2025届广东省广州市番禺区广东第二师范学院番禺附中物理高二第一学期期中经典模拟试题含解析

2025届广东省广州市番禺区广东第二师范学院番禺附中物理高二第一学期期中经典模拟试题请考生注意：1．请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0．5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2．答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、电流表的内阻是Rg=200Ω，满偏电流值是Ig=0.5mA，现在欲把这电流表改装成量程为1.0V的电压表，正确的方法是A．应串联一个0.1Ω的电阻B．应并联一个0.1Ω的电阻C．应并联一个1800Ω的电阻D．应串联一个1800Ω的电阻2、在电场中某点放上电荷量为2×10-8C的带负电的试探电荷，它受到的电场力为6A．3×106N/CC．3×106N/C3、两个带同种电荷的小球放在光滑绝缘的水平桌面上，由静止释放，运动过程中两球的（）A．速度逐渐变小B．加速度逐渐变大C．库仑力逐渐变小D．库仑力逐渐变大4、关于闭合电路的性质，下列说法不正确的是（）A．外电路断路时，路端电压最高B．外电路短路时，电源的功率最大C．外电路电阻变大时，电源的输出功率变大D．不管外电路电阻怎样变化，其电源的内、外电压之和保持不变5、真空中两个点电荷相距r时,静电力为F,如果保持它们的电量不变,而将距离增大为2r时,则静电力将变为A． B．FC． D．2F6、如图所示，三个完全相同的半圆形光滑轨道竖直放置，分别处在真空、匀强磁场和匀强电场中，轨道两端在同一高度上，P、M、N分别为轨道的最低点．三个相同的带正电小球同时从轨道左端最高点由静止开始沿轨道运动且均能通过最低点．如图所示，则下列有关判断正确的是（）A．小球第一次到达轨道最低点的速度关系B．小球第一次到达轨道最低点时对轨道的压力关系C．小球从开始运动到第一次到达轨道最低点所用的时间关系D．三个小球到达轨道右端的高度都不相同，但都能回到原来的出发点位置二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，质量相同的两个带电粒子P、Q以相同的速度沿垂直于电场方向射入两平行板间的匀强电场中，P从两极板正中央射入，Q从下极板边缘处射入，它们最后打在同一点（不计P、Q的重力以及它们间的相互作用），则从开始射入到打到上极板的过程，下列说法中正确的是A．它们运动的时间相等B．它们所带的电荷量之比qP：qQ=1：2C．它们的电势能减小量之比△EP：△EQ=1：2D．它们的电场力做功之比WP：WQ=2：18、1930年劳伦斯制成了世界上第一台回旋加速器，其原理如图所示，这台加速器由两个铜质D形合D1、D2构成，其间留有空隙，下列说法正确的是A．离子由加速器的中心附近进入加速器B．离子由加速器的边缘进入加速器C．离子从磁场中获得能量D．离子从电场中获得能量9、利用静电计．研究平行板电容器的电容与哪些因素有关的实验装置如图所示，则下面叙述中符合实验中观察到的结果的是（）A．N板向下平移，静电计指针偏角变大B．N板向左平移，静电计指针偏角变大C．保持N板不动，在M、N之间插入一块绝缘介质板，静电计指针偏角变大D．保持N板不动，在M、N之间插入一块金属板，静电计指针偏角变大10、如图所示，在竖直放置的半径为R的光滑半圆弧绝缘细管的圆心O处固定一点电荷，将质量为m，带电量为+q的小球从圆弧管的水平直径端点A由静止释放，小球沿细管滑到最低点B时，对管壁恰好无压力，已知重力加速度为g，则下列说法正确的是（）A．小球在B时的速率为B．小球在B时的速率小于C．固定于圆心处的点电荷在AB弧中点处的电场强度大小为3mg/qD．小球不能到达C点（C点和A在一条水平线上）三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）（1）有一游标卡尺，主尺的最小分度是1mm，游标上有20个小的等分刻度。用它测量一小球的直径，如图1所示的读数是__________mm。（2）用螺旋测微器测量一根金属丝的直径，如图2所示的读数是_____________mm。（3）如图3所示的电流表读数为_________A，如图4所示的电压表读数为____________V（4）某同学先用多用电表粗测其电阻。用已经调零且选择开关指向欧姆挡“×100”档位的多用电表测量，发现指针的偏转角度太小，这时他应将选择开关换成另一个挡位，然后进行欧姆调零，再次测量电阻丝的阻值，其表盘及指针所指位置如右图所示，则此段电阻丝的电阻为_______Ω．12．（12分）在“测定金属丝电阻率”的实验中,需要测量的物理量有U、I、d、L：（1）用螺旋测微器测金属丝直径时读数如图甲，则金属丝的直径为______mm．（2）若用图乙测金属丝的电阻，则测量结果将比真实值_____选填“偏大”或“偏小”（3）用给定的物理量符号表示，该金属丝的电阻率为_____________四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）x=0的质点在t=0时刻开始振动，产生的波沿x轴正方向传播，t1=0.14s时刻波的图像如图所示，质点A刚好开始振动。(1)求波在介质中的传播速度；(2)求x=4m的质点在0.14s内运动的路程。14．（16分）如图所示，质量为M的小车静止在光滑水平面上，小车AB段是半径为R的四分之一光滑圆弧轨道，BC段是长为L=2R的水平粗糙轨道，AB和BC两段轨道相切于B点，小车右边固定一个连接轻弹簧的挡板，开始弹簧处于自由状态，自由端在C点右侧的P点，C点到挡板之间轨道光滑。一质量为可视为质点的滑块从圆弧轨道的最高点由静止滑下，而后滑入轨道，滑块与轨道C间的动摩擦因数为μ=0.25，重力加速度为g。求:（1）滑块到达B点时小车的速度大小；（2）弹簧获得最大弹性势能；（3）滑块从B点运动到C点的过程中，小车运动的位移大小。15．（12分）如图所示，质量为M＝3.0kg的小车以v0＝1.0m/s的速度在光滑的水平面上向左运动，车上AD部分是表面粗糙的水平轨道，DC部分是光滑的1/4圆弧，整个轨道由绝缘材料制成，小车所在空间内有竖直向上的匀强电场和垂直纸面向里的匀强磁场，电场强度E＝40N/C，磁感应强度B＝2.0T．现有一质量为m＝1.0kg、电荷量为q＝－1.0×10－2C的滑块以u＝8m/s的水平速度向右冲上小车，当滑块通过D点时速度为v1＝5.0m/s（滑块可视为质点，g取10m/s2），求：（1）滑块从A到D的过程中，小车、滑块组成的系统损失的机械能；（2）如果圆弧轨道半径R＝1.0m，求滑块刚过D点时对轨道的压力；（3）若滑块通过D点时，立即撤去磁场，要使滑块不冲出圆弧轨道，求此圆弧的最小半径．

