2025届福建省泉州永春华侨中学高二物理第一学期期中达标检测试题含解析

2025届福建省泉州永春华侨中学高二物理第一学期期中达标检测试题注意事项：1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0．5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，直线a为某一电源的U-I图线，直线b为某电阻的U-I图线，用该电源和该电阻组成闭合电路时，电源的输出功率和内电阻分别为（）A．6W，0.1ΩB．4W，0.5ΩC．4W，1ΩD．2W，0.5Ω2、电流表的内阻是Rg=200Ω，满偏电流值是Ig=0.5mA，现在欲把这电流表改装成量程为1.0V的电压表，正确的方法是A．应串联一个0.1Ω的电阻B．应并联一个0.1Ω的电阻C．应并联一个1800Ω的电阻D．应串联一个1800Ω的电阻3、一根通电导线处在磁场中，该导线没有受到安培力，则可知：A．导线与磁场的方向互相平行； B．导线与磁场的方向互相垂直；C．导线与磁场的方向夹角为45°； D．以上情况都有可能．4、如图所示，A、B是两个带有绝缘支架的金属球，它们原来均不带电，并彼此接触，现使带负电的橡胶棒C靠近A（C与A不接触），然后先将A、B分开，再将C移走，关于A、B的带电情况，下列判断正确的是()A．A、B均带正电B．A、B均带负电C．A带正电，B带负电D．A带负电，B带正电5、一段粗细均匀的铝线，其横截面积直径是d，电阻为1欧。现将其拉制成直径为0.1d的均匀细线后，它的电阻值变成（）A．0.1千欧 B．0.01千欧 C．10千欧 D．100千欧6、如图所示，面积为S的线圈平面与磁感应强度为B的匀强磁场垂直，一半在磁场中，则穿过线圈的磁通量为A．0 B．BSC．BS D．2BS二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、关于电流，下列说法中正确的是（）A．由可知，通过导线截面的电量越多，电流越大B．由I=nqsv可知，同一导线内电荷定向移动的速率越大，电流越大C．由I=可知，同一导体中的电流与导体两端的电压成正比D．因为电流有方向，所以电流是矢量8、如图所示，一质量为m、带电荷量为的物体处于场强按E＝E0－kt（E0、k均为大于零的常数，取水平向左为正方向）变化的电场中，物体与竖直墙壁间的动摩擦因数为μ，当t＝0时刻物体处于静止状态．若物体所受的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，且电场空间和墙面均足够大，下列说法正确的是A．物体开始运动后加速度先增加、后保持不变B．物体开始运动后加速度不断增大C．经过时间t＝，物体在竖直墙壁上的位移达最大值D．经过时间t＝，物体运动速度达最大值9、如图所示,在方向水平向左的匀速电场中有一倾角为60°、高为H的固定绝缘斜面体,现将一质量为m,带正电且电荷量为q的小物块(可视为质点)从斜面体顶端由静止释放,已知重力加速度为g,匀强电场的电场强度大小为E=3mgq,不计空气阻力A．小物块将沿斜面下滑B．小物块将做曲线运动C．小物块到达地面时的速度大小为2D．若其他条件不变,只增大电场强度,小物块到达地面前的运动时间不变10、如图所示，在绝缘的斜面上方，存在着匀强电场，电场方向平行于斜面向上，斜面上的带电金属块在平行于斜面的力F作用下沿斜面移动．已知金属块在移动的过程中，力F做功32J，金属块克服电场力做功8J，金属块克服摩擦力做功16J，重力势能增加18J，则在此过程中金属块的（）A．动能减少10J B．电势能增加24JC．机械能减少24J D．内能增加16J三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）请在右图方框中画出“测绘小灯泡伏安特性曲线”实验的实验电路图，采用该电路图实验时其测量结果比实际真实值________（填“偏大”、“偏小”、“不变”）12．（12分）在“测绘小灯泡的伏安特性曲线”的实验中，使用的小灯泡标有“6V3W”，其他可供选择的器材有：A．电压表V1(量程6V，内阻20kΩ)B．电压表V2(量程20V，内阻60kΩ)C．电流表A1(量程3A，内阻0.2Ω)D．电流表A2(量程0.6A，内阻1Ω)E．滑动变阻器R1(0～1000Ω，0.5A)F．滑动变阻器R2(0～20Ω，2A)G．学生电源E(6V～8V)H．开关S及导线若干某同学通过实验测得小灯泡两端的电压U和通过它的电流I，绘成U－I关系曲线如图甲所示．(1)实验中电压表应选用________，电流表应选用________，滑动变阻器应选用________；(2)在虚线框乙中画出实验所用的电路图________；(3)若实验中采用了如下图所示的部分电路，测算出的电功率比灯泡的实际功率___________(选填“偏大”或“偏小”)．(4)若将该小灯泡接在电动势为6V，内阻为4Ω的电源两端，则灯泡实际消耗的功率为________W（保留3位有效数字）.四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）空间有一与纸面平行的匀强电场，纸面内的A、B、C三点位于以O点为圆心，半径R＝0.2m的圆周上，并且，如图所示．现把电荷量的试探电荷从A移到B，电场力做功;从B移到C，电场力做功为．求：（1）AB两点的电势差UAB与BC两点的电势差UBC;（2）该匀强电场场强方向和大小．14．（16分）如图所示，顶角的金属导轨MON固定在水平面内，导轨处在方向竖直、磁感应强度为B的匀强磁场中．一根与ON垂直的导体棒在水平外力作用下以恒定速度沿导轨MON向右滑动，导体棒的质量为m，导轨与导体棒单位长度的电阻均为导体棒与导轨接触点为a和b，导体棒在滑动过程中始终保持与导轨良好接触时，导体棒位于顶角O处．求：（1）t时刻流过导体棒的电流强度I和电流方向．（2）导体棒作匀速直线运动时水平外力F的表达式．（3）导体棒在时间内产生的焦耳热Q．15．（12分）如图所示的电路中，电源的电动势E=10V，内阻忽略不计，电阻的阻值分别为R1=R2=20Ω、R3=10Ω，滑动变阻器的最大阻值R=40Ω，电容器的电容C=20μF，则：（1）将滑动触头P置于ab中点，合上电键S，待电路稳定后再断开S．求断开S的瞬间，通过R1的电流大小和方向；（2）闭合电键S，当滑动触头P缓慢地从a点移到b点的过程中，通过导线BM的电量为多大？

