正后为负,其大小方向都变化,所以细线拉力T大小变化,不为恒力,故A错误;B.以物块B、C为研究对象,当弹簧的压缩量最大时F值最小,由牛顿第二定律得:又因为:得到:故B正确;C.因为初始状态细线对B无拉力,弹簧处于压缩状态,由胡克定律得压缩量,物块A恰好刚刚离开地面时,物块A不受地面支持力,彈簧处于伸长状态,由胡克定律得伸长量,所以初、末状态弹簧形变量相等,弹簧弹性势能相等,故C正确;D.设力F做的功为,对BC组成的系统.由功能关系得:而且:解得:故D错误.8、AC【解析】

A.对小木块,根据牛顿第二定律有:μmg=ma1对木板,根据牛顿第二定律有:要使小木块滑离木板,需使:则有:故A正确;B.设小木块在薄木板上滑动的过程,时间为t1,小木块的加速度大小为a1,小木块在桌面上做匀减速直线运动,加速度大小为a2,时间为t2,有:联立解得:故B错误;C.根据动量定理可知,m的动量变化量为零,故说明总冲量为零,因m只受到M的向右的冲量和桌面向左的冲量,故二者一定大小相等,方向相反,但由于还受到支持力的冲量,由于故M对m的冲量大小与桌面对m的冲量大小不相等,故C错误;D.若增大水平恒力F,木块离开木板时间变短,速度变小,位移变小;在桌面上滑动的距离变短,不可能滑出桌面,故D错误。故选AC.【点睛】薄木板在被抽出的过程中,滑块先做匀加速直线运动后做匀减速直线运动,根据牛顿第二定律求解出木块的加速度,根据运动学规律求解出时间;根据动量定理,合外力冲量为零,M对m的冲量与桌面对m的冲量大小相等;增大水平拉力,木块离开木板时间变短,速度变小,位移变小,在桌面上滑动的距离变短,可以判断能否滑出桌面.9、AD【解析】

A.由于是轻弹簧,当弹簧恢复原长时,弹簧停止运动,滑块继续向上滑动,滑块与弹簧分离,故A正确;B.在bc段做匀减速运动,根据图象可知加速度大小为:,根据牛顿第二定律得:mgsin37∘+μmgcos37∘=ma,解得:μ=0.5,故B错误;C.由图示图象可知,t=0.1s时滑块的速度:v0=1m/s,由匀变速直线运动的速度公式得,t1=0.3s时的速度大小:v1=v0−at=1−10×(0.3−0.1)=0m/s;在t1时刻之后滑块沿斜面下滑,由牛顿第二定律得:mgsin37∘−μmgcos37∘=ma′,解得:a′=1m/s1,从t1到t3做初速度为零的加速运动,t=0.4s时刻的速度为:v3=a′t′=1×0.1=0.1m/s;故C错误;D.根据t1=0.1s时滑块已上滑x=0.1m的距离,由功能关系可得弹簧锁定时具有的弹性势能为:代入数据得:故D正确。10、BD【解析】

A.在0-t1时间内水平拉力小于最大静摩擦力,物体保持不动,摩擦力大小逐渐增大,故A错误;B.t1到t3时刻,合力向前,物体一直加速前进,t3时刻后合力反向,要做减速运动,所以t3时刻速度最大,故B正确;C.t1到t2时刻,拉力逐渐增大,摩擦力不变,根据牛顿第二定律可知,加速度逐渐增大,故C错误;D.t2~t3时间内速度逐渐增大,摩擦力大小不变,根据P=fv可知物块克服摩擦力做功的功率增大,故D正确.故选BD.点睛:根据受力情况分析物体运动情况,t1时刻前,合力为零,物体静止不动,t1到t3时刻,合力向前,物体加速前进,t3之后合力向后,物体减速运动.三、实验题:本题共2小题,共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处,不要求写出演算过程。11、8.486ACD【解析】根据丙图,读出螺旋测微器的数值即可.螺旋测微器横向下方每小格代表1mm,上方每小格代表0.05mm.纵向旋转部分,每小格代表0.01mm.(2)根据机械能守恒定律得,,将和代入,即可得出(3)气垫导轨未调水平机械能就不守恒了,遮光条宽度太大使得计算瞬时速度时误差变大,两光电门距离过小使得测量长度相对误差变大,是否满足M>>m对实验没有影响,故选ACD12、202000【解析】由图可知,当弹力为零时,弹簧原长为20cm

,根据胡克定律F=kx得:F=k(l-l0),由图象斜率等于劲度系数:k=400四、

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