内蒙古巴彦淖尔市2025届高二物理第一学期期中考试试题含解析

内蒙古巴彦淖尔市2025届高二物理第一学期期中考试试题注意事项：1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0．5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图，由导线做成的直角等腰三角形框架abc，放在磁感应强度为B的匀强磁场中，框架平面与磁感线平行。导线中通有稳恒电流I时，ab、bc、ca各边受到的安培力大小分别为F1、F2、F3，则下列说法正确的是（）A．F1=F2B．F3=F1C．F2=F3D．F1=F32、电源与外电阻R连接成闭合回路，对于电源的路端电压U，下列说法正确的是A．因U＝IR，则U与R的大小成正比B．因U＝IR，则R＝0时，必有U＝0C．流过电源的电流越大，路端电压U也越大D．若外电路断开，回路中电流为0，路端电压也等于03、关于电动势，下列说法正确的是（）A．一节干电池的电动势是1.5V，则它接入电路工作时，两极间的电压恒为1.5VB．在外电路接通时，电源的电动势等于内外电路上的电压之和C．电动势的大小与外电路的电阻有关D．电动势是1.5V的干电池，表示将1C的正电荷从该电池的正极移到负极的过程中非静电力做功1.5J4、如图所示，先后以速度v1和v2匀速把一矩形线圈拉出有界匀强磁场区域，已知v1＝2v2，则在先后两种情况下()A．线圈中的感应电动势之比E1：E2＝1∶2B．线圈中的感应电流之比I1∶I2＝1∶2C．线圈中产生的焦耳热之比Q1∶Q2＝2∶1D．通过线圈某截面的电荷量之比q1∶q2＝1∶25、由交流电动势瞬时值表达式e=102sin4πt(V)，可知()A．此交流电的频率是4π(Hz)B．此交流电的周期是4π(s)C．当t=0.5s时，此交流电动势有最大值D．当t=0时，产生此交流电的线圈平面与中性面重合6、电容器C1、C2和可变电阻器R1、R2以及电源ε连接成如图所示的电路．当R1的滑动触头在图示位置时，C1、C2的电量相等．要使C1的电量大于C2的电量，应A．增大R2B．减小R2C．将R1的滑动触头向A端移动D．将R1的滑动触头向B端移动二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图是一个多用电表的简化电路图为单刀多掷开关，通过操作开关，接线柱O可以接通1，也可以接通2、3、4、5或下列说法正确的是A．当开关S分别接1或2时，测量的是电流，其中S接2时量程较小B．当开关S分别接3或4时，测量的是电阻，其中A是黑表笔C．当开关S分别接5或6时，测量的是电压，其中B是红表笔D．当开关S分别接5和6时，测量的是电压，其中S接6时量程较大8、某同学自制的简易电动机示意图如图所示．矩形线圈由一根漆包线绕制而成，漆包线的两端分别从线圈的一组对边的中间位置引出，并作为线圈的转轴．将线圈架在两个金属支架之间，线圈平面位于竖直面内，永磁铁置于线圈下方．为了使电池与两金属支架连接后线圈能连续转动起来，该同学应将()A．左、右转轴下侧的绝缘漆都刮掉B．左、右转轴上下两侧的绝缘漆都刮掉C．左转轴上侧的绝缘漆刮掉，右转轴下侧的绝缘漆刮掉D．左转轴上下两侧的绝缘漆都刮掉，右转轴下侧的绝缘漆刮掉9、M和N是两个不带电的物体，它们互相摩擦后M带正电1.6×10－10C，下列判断正确的有A．摩擦的过程中电子从M转移到NB．在摩擦前M和N的内部没有任何电荷C．M在摩擦过程中失去1.6×10－10个电子D．N在摩擦后一定带负电1.6×10－10C10、如图所示，已知直流电动机M的电阻是R，电源的电阻是r，当电动机正常工作时电压表的示数是U，电流表的示数是I.（）A．t秒钟内，电动机产生的热量是IUtB．t秒钟内，电动机消耗的电能是IUtC．电源电动势是IR+IrD．电源电动势是U+Ir三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）图甲，用“碰撞实验器”可以验证动量守恒定律，即研究两个小球在轨道水平部分碰撞前后的动量关系。(1)实验中，直接测定小球碰撞前后的速度是不容易的。但是，可以通过仅测量__________（填选项前的符号），间接地解决这个问题。A．小球开始释放的高度hB．小球抛出点距地面的高度HC．小球做平抛运动的射程(2)图甲中O点是小球抛出点在地面上的垂直投影。实验时，先让入射球m1多次从斜轨上S位置由静止释放，找到其平均落地点的位置______，测量平抛射程______。然后，把被碰小球m2静置于轨道上O点正上方，再将入射球m1从斜轨上S位置由静止释放，与小球m2相碰，并多次重复。接下来要完成的必要步骤是_____。（填选项前的符号）A．用天平测量两个小球的质量m1、m2B．测量小球m1，开始释放的高度hC．测量抛出点距地面的高度HD．分别找到m1、m2相碰后平均落地点的位置M、NE．测量平抛射程OM、ON(3)若两球相碰前后的动量守恒，其表达式可表示为__________（用(2)中测量的量表示）；若碰撞是弹性碰撞，那么还应满足的表达式为__________（用(2)中测量的量表示）。12．（12分）如图1所示为一位同学测量某一电源的电动势和内电阻的电路图。(1)该同学先用一直流电压表粗测电源的电动势，已知所接的电压表量程为0～15V，其示数如图2所示，则电压表的读数为___________V。(2)根据图1电路图实验，在某次实验时毫安表的示数如图3所示，其读数为___________mA。(3)若在操作过程中同时读取电流与电阻箱阻值的读数，当电阻箱为R1=150时，电流表读数为I1=50mA，当电阻箱为R2=200时，电流表读数为I2=40mA，则电源的电动势E=___________V，内阻r=___________。（结果保留两位有效数字）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）匀强电场中，将一电荷量为2×10-5C的负电荷由A点移到B点，其电势能增加了0.1J，已知A、B两点间距为2cm，两点连线与电场方向成60°角，如图所示，问：（1）在电荷由A移到B的过程中，电场力做了多少功？（2）该匀强电场的电场强度为多大？14．（16分）如图所示，电子由静止开始经加速电场加速后，沿平行于板面的方向射入偏转电场，并从另一侧射出．已知电子质量为m，电荷量为e，加速电场电压为U1．偏转电场可看作匀强电场，极板间电压为U，极板长度为L，板间距为d．(1)忽略电子所受重力，求电子射入偏转电场时的初速度v1和从电场射出时沿垂直板面方向的偏转距离Δy；(2)分析物理量的数量级，是解决物理问题的常用方法．在解决（1）问时忽略了电子所受重力，请利用下列数据分析说明其原因．已知，，，，．(3)极板间既有静电场也有重力场．电势反映了静电场各点的能的性质，请写出电势的定义式．类比电势的定义方法，在重力场中建立“重力势”的概念，并简要说明电势和“重力势”的共同特点．15．（12分）一名滑雪者在倾斜的雪道上由静止开始匀加速滑下，经t=5s的时间下滑了x=50m，随即进入与倾斜雪道平滑连接的水平雪地做匀减速直线运动，如图所示，已知运动员与其全部装备的总质量m=80kg，取g=10m/s1．不计空气阻力．（1）求运动员在倾斜的雪道上下滑时的加速度a的大小；（1）求运动员滑动倾斜雪道底端时速度v的大小；（3）若滑雪者在水平雪地上滑行的最大距离是l=100m，求滑雪者在水平雪地上受到的阻力f的大小．

