2025届江苏省江阴市暨阳中学物理高二上期中达标检测试题含解析

2025届江苏省江阴市暨阳中学物理高二上期中达标检测试题注意事项1．考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回．2．答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0．5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置．3．请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符．4．作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案．作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效．5．如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗．一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示，匀强电场的场强，A、B两点相距0.2m，两点连线与电场的夹角是60°，下列说法正确的是（）A．电荷量的电荷从A点运动到B点电势能增大6JB．电荷量的电荷从A点运动到B点电场力做功为-6JC．若取A点的电势为0，则B点的电势D．A、B两点间的电势差是2、如图，一正离子在电场力作用下从A点运动到B点，在A点的速度大小为v0，方向与电场方向相同．该离子从A点到B点的v﹣t图象是（）A． B． C． D．3、如图，直线A和B分别为电源a、b的路端电压与电流的关系图像。设两个电源的内阻分别为ra和rb，若将一定值电阻R分别接到A、B两电源上，通过R的电流分别为Ia和Ib则（）A．ra=rbIa=Ib B．ra>rbIa>Ib C．ra>rbIa=Ib D．ra>rbIa<Ib4、容器中有质子，α粒子的混合物，为了把它们分开，先让它们从静止开始经电场加速，穿出加速电场后，第一种：垂直进入匀强电场；第二种：垂直进入匀强磁场，利用电场或磁场使它们偏转，最后穿出电场或磁场，从而达到分开的目的。对于上述两种情况，能使质子和α粒子分开的是（不计粒子重力）A．两种情况都能使质子和α粒子分开B．两种情况都不能使质子和α粒子分开C．进入电场后可以分开进入磁场不能分开D．进入电场后不能分开进入磁场能够分开5、如图所示，一个内壁光滑的绝缘细直管竖直放置．在管子的底部固定一电荷量为Q（Q0）的带电体，在距离底部点电荷为h2的管口A处，有一电荷量为q（q0）、质量为m的小球自静止释放，在距离底部点电荷为h1的B处速度恰好为零．现让一个电荷量为q、质量为2m的小球仍在A处自静止释放，已知静电力常量为k，重力加速度为g，则该小球A．运动到B处的速度为零B．在下落过程中加速度大小一直变小C．向下运动了位移时速度最大D．小球向下运动到B点时的速度为6、如图所示，在竖直向上的匀强电场中，一根不可伸长的绝缘细绳的一端系着一个带电小球，另一端固定于0点，小球在竖直平面内做匀速圆周运动，最高点为a，最低点为b．不计空气阻力，则（）A．小球所受合力为零B．电场力跟重力平衡C．小球在从a点运动到b点的过程中，电势能减小D．小球在运动过程中机械能守恒二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图是利用静电计研究平行板电容器的电容与哪些因素有关的实验装置示意图，下面的叙述符合实验观察结果的是：（）A．b板向右平移，静电计指针偏转角度变小；B．b板向上平移，静电计指针偏转角度变小；C．b板不动，在a、b间插入一块绝缘介质板，静电计指针偏转角度变小；D．紧靠b板在a、b间插入一块金属板，静电计指针偏转角度变大．8、如图所示，金属棒ab置于水平放置的金属导轨cdef上，棒ab与导轨相互垂直并接触良好，导轨间接有电源．现用两种方式在空间加匀强磁场，ab棒均处于静止．第一次匀强磁场方向竖直向上；第二次匀强磁场方向斜向左上与金属导轨平面成θ=30°角，两次匀强磁场的磁感应强度大小相等．下列说法中正确的是（）A．两次金属棒ab所受的安培力大小不变B．第二次金属棒ab所受的安培力大C．第二次金属棒ab受的摩擦力小D．第二次金属棒ab受的摩擦力大9、在匀强磁场中，一矩形金属线框在匀强磁场中绕与磁感线垂直的转动轴匀速转动如图甲所示，产生的交变电动势随时间变化的规律如图乙所示，则下列说法正确的是（）A．t=0.01s时穿过线框的磁通量最小B．t=0.01s时穿过线框的磁通量变化率最大C．该线框匀速转动的角速度大小为100πD．电动势瞬时值为22V时，线圈平面与中性面的夹角可能为45°10、为了保护航天员的安全，飞船上使用了降落伞、反推火箭、缓冲座椅三大法宝，在距离地面大约1m时，返回舱的4个反推火箭点火工作，返回舱速度一下子降到了2m/s以内，随后又渐渐降到1m/s，最终安全着陆．把返回舱从离地1m开始减速到完全着陆称为着地过程，则关于反推火箭的作用，下列说法正确的是()A．减小着地过程中返回舱和航天员的动量变化B．减小着地过程中返回舱和航天员所受的冲量C．延长着地过程的作用时间D．减小着地过程返回舱和航天员所受的平均冲力三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）有一个电流表Ｇ，内阻Rg＝30Ω，满偏电流Ig＝1mA．要把它改装为量程0～0.6Ａ的电流表，要并联____Ω的电阻，改装后电流表的内阻是____Ω12．（12分）在“用双缝干涉测光的波长”实验中，准备了下列器材：A．白炽灯B．双缝片C．单缝片D．滤光片E.毛玻璃光屏（1）将以上器材安装在光具座上时，自光源起合理的顺序依次是（填所选器材前的字母）：D、_________、___________、E.（2）在实验中，手轮上前后两次示数情况如图，其中表示a纹位置的手轮读数为______mm．（3）如果上述实验中双缝片与光屏间距为0.500m，所用的双缝片是相距0.18mm规格的，则实验中所用单色光的波长为___________nm.（保留三位有效数）四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，在足够大的金属板A上有一小孔S，粒子源C可由小孔S向各个方向射出速率v=2×104m/s的带负电粒子，B为金属网，A、B连接在电路上，电源的电压U0=6V、内阻不计，图中滑动变阻器滑片置于中点并保持不动，A、B间距d1=15cm，M为足够大的荧光屏，B、M间距d2=30cm，当粒子穿过金属网打到荧光屏上时，荧光屏上就会出现一个圆形的亮斑，已知粒子的比荷C/Kg，（金属网与荧光屏之间无电场分布，不考虑粒子所形成的电流对电路的影响，粒子重力不计）．求：（1）A、B间电场（视为匀强电场）的场强E的大小;（2）粒子到达荧光屏的最短时间t;（3）亮斑的面积S（取π=3）.14．（16分）如图所示，线框用裸导线组成，足够长的、两边竖直放置且相互平行，裸导体水平放置并可沿、无摩擦滑动并接触良好，而导体棒所在处为匀强磁场，已知长，裸导体棒电阻，其它电阻不计。螺线管匝数，螺线管横截面积。在螺线管内有图示方向磁场，若均匀增加时，导体棒恰好处于静止状态，（）试求：(1)通过导体棒的电流大小？(2)导体棒质量m为多少？(3)现去掉磁场，导体棒下落时能达到的最大速度为多少？15．（12分）如图所示，在直角坐标系xOy的第一象限内有垂直于纸面向里的匀强磁场，第二象限有水平向左的匀强电场电场强度大小为E．一质量为m、电量为q的带负电粒子从x轴上某处（图中未画出）沿轴正方向以一定初速度射入电场，并且从y轴正半轴上的A点以与y轴正方向夹角为θ=45°的方向垂直磁场方向射入磁场，已知OA=l，不计粒子的重力，则(1)粒子进入电场时的位置坐标及初速度大小为多少？(2)磁感应强度大小为多少时粒子可以在第一次射出磁场时速度与x轴垂直？