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】由图线a可知，电源的电动势E=3V，短路电流为I短=6A；则电源的内电阻r=EI短=36Ω=0.5A；

当将电阻与电源相连时，两图线的交点表示电路的工作状态，此时电路中电流为点睛：本题考查对电源和电阻伏安特性曲线的理解能力，要知道两图线的交点就表示该电源和该电阻组成闭合电路时的工作状态，能直接电流和路端电压，从而求出电源的输出功率．2、D【解析】

把电流表改装成电压表需要串联分压电阻，电阻阻值为：A.与分析不符，故A错误；B.与分析不符，故B错误；C.与分析不符，故C错误；D.与分析相符，故D正确．3、A【解析】

一根通电导线处在磁场中，该导线没有受到安培力，则可知导线与磁场的方向互相平行，故选A.【点睛】解决本题的关键掌握安培力的大小公式，知道当磁场方向与电流方向平行时，安培力为零；垂直时安培力最大．4、C【解析】

使带负电的橡胶棒C靠近A，由于同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引，则A的左端将感应出正电，B的右端感应出负电；导体A和B分开，再移走C，导体A和B由于感应起电带上异种电荷，所以此时A带正电，B带负电．故选C．【点睛】解决本题的关键知道摩擦起电、感应起电、接触带电的实质都是电荷的移动，电荷的总量保持不变．5、C【解析】

铝线的横截面的直径为d，横截面积为S1=πd2，由数学知识得知，直径是0.1d后横截面积是S2=0.01S1，由于铝线的体积不变，由长度变为原来的100倍，根据电阻定律R=得到，电阻是原来的10000倍，即为10000Ω=10KΩ。故选C。6、B【解析】根据磁通量公式Φ＝BS，因为图中有效面积为S，所以B项正确．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解析】

通过导线截面的电量多，若时间长，电流不一定大，A错误；由I=nqsv可知，同一导线内电荷定向移动的速率越大，电流越大，B正确；由知，同一导体中的电流与导体两端的电压成正比，选项C正确；电流有方向，但是电流合成不遵循平行四边形法则，所以电流是标量，D错误．8、BC【解析】

