2025届四川省泸州市泸县一中物理高二第一学期期中调研模拟试题含解析

2025届四川省泸州市泸县一中物理高二第一学期期中调研模拟试题注意事项:1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2．答题时请按要求用笔。3．请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4．作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5．保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，两个质量均为m的完全相同的金属球壳a与b，其壳层的厚度和质量分布均匀，将它们固定于绝缘支架座上，两球心间的距离l为球半径的3倍．若使它们带上等量异种电荷，使其电荷量的绝对值均为Q，那么关于a、b两球之间的万有引力F引和库仑力F库的表达式正确的是()A．B．C．D．2、一匀强电场的方向平行于xOy平面,平面内a、b、c三点的位置如图所示,三点的电势分别为10V、17V、26V。下列说法正确的是()A．电场强度的大小为2.5V/cmB．坐标原点处的电势为2VC．电子在a点的电势能比在b点的低7eVD．电子从b点运动到c点,电场力做功为-9eV3、电阻R1与R2并联在电路中，通过R1与R2的电流之比为1∶2，则当R1与R2串联后接入电路中时，R1和R2两端电压之比U1∶U2为（）A．1∶2 B．1∶4C．2∶1 D．4∶14、下列物理量中属于标量的是（）A．位移 B．加速度 C．功率 D．向心力5、如图所示，水平地面上有一个倾角为θ的斜面，其表面绝缘．另一个带正电的滑块放在斜面上，两物体均处于静止状态．当加上水平向右的匀强电场后，滑块与斜面仍相对地面静止，则A．滑块与斜面间的摩擦力一定变大B．滑块对斜面的压力一定变大C．斜面体与地面间的摩擦力可能不变D．斜面体对地面的压力一定变大6、下列关于磁电式电流表的说法中错误的是（）A．磁电式电流表内部的蹄形磁铁和铁芯间的磁场是均匀辐向分布的；B．磁电式电流表的指针偏转角度的大小与被测电流的大小成正比；C．磁电式电流表的优点是灵敏度高，缺点是允许通过的电流很弱；D．磁电式电流表只能测定电流的强弱，不能测定电流的方向．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，电容器由平行金属板M、N和电介质D构成．电容器通过开关S及电阻及与电源E相连接．则A．M上移电容器的电容变大B．将D从电容器抽出，电容变小C．断开开关S，M上移，MN间电压将增大D．闭合开关S，M上移，流过电阻及的电流方向从B到A8、改变汽车的质量和速度，都能使汽车的动能发生变化，在下面四种情况中，能使汽车的动能变为原来的2倍的是：（）A．质量不变，速度增大到原来的2倍B．速度不变，质量增大到原来的2倍C．质量减小为原来的1/2，速度增大到原来的2倍D．速度减小为原来的1/2，质量增大到原来的2倍9、如图所示,高为h的光滑绝缘曲面处于匀强电场中,匀强电场的方向平行于竖直平面,一带电荷量为,质量为m的小球,以初速度v0从曲面底端的A点开始沿曲面表面上滑,到达曲面顶端B点的速度仍为v0,则下列说法不正确的是A．电场力对小球做功为B．A、B两点的电势差为C．小球在B点的电势能大于在A点的电势能D．由A到B的过程,机械能的总和保持不变10、如图所示，木块AB用轻弹簧连接，放在光滑的水平面上，A紧靠墙壁，在木块B上施加向左的水平力Ｆ，使弹簧压缩，当撤去外力后()A．A尚未离开墙壁前，AB系统的动量守恒；B．A尚未离开墙壁前，弹簧和B系统的机械能守恒C．A离开墙壁后，AB系统动量守恒；D．A离开墙壁后，AB系统机械能守恒．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）小灯泡的伏安特性曲线如图所示(只画出了AB段)，由图可知，当灯泡电压由3V变为6V时，其灯丝电阻改变了________Ω.12．（12分）一灵敏电流计，允许通过的最大电流为Ig=1mA，表头电阻Rg=500Ω，若改装成量程为Um=5V的电压表，应串联的电阻阻值为______Ω。若将改装后的电压表再改装成量程为Um=50V的电压表，应再串联一个阻值为_______Ω的电阻。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）电场中A、B两点的电势φA=900V，φB=-300V。把电荷q=-1.5×10-8C由A点移动到B点，电场力做了多少功？电势能是增加还是减少？增加或减少了多少？14．（16分）一个小型水力发电站，发电机输出电压U0=250V，内电阻可以忽略不计，最大输出功率为Pm=30kW，它通过总电阻R线=2.8的输电线直接向远处的居民区供电。设居民区所有用电器都是额定电压U用=220V的白炽灯，总功率为P用=22kW，忽略灯丝发光后电阻随温度的变化。（1）当居民区的电灯全部使用时，电灯两端的电压是多少伏?发电机实际输出的电功率多大?（2）若采用高压输电，在发电机端用升压变压器，在用户端用降压变压器，且不计变压器和用户线路的损耗。已知用户变压器的降压比为40：l，当全部用户电灯正常发光时，输电线上损耗的功率多大?15．（12分）如图所示，倾角为θ的斜面与足够长的光滑水平面在D处平滑连接，斜面上有A、B、C三点，AB、BC间距均为2L，CD间距为3L，斜面上BC部分粗糙，其余部分光滑。2块完全相同、质量均匀分布的长方形薄片，紧挨在一起排在斜面上，从下往上编号依次为1、2，第1块的下边缘恰好在A处。现将2块薄片一起由静止释放，薄片经过D处时无碰撞无机械能损失。已知每块薄片质量为m、长为L，薄片与斜面BC间的动摩擦因数为tanθ，重力加速度为g.求：（1）第1块薄片下边缘刚运动到B时的速度大小；（2）第1块薄片刚好完全滑上粗糙面时，两薄片间的作用力大小F；（3）全部滑上水平面后两薄片间的距离d.