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】

A．从A到B，电场力做功，则电势能减小6J。故A错误；B．从A到B，电场力做功；故B正确；CD．AB间的电势差，因为A点的电势为0，B点的电势为，故CD错误。故选B。2、C【解析】该离子从A点到B点，电场线分布越来越稀疏，即场强减小，所以电场力减小，那么离子的加速度也减小．速度−−时间图象中，图象的斜率表示加速度，即斜率的绝对值将减小．由于电场力方向向右与速度方向相同，所以离子将做加速运动．故A.B.D错误，C正确．故选：C.3、B【解析】

由图象可知，图象A斜率的绝对值大于图象B斜率的绝对值，因此ra＞rb，在同一坐标系内作出电阻R的U-I图象，如图所示:由图象可知Ia＞Ib，故B正确；A，C，D错误；故选B.【点睛】电源的U-I图象与纵轴的交点是电源电动势，图象斜率的绝对值是电源内阻；同时注意在同一图中作出电阻的伏安特性曲线时，两图象的交点为电阻的工作点．4、D【解析】

根据动能定理可求得两粒子加速后的动能和速度；再分别对进入电场和磁场中进入分析，根据电场中的类平抛运动规律和磁场中圆周运动规律进行分析，得出偏转位移和半径公式即可明确能否散开，从而确定能否分析．【详解】设加速电场电压为U，则在电场中加速过程，根据动能定理有，进入电场时，粒子做类平抛运动，设电场强度为E，则在垂直电场线方向上有，沿电场线方向上有：，则可知，偏转位移与荷质比无关，故无法将两种粒子分开；进入磁场时，根据洛伦兹力充当向心力则有，解得，因荷质比不同，则两种粒子运动半径不同，故在磁场中分开，由以上分析可知，D正确．【点睛】本题考查带电粒子在电场和磁场中的运动规律分析，要注意明确带电粒子在电场中做类平抛运动或匀变速运动，而在磁场中做匀速圆周运动，要注意体会两种方法的不同．5、D【解析】