AB．物体带正电，电场方向未改变之前，物体沿竖直墙运动，水平方向的支持力和电场力大小相等，电场力减小，支持力减小，滑动摩擦力减小，那么重力和摩擦力的合力竖直向下且增大，加速度增大；当电场方向反向时，物体脱离墙面，电场力增大，重力和电场力的合力增大，加速度增大，所以物体的加速度一直增大，A错误，B正确；C．电场强度为零时，物体开始离开墙面，此时物体在竖直墙壁上的位移达最大值，即：解得：，C正确；D．物体的加速度不断增大，速度不断变大，在这个过程中速度没有最大值，D错误。故选BC。9、CD【解析】

A、对物块进行受力分析，物块受重力和水平向左的电场力，电场力F=qE=3mg，则合力的大小为2mg，方向如图，小物块沿合力方向做匀加速直线运动，故A、BC、运用动能定理研究从开始到落地过程：F·3H+mgH=12mv2-0，D、将物块的运动分解为水平方向和竖直方向，增大电场强度，电场力增大，水平方向的加速度增大，竖直方向上的加速度不变，根据等时性知，运动时间不变，故D正确；故选CD。【点睛】对物块进行受力分析，画出物块的运动轨迹．运用动能定理或牛顿第二定律和运动学公式解决问题。10、AD【解析】

A．根据动能定理，合外力做功等于动能变化量，则即动能减少10J；A正确；B．电势能的变化量等于电场力做功，即即电势能增加8J；B错误；C．机械能的变化量等于除重力以外的其它力做功，即即机械能增加8J；C错误；D．内能增加量等于客服摩擦力做功，即16J，D正确。故选AD。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、偏小【解析】测绘小灯泡伏安特性曲线要求电压能够从零开始变化，所以滑动变阻器应采用分压接法；灯泡正常发光时电阻较小，电压表内阻远大于灯泡内阻，电流表应采用外接法。实验电路图如图所示：由于电压表的分流，电流测量值大于真实值，由欧姆定律可知，电阻测量值小于真实值，即测量值和真实值相比偏小。12、ADF1.89【解析】

（1）电源电压只有，而小灯泡的额定电压是，所以电压表选择量程为的电压表，即选A；小灯泡的额定电流，电流表选择量程的，即电流表选D；由于测绘小灯泡的伏安特性曲线实验中小灯泡的电压要从0开始变化，所以滑动变阻器选择分压式，因此选择阻值较小的便于调节，即滑动变阻器选F．（2）灯泡电阻约为，根据，所以小电阻选择电流表外接法，电路图如图所示：（3）在同一坐标系内作出电源的U-I图象如图所示：两图象的交点坐标值是该电源给灯泡供电时灯泡两端电压与通过灯泡的电流，由图象可知，灯泡两端电压U=4.2V，电流I=0.45A，灯泡实际功率P=UI=4.2V×0.45A=1.89W．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)（2）方向垂直OA向左【解析】试题分析：根据电势差定义式：即可求解从A移到B、及从B移到C的电势差；结合几何关系，即可确定A点的等势线，从而作出电场线，依据沿着电场线方向电势降低，即可判定电场强度方向，根据场强定义式求出电场强度．（1）根据电势差定义式：，同理可得：．（2）取，可得：，链接BC，将BC分成三等分点为D，则，可证A、O、D三点在同一条直线上，所以A、O、D三点在同一等势面上，所以CO为一条电场线，因此电场强度的方向垂直OA向左场强大小为：点睛：本题主要考查了电场线与等势面相互垂直而电场线由是由高电势指向低电势；匀强电场中U=Ed中的d应为沿电场方向的有效距离．14、（1）（2）（3）【解析】

（1）到时间内，导体棒的位移：时刻，导体棒的长度：导体棒的电动势：，回路总电阻：，电流强度：，电流方向：（2）根据题意有：（3）t时刻导体棒的电功率P=I2R′，由于I恒定，R′=v0rt正比于t，因此．15、（1）0.02A，方向向左．（2）1.6×10-4C．【解析】

（1）电键S闭合，电路稳定时电容器相当于断路．

BD两点的电势差为：UBD=E…①

PD两点的电势差为：UPD=