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】

万有引力定律适用于两个可看成质点的物体，虽然两球心间的距离只有其半径r的3倍，但由于其壳层的厚度和质量分布均匀，两球壳可看作质量集中于球心的质点．因此，可以应用万有引力定律所以两者之间的引力为，库仑定理适合于真空中的两个点电荷，由于两球心间的距离只有其半径r的3倍，所以金属球壳a与b不能看作点电荷，则库仑力，故D正确；ABC错误；故选D2、A【解析】

A．经过b点做等势线与ac交于d点，则d点的电势为17V，所以过cf垂直bd于f，根据几何关系可知cf=3.6cm，则电场强度：故A项正确。B．根据：因a、b、c三点电势分别为φa=10V、φb=17V、φc=26V，解得原点处的电势为1V，故B错误；C．电子在a点的电势能高于b点，故C错误。D．电子从b点运动到c点，电场力做正功：故D错误。3、C【解析】

当R1、R2并联接入电路中时，电压相等，则R2：R1=I1：I2=1：2电阻R1、R2串联在电路中时，电流相等，则U1：U2=R1：R2=2：1故C正确，ABD错误。故选C。4、C【解析】试题分析：位移、加速度和向心力都是既有大小又有方向，相加时遵循平行四边形定则的物理量，都是矢量，只有功率是只有大小，没有方向的物理量，是标量，故C正确．故选C5、B【解析】

滑块开始受重力、支持力和静摩擦力处于平衡，加上匀强电场后，滑块多了一个水平向右的电场力，所受的静摩擦力方向可能沿斜面向上，可能沿斜面向下，则摩擦力的大小可能减小、可能增大，可能不变。故A错误。未加电场前，斜面体对滑块的支持力N=mgcosθ，加上电场后，支持力的大小变为N′=mgcosθ+qEsinθ，知滑块对斜面的压力变大。故B正确。对整体分析，未加电场时，水平方向上不受力，斜面体与地面的摩擦力为零，加上电场后，整体受到水平向左的摩擦力，知斜面体与地面间的摩擦力增大。竖直方向支持力的大小仍然等于总重力，所以斜面体与地面间的压力不变。故CD错误。故选B。6、D【解析】

