湖南省株洲市7校 2025届物理高一上期末联考模拟试题含解析

湖南省株洲市7校2025届物理高一上期末联考模拟试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。将条形码粘贴在答题卡右上角"条形码粘贴处"。2．作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。答案不能答在试题卷上。3．非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。不按以上要求作答无效。4．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）1、长木板A的右端与桌边相齐，木板与桌面间的动摩擦因数为μ，今用一水平恒力F将A推出桌边，在长木板开始翻转之前，木板的加速度大小将会()A.逐渐减小B.逐渐增大C不变D.先减小后增大2、用细绳AO、BO吊一重物，两绳子能承受的最大力均为100N，绳与竖直方向夹角分别为30°和60°，如图所示。若使绳子不断，最多能悬挂重物重量为（）A.N B.NC.N D.200N3、如图，放在水平桌面上的木块处于静止状态，所挂的砝码和托盘的总质量是0.8kg，弹簧秤示数为5N，若轻轻取走盘中0.5kg砝码，将会出现的情况是（g取10m/s2）（）A.弹簧秤示数变小B.A将向左运动C.桌面对A的摩擦力变小D.A所受和外力变大4、知图所示，用三根等长的轻质细链悬拉花盆（花盆与墙壁未接触，连接处间距相等，已知花盆的重力为G，每根轻质细链和竖直方向都成30°角，则每根轻质细链对花盆的拉力大小为（）A.GBGC.GD.G5、量度物体惯性大小的物理量是A.速度 B.加速度C.质量 D.合外力6、在同一高度将质量相等的三个小球以大小相同的速度分别竖直上抛、竖直下抛、水平抛出，不计空气阻力．从抛出到落地过程中，三球A.运动时间相同 B.落地时的动量相同C.落地时的动能相同 D.落地时重力的功率相同7、某汽车正以72km/h在公路上行驶，为“礼让行人”，若以的加速度刹车，则以下说法正确的是（）A.刹车后2s时的速度大小为10m/s B.汽车滑行40m后停下C.刹车后5s时的速度大小为0 D.刹车后6s内的位移大小为30m8、一辆汽车以20m/s的速度在平直公路上匀速行驶．遇突发情况后，司机紧急刹车使车做匀减速直线运动．已知汽车速度在1s内减小了8m/s，下列说法正确的是（）A.汽车在减速过程中的加速度大小为8m/s2B.在减速行驶的全过程中，汽车的平均速度大小为10m/sC.汽车刹车后，在3s内滑行的距离是24mD.汽车刹车后，在2s末的速度大小为4m/s9、2021年5月15日，我国火星探测器“天问一号”成功着陆火星，“天问一号”在着陆前经历了几个减速阶段，其中打开反冲发动机时“天问一号”处于减速阶段，情景如图所示。关于“天问一号”在该阶段的说法，正确的是（）A.研究下降时的姿态，不可以将它视为质点B.在减速下降的过程中，它的惯性增大C.喷出“燃气”减速下降阶段，它处于超重状态D.反冲发动机对“燃气”的作用力可能小于“燃气”对反冲发动机的作用力10、以下说法正确的是()A.物体的形状、大小对所研究的问题可以忽略时，该物体可以视为质点B.第内与内是指同一段时间C.运动物体的位移大小一定不会大于其路程的大小D.两个分力的夹角小于180°时，其合力大小随夹角的减小而减小11、由运动质点a、b、c、d的图像可知A.时刻a、b两质点相遇B.时刻c、d两质点共速C.从到时间内，b和d两个质点的速率先减小后增大D.从到时间内，a、b两质点平均速度相同，c、d两质点平均速度相同12、如图所示，A、B两物块的质量分别为3m和m，静止叠放在水平地面上，A、B间的动摩擦因数为μ，B与地面间的动摩擦因数为．最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g．现对A施加一水平拉力F，则以下说法正确的是()A.当F<3μmg时，A、B都相对地面静止 B.当F=4μmg时，A的加速度为C.当F>8μmg时，A相对B滑动 D.无论F为何值，B的加速度不会超过二、实验题（本题共16分，答案写在题中横线上）13、（6分）14、（10分）三、计算题要求解题步骤，和必要的文字说明（本题共36分）15、（12分）如图所示，质量为1kg的小球套在一根足够长的固定直杆上，杆与水平方向成θ=37°角，球与杆间的动摩擦因数μ=0.5。