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】

ab与磁场的方向垂直，受到的安培力F1=BIL，方向垂直于纸面向外，ac的方向与磁场的方向不垂直，其有效长度为L，与ab的长度相等，所以受到的安培力为F3=BIL，方向垂直于纸面向里，bc与磁场平衡，不受安培力，故F2=0，故ABC错误，D正确。故选D。2、B【解析】

电源电动势不变，据知，当R变化时，I也变化，路端电压U与R的大小不成正比，故A错误；当R＝0时，电路处于短路状态，由U＝IR知，电源路端电压为0，故B正确；由可知，流过电源的电流越大，路端电压U越小，故C错误；外电路断开时，回路中电流为0，根据闭合电路欧姆定律可知，路端电压为E，故D错误．3、B【解析】

A.该电池接入电路工作时，电池两极间的电压小于电动势，故A错误；B.当外电路接通时，由闭合电路欧姆定律可知：电源的电动势等于内外电路上的电压之和，故B正确。C.电动势与电源本身的性质有关，与外电路的电阻无关；故C错误；D.干电池电动势为1.5V，表明将1C的正电荷从电源负极移到正极，通过非静电力做功，将其它形式的能量1.5J转化为电能，即非静电力做功1.5J，故D错误。4、C【解析】

AB．因为：根据：知感应电动势之比,感应电流：则感应电流之比为.故A错误，B错误.

C．根据：知时间比为，根据：知产生热量之比为.故C正确.

D．根据：两种情况磁通量的变化量相同，所以通过某截面的电荷量之比为.所以D错误.5、D【解析】

AB：由交流电动势瞬时值表达式e=102sin4πt(V)可知，线圈转动的角速度ω=4πrad/s，则交流电的频率f=ω2π=4π2πC：当t=0.5s时，e=0V。故C项错误。D：当t=0时，e=0V，此时产生此交流电的线圈磁通量的变化率最小，磁通量最大，线圈平面与中性面重合。故D项正确。【点睛】中性面位置时(线圈与磁场垂直)，磁通量最大，磁通量变化率为零，感应电动势、感应电流为零，电流方向发生改变；垂直中性面位置时(线圈与磁场平行)，磁通量为零，磁通量变化率最大，感应电动势、感应电流最大。6、D【解析】由题意，当变阻器R1的滑动触头在图示位置时，C1、C2的电量相等，则，要使C1的电量大于C2的电量，根据Q=CU，可知，C1的电压占R1两端的总电压的比例应增大，根据闭合电路分析，则有当将R1的滑动触头向B端移动时，C1的电压占R1两端的总电压的比例将增大，而R2电阻的增大或减小，都不会导致C1的电压占R1两端的总电压的比例增大，故D正确，ABC错误；故选D.点睛：电路稳定后，电容器的电压等于与之并联电阻两端的电压，而电阻R2、R1串联，根据电容器电量的变化，结合欧姆定律分析，即可求解．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】