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】

把电流表改装成电压表需要串联分压电阻，电阻阻值为：A.与分析不符，故A错误；B.与分析不符，故B错误；C.与分析不符，故C错误；D.与分析相符，故D正确．2、C【解析】试题分析：根据公式E=Fq可得该点的电场强度为考点：考查了对电场强度的理解3、C【解析】解：因为两小球带同种电荷,所以他们之间的相互排斥,所以两个小球由静止释放后,在库仑力的作用下,沿相反的方向运动,并且受到的库仑力与其运动方向相同,所以两个小球的速度越来越大,两小球的间距越来越大,根据公式,它们之间的库仑力在不断减小,根据牛顿第二定律,可得加速度减小,所以只有C正确。4、C【解析】

由闭合电路欧姆定律可知：E＝U外＋U内，当外电路断路时，即I＝0，此时U外＝E，路端电压最大；外电路短路时，电路中电流最大，此时，电源的功率也最大；电源的输出功率，即外电路消耗的功率，P＝I2R＝＝，只有当R＝r时，电源的输出功率最大，故C错．应选C.5、C【解析】

设两点电荷分别带电为q1、q2，由点电荷库仑力的公式得：电量不变，将它们之间的距离增大为2r，库仑力将变为：A.．故A项错误；B.F．故B项错误；C.．故C项正确；D.2F．故D项错误．6、B【解析】