A、B项：质量为m点电荷，从静止释放后开始下落，库仑力越来越大，所以点电荷先加速后减速．则加速度先减小后增大．当到达B点时，点电荷停止．由动能定理可得：，得：，而当换成质量2m点电荷时，仍从原来位置静止释放，则点电荷先加速后减速．则加速度先减小后增大，设停止的位置为B′，则由动能定理可得：，所以则速度为零的位置在B点下方，故AB错误；C项：速度最大位置，就是加速度为零的位置．即库仑力与重力相等的位置，当质量为2m时，设平衡位置距底部点电荷的距离为h0′则有：，所以则向下运动的位移，故C错误；D项：点电荷从静止到B点，由动能定理可得：，而所以B点时的速度为，故D正确．6、B【解析】试题分析：小球在竖直平面内做匀速圆周运动，受到重力、电场力和细绳的拉力，电场力与重力必定平衡，可判断小球的电性．由电场力做功情况，判断电势能的变化．机械能守恒的条件是只有重力做功．解：A、B据题小球在竖直平面内做匀速圆周运动，受到重力、电场力和细绳的拉力，电场力与重力平衡，则知小球带正电．故A错误，B正确．C、小球在从a点运动到b点的过程中，电场力做负功，小球的电势能增大．故C错误．D、由于电场力做功，所以小球在运动过程中机械能不守恒．故D错误．故选B【点评】本题的解题关键是根据质点做匀速圆周运动的条件，判断电场力与重力的关系，确定出小球的电性．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AC【解析】静电计是测量电势差的装置，电势差越大，静电计指针的偏角越大．由题，电容器的电量不变，根据分析电容器电容的变化，再由电容的定义式分析电容器两板间电势差的变化．将b板向右平移，板间距离减小，根据根据可知电容器电容C增大，而电容器的电量Q不变，由分析可知，电容器两板间电势差减小，则静电计指针偏角变小，A正确；将b板向上平移，两板正对面积减小，根据根据可知电容C减小，而电容器的电量Q不变，由分析可知，电容器两板间电势差增大，则静电计指针偏角变大，B错误；b板不动，在a、b之间插入一块绝缘介质板，电容增大，而电容器的电量Q不变，由分析可知，电容器两板间电势差减小，则静电计指针偏角变小，C正确；紧靠b板在a，b间插入一块金属板，相当于板间距离减小，电容增大，而电容器的电量Q不变，由分析可知，电容器两板间电势差减小，则静电计指针偏角变小，D错误．8、AC【解析】

AB、两次磁场方向都与导体棒垂直，故安培力均为，故A正确，B错误；CD、第一次安培力水平向右，导体棒受重力、支持力、安培力和向左的静摩擦力，根据平衡条件，有：，第二次安培力斜向右上方，与竖直方向成30°，导体棒受重力、支持力、安培力和向左的静摩擦力，如图所示：

根据平衡条件，有：，故第二次的摩擦力较小，故C正确，D错误；故选AC．9、CD【解析】

AB.由图象知：t=0.01s时感应电动势为零，则穿过线框的磁通量最大，磁通量变化率最小，故A、B错误；C.由图象得出周期T=0.02s，所以ω=2πT=100πD.当t=0时，电动势为零，线圈平面与磁场方向垂直，故该交变电动势的瞬时值表达式为e=222sin100πtV，电动势瞬时值为22V时，代人瞬时表达式，则有线圈平面与中性面的夹角正弦值sinα=2210、CD【解析】

返回舱和航天员在最后1m的着陆过程中用不用反推火箭，它们的初速度相同，末速度是0，故在着陆过程中返回舱和航天员的动量变化是相同的，反推火箭的作用是延长着陆时间，减少动量的变化率，根据动量定理，合外力的冲量等于动量的变化，由于动量变化相同，延长了着陆时间则减小了着陆过程中返回舱和航天员所受的平均冲击力．由分析知：在着地过程中返回舱和航天员的动量变化是相同的，故A错误；根据动量定理，在着地过程中返回舱和航天员的动量变化是相同的，故在此过程中所受冲量也是相同的，故B错误；反推火箭的主要作用是延长了返回舱和航天员的着地时间，故C正确；根据动量定理，在着地过程中动量的变化相同，反推火箭延长了着地时间，根据动量定理可知在着地过程中反推火箭的作用是减小着地过程返回舱和航天员所受的平均冲击力，D正确．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、0.050.05【解析】把电流表改装成0.6A的电流表，需要并联分流电阻阻值：改装后电流表的内阻：综上所述本题答案是：（1）.（2）12、（1）CB（2）1.789（3）567【解析】

双缝干涉测光的波长，首先需要单色光，让单色光通过双缝在光屏上形成干涉图样；螺旋测微器的读数等于固定刻度读数加上可动刻度读数，需估读；根据双缝干涉条纹的间距公式去求单色光的波长；【详解】(1)双缝干涉实验让单色光通过双缝在光屏上形成干涉图样，所以让白炽灯光通过滤光片，再经过单缝形成单色光，再通过双缝，故自光源起合理的顺序是ADCBE；(2)图甲中螺旋测微器固定刻度为1.5mm，可动刻度为0.01×28.9mm=0.289mm，最终读数为；图乙中的螺旋测微器固定刻度为4.5mm，可动刻度读数为0.01×44.0=0.440mm，最终读数为；(3)干涉条纹的间距，根据双缝干涉条纹的间距公式得；四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）20V/m（2）1.25×10-5s（3）0.36m2【解析】

(1)AB间的电压为：AB间的电场强度大小：E==20V/m(2)速度水平向右的粒子到达荧光屏的时间最短，从A到B的过程中，由动能定理得：qU=mv12-mv