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文档简介

江西省多校2024−2025学年高二上学期10月月考数学试题一、单选题(本大题共8小题)1.下列直线中,倾斜角最小的是(

)A. B.C. D.2.已知圆经过点,则圆在点P处的切线方程为(

)A. B.C. D.3.若方程表示椭圆,则m的取值范围为(

)A. B.C. D.4.若点在圆C:的外部,则m的取值可能为(

)A.5 B.1 C. D.5.已知,,过点的直线l与线段(含端点)有交点,则直线l的斜率的取值范围为(

)A. B.C. D.6.点关于直线对称的点的坐标为(

)A. B.C. D.7.已知圆:和:,若动圆P与这两圆一个内切一个外切,记该动圆圆心的轨迹为M,则M的方程为(

)A. B.C. D.8.已知P是圆C:上一动点,若直线l:上存在两点A,B,使得能成立,则线段的长度的最小值是(

)A. B. C. D.二、多选题(本大题共3小题)9.已知,,,且四边形是平行四边形,则(

)A.直线的方程为B.是直线的一个方向向量C.D.四边形的面积为310.若直线与曲线恰有一个交点,则k的值可能为(

)A.0 B. C.2 D.11.已知,,P是圆O:上的一个动点,则下列结论正确的是(

)A.过点B且被圆O截得最短弦长的直线方程为B.直线与圆O总有两个交点C.过点A作两条互相垂直的直线,分别交圆O于点E,G和F,H,则四边形的面积的最小值为97D.的最大值为三、填空题(本大题共3小题)12.已知O为坐标原点,是椭圆M:()的右焦点,过点F且与M的长轴垂直的直线交M于C,D两点.若为直角三角形,则M的长轴长为.13.已知,直线l:,过点A作l的垂线,垂足为B,则点B到x轴的距离的最小值为.14.在某城市中,F地位于E地的正南方向,相距2km;Q地位于E地的正东方向,相距1km.现有一条沿湖小径(曲线),其上任意一点到E和F的距离之和为4km.现计划在该小径上选择一个合适的点P建造一个观景台,经测算从P到F,Q两地修建观景步道的费用都是5万元/km,则修建两条观景步道的总费用最低是万元.四、解答题(本大题共5小题)15.已知直线l:.(1)若l在两坐标轴上的截距相反,求a的值;(2)若直线m:,且,求l与m间的距离.16.已知,分别是椭圆C:()的左、右焦点,P为C上一点.(1)若,点P的坐标为,求椭圆C的标准方程;(2)若,的面积为4,求b的值.17.已知圆M与y轴相切,其圆心在x轴的负半轴上,且圆M被直线截得的弦长为.(1)求圆M的标准方程;(2)若过点的直线l与圆M相切,求直线l的方程.18.已知A,B分别是椭圆C:()的上、下顶点,M是椭圆C上一动点.(1)若直线,的斜率之积为,且椭圆C的短轴长为,求椭圆C的方程;(2)若P是圆上一动点,且,求椭圆C的离心率的取值范围,19.定义:M是圆C上一动点,N是圆C外一点,记的最大值为m,的最小值为n,若,则称N为圆C的“黄金点”;若G同时是圆E和圆F的“黄金点”,则称G为圆“”的“钻石点”.已知圆A:,P为圆A的“黄金点”(1)求点P所在曲线的方程.(2)已知圆B:,P,Q均为圆“”的“钻石点”.(ⅰ)求直线的方程.(ⅱ)若圆H是以线段为直径的圆,直线l:与圆H交于I,J两点,对于任意的实数k,在y轴上是否存在一点W,使得y轴平分?若存在,求出点W的坐标;若不存在,请说明理由.

参考答案1.【答案】D【详解】由倾斜角的范围,可知斜率为正时倾斜角小于斜率为负时的倾斜角,故排除AC,B中直线斜率为,D中直线斜率为,由正切函数的单调性及知,的倾斜角最小.故选:D2.【答案】A【详解】因为圆经过点,将点代入圆的方程可得:.即,所以,则圆的方程为.对于圆,其圆心坐标为,所以此圆的圆心.:根据斜率公式,这里,,则.因为圆的切线与圆心和切点连线垂直,若两条垂直直线的斜率分别为和,则.已知,所以切线的斜率.又因为切线过点,根据点斜式方程(这里),可得切线方程为.整理得.故选:A.3.【答案】D【详解】因为方程表示椭圆,所以,解得,故选:D.4.【答案】C【详解】因为点在圆C:的外部,所以,解得,又方程表示圆,则,即,所以,结合选项可知,m的取值可以为.故选:C5.【答案】B【详解】,,由图象可知:直线l的斜率的取值范围为.故选:B.