A．在第二图中，因为洛仑兹力总是垂直于速度方向，故洛仑兹力不做功；球下落时只有重力做功，故第一、二图两次机械能均守恒，由故两次球到最低点的速度相等，第三图中，小球下滑的过程中电场力做负功，重力做正功，所以小球在最低点的速度小于前两个图中的速度．即，故A错误；B．小球在最低点时，第一图中重力和支持力提供向心力，即而第二图中是重力、支持力和洛伦兹力提供向心力，即第三图中，重力与支持力提供向心力，即则故B正确；C．第一图和第二图比较可得，小球下滑的速度相等，故tP=tM．故C错误；D．第一、二两图中，洛伦兹力不做功，只有重力做功，动能和重力势能之间转换，故小球在右端都能到达高度相同，且回到原来的出发点；第三图中，小球向右运动时电场力做负功，则在最右端时上升的高度小于第一、二图中上升的高度，但是也能回到原出发点，选项D错误．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AB【解析】垂直电场方向不受力，做匀速直线运动，位移相等，速度相等，由x=vt得知，运动的时间相等，故A正确；平行电场方向受到电场力作用，做初速度为零的匀加速直线运动，根据位移时间关系公式，有：y=12at2，解得：a=2yt2…①，

根据牛顿第二定律，有：qE=ma…②，由①②两式解得：q=2myEt2，所以它们所带的电荷量之比qP：qQ=1：2，故B正确；根据动能定理，有：qEy=△Ek，而：qP：qQ=1：2，yP：yQ=1：2，所以电场力做功之比WP：WQ=1：4，它们的电势能减小量之比8、AD【解析】

据回旋加速器的工作原理知，粒子由回旋加速器的中心附近进入加速器，且在电场中加速，通过磁场回旋，所以从电场中获得能量，故选AD。【点睛】回旋加速器的工作原理是利用电场加速，磁场偏转，且二者的周期相同，被加速离子由加速器的中心附近进入加速器，而从边缘离开加速器；洛伦兹力并不做功，而电场力对带电离子做功，即可加速正电荷也可加速负电荷。9、AB【解析】

A.将N板向下平移，板间距离增大，电容减小，而电容器的电量不变，由C=Q/U分析可知，板间电压增大，则静电计指针张角增大，故A正确；B.将N板向左平移，两板正对面积减小，电容减小，而电容器的电量不变，由C=Q/U分析可知，板间电压增大，则静电计指针张角变大，故B正确；C.在M、N之间插入一块绝缘介质板，由电容的决定式，得知，电容C增大，而电量Q不变，则由电容的定义式C=Q/U分析得知，板间电压U减小，静电计指针偏角变小．故C错误；D.保持N板不动，在M、N之间插入一块厚金属板，相当于极板的间距减小，电容增大，而电容器的电量不变，由C=Q/U分析可知，板间电压变小，则静电计指针张角变小．故D错误．10、AC【解析】试题分析：由A到B，由动能定理得：，解得，A正确，B错误，在B点，对小球由牛顿第二定律得：，将B点的速度带入可得，C正确，从A到C点过程中电场力做功为零，所以小球能到达C点，D错误，考点：动能定理和牛顿定律综合的问题点评：小球沿细管滑到最低点B时，对管壁恰好无压力．并不是电场力等于重力，而是电场力与重力提供向心力去做圆周运动．当是点电荷的电场时，由于电场力与支持力均于速度方向垂直，所以只有重力做功．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、13.55mm0.680±0.001mm0.46A1.90±0.01V13000Ω【解析】

（1）游标卡尺的读数是：1.3cm+0.05mm×11=13.55mm。（2）螺旋测微器的读数是：0.5mm+0.01mm×18.0=0.680mm。（3）如图3所示的电流表最小刻度为0.02A，则读数为0.46A，如图4所示的电压表最小刻度为0.1V，则读数为1.90V（4）欧姆表指针的偏转角度太小，则说明倍率档选择过小，要换用大量程的，即选×1000档，其阻值为：13×1000Ω=13000Ω；【点睛】解决本题的关键掌握游标卡尺和螺旋测微器的读数方法，游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．欧姆表要注意倍率的选取．12、0.697mm（0.695---0.698均正确）偏小【解析】

(1)[1]金属丝的直径为(2)[2]采用电流表外接法，电流表示数偏大，电压表示数准确，，测量结果将比真实值偏小。(3)[3]金属丝电阻电阻决定式联立解得：四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)50m/s；(2)0.15m【解析】

(1)传播速度(2)由波形图可知，在0.14s内，x=4m的质点从平衡位置开始振动