多用电表的工作原理是闭合电路的欧姆定律．题图为一简易的多用电表原理示意图．其中1、2两档用来测电流，接1时分流电阻相对更小，故接1时电表的量程更大，第1档为大量程，那么S接2时量程较小，A正确；3、4两档用来测电阻，其中黑表笔连接表内电池的正极，故B为黑表笔；A与电源的负极相连，故A为红表笔，B错误；要测量电压，电流表应与电阻串联，由图可知当转换开关S旋到位置5、6时，即5、6两档用来测电压．因为6档共用一个表头，所以测电压时外部电源的正极应该接在A表笔上，故A为红表笔，C错误；要测量电压，电流表应与电阻串联，由图可知当转换开关S旋到位置5、6时；测量电压，电流表所串联的电阻越大，所测量电压值越大，故当转换开关S旋到6的量程比旋到5的量程大，D正确；8、AD【解析】

A．为了使电池与两金属支架连接后线圈能连续转动起来，将左、右转轴下侧的绝缘漆都刮掉，这样当线圈在图示位置时，线圈的上下边受安培力水平而转动，转过一周后再次受到同样的安培力而使其转动，故A正确；B．若将左、右转轴上下两侧的绝缘漆都刮掉，则当线圈在图示位置时，线圈的上下边受安培力水平而转动，转过半周后再次受到相反方向的安培力而使其停止转动，故B错误；C．左转轴上侧的绝缘漆刮掉，右转轴下侧的绝缘漆刮掉，电路不能接通，故不能转起来，故C错误；D．若将左转轴上下两侧的绝缘漆都刮掉，右转轴下侧的绝缘漆刮掉，这样当线圈在图示位置时，线圈的上下边受安培力水平而转动，转过半周后电路不导通，转过一周后再次受到同样的安培力而使其转动，故D正确.9、AD【解析】

AB.和是两个不带电的物体，它们互相摩擦后带正电，实质是上的电子转移到上，故在此之前和都带电荷，故A正确，B错误；CD.摩擦后带正电，说明失去电子，而相应得到等量的电子，故在摩擦后一定带负电，在摩擦过程中失去的电子数为：个故C错误，D正确。10、BD【解析】

电动机是非纯电阻电路，电动机总功率等于输出功率与热功率之和；由闭合电路欧姆定律可以求出电源电动势．【详解】t秒钟内，电动机消耗的电能为UIt，电动机产生的热量是I2Rt，输出的电功为UIt-I2Rt，故A错误，B正确；根据闭合电路欧姆定律，有：E=U+Ir，电动机是非纯电阻电路，故U＞IR，故E＞IR+Ir，故C错误，D正确；故选BD。【点睛】电动机是非纯电阻电路，电动机总功率等于输出功率与热功率之和．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、CPOPADE【解析】

(1)[1]小球离开轨道后做平抛运动，由于小球抛出点的高度相等，它们在空中的运动时间相等，小球的水平位移与小球的初速度成正比，可以用小球的水平位移代替其初速度，即测量射程，故C正确。(2)[2][3][4]和碰撞后，的动能减小，则速度减小，落点在M，碰撞后速度比更大，落点在N，没有发生碰撞时，的落点在P；验证动量守恒定律实验中，质量可测，而瞬时速度较难测得。因此采用了落地高度不变的情况下，水平射程来反映平抛的初速度大小，所以仅测量小球抛出的水平射程来间接测出速度。所以要先让入射球m1多次从斜轨上S位置由静止释放，找到其平均落地点的位置P，测量平抛射程OP。要验证动量守恒定律定律，即验证小球离开轨道后做平抛运动，它们抛出点的高度相等，在空中的运动时间t相等，上式两边同时乘以t得得因此实验需要测量：两球的质量、小球的水平位移，为了测量位移，应找出落点位置；故ADE正确，BC错误。故选ADE。(3)[5][6]由(2)知，实验需要验证如果碰撞过程机械能守恒，则两边同时乘以得则可得12、9.5681050【解析】

第一空．所接的电压表量程为0～15V，则电压表的分度值为0.5V；其示数如图2所示，则电压表的读数9.5V．第二空．所接毫安表量程为0～100mA，则毫安表的分度值为2mA；毫安表的示数如图3所示，其读数为68mA．据闭合电路欧姆定律可得：联立解得：．第三空