A：磁电式电流表内部的蹄形磁铁和铁芯间的磁场是均匀辐向分布的，故A项正确．B：磁电式电流表内部的蹄形磁铁和铁芯间的磁场是均匀辐向分布的，因此不管铜电线圈转到什么角度，它的平面都与磁感线平行．因此，磁力矩与线圈中电流成正比．当铜电线圈转动时，螺旋弹簧将被扭动，产生一个阻碍线圈转动的阻力矩，其大小与线圈偏转角度成正比，当磁力矩与螺旋弹簧中的阻力矩相等时，线圈停止转动，此时指针偏转角度的大小与被测电流的大小成正比．故B项正确．C：磁电式电流表的优点是灵敏度高，缺点是允许通过的电流很弱．故C项正确．D：磁电式电流表的工作原理是安培力对通电线框的转动作用，根据指针转动大小与方向可确定电流的大小与方向．故D项错误．本题选错误的，答案是D．【点睛】在学过的测量工具或设备中，每个工具或设备都有自己的原理；对不同测量工具的制成原理，是一个热点题型，需要重点掌握．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解析】，根据电容的决定式可知，当M向上移时，板间距离d增大，电容器的电容变小；当将D从电容器抽出，介电常数减小，电容器的电容变小，故A错误，B正确；断开开关S，M上移，电量不变，而电容减小，根据电容的定义式，可知电容器两端的电压增大，故C正确；闭合开关S，电压不变，M上移时电容减小，则由可知，电量Q减小,电容器放电，流过电阻的电流方向从A到B，故D错误．选BC.【点睛】根据电容的决定式，分析电容的变化．电容器的板间电压不变，根据电容的定义式，分析电容器电量的变化，即可判断电路中电流的方向．8、BC【解析】质量不变，速度增大到原来的2倍，根据动能表达式：可知，动能变为原来的4倍，故A错误；速度不变，质量增大到原来的2倍，根据动能表达式：可知，动能变为原来的2倍，故B正确；质量减小为原来的1/2，速度增大到原来的2倍，根据动能表达式：可知，动能变为原来的2倍，故C正确；速度减小为原来的1/2，质量增大到原来的2倍，根据动能表达式：可知，动能变为原来的1/2倍，故D错误。所以BC正确，AD错误。9、ACD【解析】

A.小球上滑过程中，由动能定理得：得：W=mgh．故A错误，符合题意。B.由W=qU得，A、B两点的电势差为故B正确，不符合题意。C.由于电场力做正功，小球的电势能减小，则小球在B点的电势能小于在A点的电势能。故C错误，符合题意。D.由A到B的过程，由于电场力做正功，则机械能增加，选项D错误，符合题意。10、BC【解析】

A．当撤去外力F后，A尚未离开墙壁前，系统受到墙壁的作用力，系统所受的外力之和不为零．所以A和B组成的系统的动量不守恒，故A错误；B．以A、B及弹簧组成的系统为研究对象，在A离开墙壁前，除了系统内弹力做功外，无其他力做功，系统机械能守恒，故B正确；C．A离开墙壁后，A、B系统所受的外力之和为0，所以A、B组成的系统的动量守恒，故C正确；D．在A离开墙壁后，对A、B及弹簧组成的系统，除了系统内弹力做功外，无其他力做功，A、B及弹簧组成的系统机械能守恒，故D错误．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、5【解析】在A点时，小灯泡电阻为R=30.20Ω=15Ω，在B点时，小灯泡的电阻为12、4500Ω49500Ω【解析】

把电流表改装成电压表需要串联分压电阻，应用串联电路特点与欧姆定律可以求出串联电阻阻值。【详解】把电流表改装成5V的电压表需要串联电阻阻值：R=U把电流表改装成50V的电压表需要串联电阻阻值：R'【点睛】本题考查了电压表的改装，知道电压表的改装原理、应用串联电路特点与欧姆定律可以解题。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、-1.8×10-5J,增加,1.8×10-5J【解析】

电荷由移动到点过程中，电场力做功为：代入数据解得：电荷带负电，由高电