6.【答案】A【详解】设点关于直线对称的点的坐标为,则,解得,故选:A7.【答案】C【详解】圆:和:的圆心、半径分别为,由可知圆内含于圆内,设动圆半径为,由题意,,,两式相加可得,故P点的轨迹为以为焦点的椭圆,其中,所以,所以椭圆方程为.故选:C8.【答案】A【详解】由圆得圆心,半径.因为直线上存在两点,使得恒成立,则以为直径的圆与圆有交点,当长度最小时,两圆外切,且两圆圆心所在直线与垂直,如图,

因为圆心到直线的距离,所以,故选:A9.【答案】ABD【详解】设,由四边形是平行四边形,可得,即,解得:,所以,,直线的方程为,即,故A正确;,所以是直线的一个方向向量,故B正确;,故C错误;到直线的距离,所以四边形的面积为,故D正确.故选:ABD.10.【答案】BD【详解】直线恒过定点,由可得,如图,由解得或(舍去),即,由,可得,由图可知,或时,直线与半圆恰有1个交点.故选:BD11.【答案】ABD【详解】如图,因为,圆O:,所以在圆内,当弦与垂直时,所截得的弦长最短,此时最短弦所在的直线方程为,A正确;由直线可得,故直线恒过点,由知点在圆内,所以直线与圆O总有两个交点,B正确;记点O到直线的距离分别为,则,又,,所以,即,则四边形的面积,即四边形的面积的最大值,C错误;当点P在轴上时,,当点P不在轴上时,设外接圆的圆心为,半径为,由正弦定理得,则,当外接圆的半径最小,即外接圆与圆O内切时,最大,由题意在的中垂线上,可设其坐标为,则,因为圆M与圆O内切,所以圆心距等于半径之差,则,化简后可得,即的最小值为,此时最大,最大值为,D正确.故选:ABD12.【答案】/【详解】因为当时,代入椭圆方程可得,所以,不妨设在第一象限,则,因为为直角三角形,由椭圆的对称性知,,所以,故,即,可得,解得或(舍去),所以椭圆M的长轴长为.故答案为:13.【答案】/【详解】由可得,由解得,即直线过定点,连接,则中点,因为,所以B在以为圆心,半径为的圆上,如图,圆的方程为,则圆心到轴的距离,所以点B到x轴的距离的最小值为.故答案为:14.【答案】15【详解】以所在直线为轴,的垂直平分线为轴,建立如图所示的直角坐标系.设Р为沿湖小径上的任意一点,则,根据椭圆的定义可知,点P的轨迹为椭圆.所以,则点P的轨迹方程为,由题意,修建两条观景步道的总费用为,由图形可知,当三点共线且在之间时,即运动到处时,总费用最低,最低为.故答案为:1515.【答案】(1)(2)【详解】(1)令,则,令,则,所以,解得.(2)因为,所以,解得,则的方程为,即,则l与m间的距离.16.【答案】(1)(2)【详解】(1)已知,因为,所以.点在椭圆上,将其代入椭圆方程,可得,即,解得.又因为,,,所以.所以椭圆的标准方程为.(2)因为,所以的面积,则.根据椭圆定义,.由勾股定理可得.又,即.在椭圆中有,将变形为,即,解得.17.【答案】(1)(2)或【详解】(1)因为圆心在轴的负半轴上,所以设圆:又圆与轴相切,所以,即.圆心到直线的距离为,所以,解得,则.故圆的标准方程为.(2)由(1)知,圆心为,因为,所以点在圆外,过圆外一点作圆的切线,其切线有2条.①当的斜率存在时,设的方程为,即,则圆心M到的距离,解得,此时的方程为.②当的斜率不存在时,直线的方程为,圆心到直线的距离为2,所以直线与圆M相切.综上,的方程为或.18.【答案】(1)(2)【详解】(1)易知,设点,则,即,直线的斜率之积,又椭圆C的短轴长为,即,所以,故椭圆C的方程为(2)圆可化为,则圆心为,半径为,由是圆上一动点,且,可得,如图,

设,则,所以,当,即时,,即,符合题意,由,可得,即;当即时,,即,化简得,所以,这与矛盾,不符合题意.综上,椭圆C的离心率的范围为19.【答案】(1)(2)(ⅰ)(ⅱ)存在,【详解】(1)因为点P为圆A的“黄金点”,所以,即,所以点P的轨迹是以A为圆心,为半径的圆,故点P所在曲线的方程为(2)(ⅰ)因为P为圆B的“黄金点”,则所以,即点P在圆上,则P是圆和的交点.因为P,Q均为圆“”的

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