小球在大小为20N，方向竖直向上的拉力F作用下，从距杆的底端0.24m处由静止开始沿杆斜向上运动，经过1s后撤去拉力F（g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8）。求：（1）撤去拉力F前，小球沿杆上滑的加速度大小；（2）小球从开始运动直至滑到杆的底端所需的时间。16、（12分）如图所示，在光滑水平面上，一辆质量M=2kg、长度L=9.6m、上表面粗糙的平板车紧靠着被固定的斜面体ABC，斜面体斜边AC长s=9m、倾角．现将质量m=lkg的小木块从斜面顶端A处由静止释放，小木块滑到C点后立即速度大小不变地水平冲上平板车．已知平板车上表面与C点等高，小木块与斜面、平板车上表面的动摩擦系数分别为=0.5、=0.2,sin37°=0.6,cos37=0.8，g取10m/s2，求：(1)小木块滑到C点时的速度大小？(2)试判断小木块能否从平板车右侧滑出，若不能滑出，请求出最终小木块会停在距离车右端多远？若能滑出，请求出小木块在平板车上运动的时间？17、（12分）如图所示，水平传送带以v＝2m/s的速度匀速转动，传送带两端的长度L＝8m．现在传送带左端A无初速度竖直释放某一物块，t1＝2s时物块的速度与传送带的速度相同，试求：(g＝10m/s2)(1)物块与传送带间的动摩擦因数μ；(2)物块由传送带左端A运动到右端B的时间t；(3)若传送带匀速转动的速度可调，则传送带至少以多大速度vmin运行，物块从A端到B端运动时间才最短？

参考答案一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）1、C【解析】根据滑动摩擦力的大小决定因素，通过受力分析明确合力的变化情况，在由牛顿第二定律可判断加速度的变化情况。【详解】根据滑动摩擦力大小：因为滑动摩擦力与接触面积无关，正压力大小等于重力大小不变，故在翻转之前物体受到的滑动摩擦力大小不变，而推力也保持不变，物体在水平方向上受到的合外力不变，故加速度不变，故ABD错误C正确。故选C。【点睛】本题考查影响滑动摩擦力的决定因素，在判断物体在水平方向上合力情况，根据牛顿第二定律得出加速度的变化情况。2、B【解析】以重物为研究对象，受力如图所示：由平衡条件得：①②由式①可知：当TBC=100N时，AC将断；当TAC=100N时，BC不断；故当TAC=100N时悬挂重物的重最大，将TAC=100N，代入式②，解得综上分析，最多能悬挂重物重量为，ACD错误；B正确。故选B。3、C【解析】初态时，对A受力分析有：受到的摩擦力Ff=F1−F2=0.8×10−5=3N，说明最大静摩擦力Fmax⩾3N，当将总质量减小到0.3kg时，拉力变为3N，摩擦力，小于最大静摩擦力，所以物体仍静止，弹簧测力计的示数不变，摩擦力变小，故ABD错误，C正确故选C.点睛：对A受力分析可得出A受到的静摩擦力，根据静摩擦力与最大静摩擦力的关系可得出最大静摩擦力；再根据变化之后的受力情况可判断A的状态及读数的变化4、C【解析】受力分析，由平衡条件列式求解即可【详解】设每根轻质细链对花盆的拉力大小为F由平衡条件得：3Fcos30°=G解得：故选C【点睛】本题考查了受力分析、物体的平衡条件，正确将受力分解为竖直方向和水平方向，根据平衡条件列方程即可5、C【解析】质量是惯性大小的唯一量度.【详解】质量是惯性大小唯一量度，则量度物体惯性大小的物理量是质量，故选C.6、C【解析】A．根据抛体运动的规律可知，三球落地的时间不同，竖直上抛时间最长，竖直下抛时间最短，故A错误；BC．小球运动过程中，只有重力做功，机械能守恒，故末速度相等，但方向不同，则动能相等，落地时的动量不相同，故B错误，C正确；D．落地时速度相等，但方向不同，根据P=mgvy可知，重力的瞬时功率不等，故D错误；故选C7、ABC【解析】A．速度为加速度，由公式得汽车刹车到停止的时间由速度公式得刹车后2s时的速度故A项正确；B．由公式可得汽车滑行40m停下，故B项正确；C．汽车刹车到停止的时间为4s，所以刹车后5s时的速度大小为0，故C项正确；D．汽车刹车到停止的时间为4s，刹车后6s内的位移大小与刹车后4s内的位移大小相等，即40m，故D项错误。故选ABC。8、ABD【解析】A．汽车在减速过程中的加速度大小：选项A正确；B．在减速行驶的全过程中，汽车的平均速度大小为选项B正确；C．汽车刹车后，经过停止，则在3s内滑行的距离是选项C错误；D．汽车刹车后，在2s末的速度大小为:选项D正确；9、AC【解析】A．研究下降时的姿态，不能忽略其形状和体积，所以不能将它视为质点。A正确；B．根据惯性定律可知，质量是衡量惯性的唯一标准，所以在减速下降的过程中，它的惯性不变。B错误；C．喷出“燃气”减速下降阶段，其加速度竖直向上处于超重状态。C正确；D．根据牛顿第三定律，可知反冲发动机对“燃气”的作用力等于“燃气”对反冲发动机的作用力。D错误。故选AC。10、AC【解析】A．物体的形状、大小对所研究的问题可以忽略时，该物体可以视为质点。故A正确；B．第内指4～5s这一段时间，内指0～5s这一段时间。故B错误；C．位移是从始位置指向末位置的有向线段，路程是物体运动轨迹的长度。则运动物体的位移大小一定不会大于其路程的大小。故C正确；D．根据二力合成的合力表达式，有两个分力的夹角小于180°时，其合力大小随夹角的减小而增大。故D错误。故选AC。11、ABC【解析】A．第一个图像为位移时间图像，可知时刻a、b两质点在同一位置，所以时刻a、b两质点相遇。故A正确；B．第二个图像为速度时间图像，由图像可知时刻c、d两质点速度共速。故B正确；C．位移时间图像上任意点的切线斜率大小表示该点时刻质点的速度大小，所以从到时间内，质点b速率先减小后增大；速度时间图像，d两个质点的速率先减小后增大，故C正确；D．从到时间内，由第一个图像可知：时刻a、b两质点在同一位置，时刻a、b两质点也在另一相同位置，所以从到时间内，a、b两质点平均速度相同。由第二个图像可知：从到时间内，c、d两质点通过的位移不同，时间相同，c、d两质点平均速度不相同，故D错误。故选ABC。12、BD【解析】当两个物体即将发生性对滑动时，接触面上达到了最大静摩擦力；两个滑块运动过程中的最大共同加速度，必然是另一个物块的极限加速度【详解】A、受力分析可知，A、B两物块间的最大静摩擦力大小为，B与地面间的最大静摩擦力大小为，故AB两物体叠放在一起在外力F作用下，随着力F的逐渐增大，B和地面之间先开始相对滑动．以AB为整体受力分析，当，A、B都相对地面静止，A错误；BCD、若在力F作用下，AB之间即将发生相对滑动，接触面上为最大静摩擦力，根据牛顿第二定律以AB整体为研究对象：，以B为研究对象：式中的为系统的临界最大共同加速度解得：，故当：①，A、B均静止；②，A、B相对静止，一起匀加速；所以当时，AB具有共同加速度，即，；③，A、B相对滑动，A的加速度已经超过，但B的加速度，无论F为何值，都不会超过．故C错误，BD正确；故本题选BD【点睛】本题考查了摩擦力的计算和牛顿第二定律的综合运用，解决本题的突破口在于通过隔离法和整体法求出A、B不发生相对滑动时的最大拉力二、实验题（本题共16分，答案写在题中横线上）13、14、三、计算题要求解题步骤，和必要的文字说明（本题共36分）15、（1）2m/s2；（2）2.4s【解析】（1）小球在拉力F作用下上滑时，对小球受力分析，如图甲所示，沿杆方向有Fsinθ-mgsinθ-Ff1=ma1沿垂直于杆方向有Fcosθ=mgcosθ＋FN1且Ff1=μFN1联立解得a1=2m/s2（2）小球在F作用下上滑1s，则v1=a1t1=2×1m/s=2m/sx1=a1t12=×2×12m=1m撤去拉力F后，小球继续向上运动，对小球受力分析，如图乙所示，沿杆方向有mgsinθ＋Ff2=ma2沿垂直于杆方向有FN2=mgcosθ且Ff2=μFN2联立解得a2=10m/s2此过程t2==0.2s小球运动到最高点后开始下滑，对小球受力分析，如图丙所示。沿杆方向有mgsinθ-Ff3=ma3垂直于杆方向有mgcosθ=FN3且Ff3=μFN3联立解得a3=2m/s2球下滑到杆的底端，通过的位移x=x0＋x1＋x2=1.44m由x=a3t32可得t3=1.2s所需总时间t=t1＋t2＋t3=2.4s16、（1）6m/s（2）不会滑出，停在距车右端3.6m【解析】（1）木块在斜面上做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律可得：mgsin37°-f=ma其中：f=μ1mgcos37°解得a=2m/s2，根据速度位移关系可得v2=2as解得v=6m/s；（2）木块滑上车后做匀减速运