四川省双流艺体中学2025届物理高二上期中调研试题含解析

四川省双流艺体中学2025届物理高二上期中调研试题注意事项1．考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回．2．答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0．5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置．3．请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符．4．作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案．作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效．5．如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗．一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、起重机用钢绳将重物竖直向上匀速提升，在重物匀速上升的过程中()A．重物的动能逐渐增大B．重物的重力势能逐渐增大C．钢绳对重物的拉力逐渐增大D．钢绳对重物的拉力的功率逐渐增大2、某小组在试验汽车模型，该模型以蓄电池为驱动能源，驱动电机能够将输入功率的90%转化为牵引汽车模型前进的机械功率．该模型的总质量m=30kg，当它在水平路面上以v=18km/h的速度匀速行驶时，驱动电机的输入电流I=5A，电压U=30V．某地区地表的平均日照辐射度约为480W/m1，若以太阳能为该模型的蓄电池供电，已知能量转化效率约为15%，汽车受到太阳照射面积约为1m1．以下说法正确的是（）A．该模型以速度行驶时，所受的阻力大小为30NB．该模型以速度行驶时，驱动电机的机械功率为150WC．该模型若由太阳能直接供电，能以速度正常行驶D．若该地一天的有效日照时间为8小时，充电一天可供该模型以v速度行驶约3、在如图所示的平行板器件中，电场强度E和磁感应强度B相互垂直，两平行板水平放置．具有不同水平速度的带电粒子射入后发生偏转的情况不同．这种装置能把具有某一特定速度的粒子选择出来，所以叫做速度选择器．现有一束带电粒子以速度v0从左端水平射入，不计粒子重力．下列判断正确的是A．若粒子带正电且速度，则粒子将沿图中虚线方向通过速度选择器B．若粒子带负电且速度，则粒子将偏离虚线方向向上做曲线运动C．若粒子带正电且速度，则粒子将偏离虚线方向向上做曲线运动D．若粒子带负电且速度，则粒子将偏离虚线方向向上做曲线运动4、关于电动势，下列说法不正确的是（）A．电动势越大的电源，将其他形式的能转化为电能的本领越大B．电源两极间的电压就是电源电动势C．电源电动势的数值等于内、外电压之和D．电源电动势与外电路的组成无关5、如图，电路中电源E的内阻为r，R1、R2为定值电阻，R1为滑动变阻器的最大阻值，各电表均为理想电表．已知r＜R2电阻R1＜R1．闭合开关S，当滑动变阻器的滑动触头P由变阻器的中点向左滑动的过程中，下列说法不正确的是（）A．电源内阻r消耗的热功率先变大后变小B．电源的输出功率先变小后变大C．V1的示数先变大后变小，V2的示数先变小后变大D．A1的示数不断变小，A2的示数不断变大6、如图所示，电流表、电压表均为理想电表，L为小电珠．R为滑动变阻器，电源电动势为E，内阻为r．现将开关S闭合，当滑动变阻器滑片P向左移动时，下列结论正确的是（）A．电流表示数变小，电压表示数变大B．小电珠L变亮C．电容器C上电荷量减小D．电源的总功率变大二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、用如图所示的电路来测量电池电动势和内电阻，根据测得的数据作出了如图所示的U-I图线，由图可知A．电池电动势的测量值为1.40VB．电池内阻的测量值为1.0ΩC．外电路发生短路时的电流为0.40AD．电压表示数为1.20V时，电流表的示数I′＝0.2A8、如图所示，用电池对电容器充电，电路a、b之间接有一灵敏电流表，两极板之间有一个带电量为q的油滴处于静止状态．现将两极板的间距变小，则A．油滴带正电B．油滴带负电C．电流表中将有从a到b的电流D．电流表中将有从b到a的电流9、1930年劳伦斯制成了世界上第一台回旋加速器，其原理如图甲所示，其核心部分是分别与高频交流电极相连接的两个D形金属盒，两盒间的狭缝中形成的周期性变化的电场,使粒子在通过狭缝时都能得到加速，两D形金属盒处于垂直于盒底的匀强磁场中，带电粒子在磁场中运动的动能EK随时间t的变化规律如图乙所示，若忽略带电粒子在电场中的加速时间，则下列判断中正确的是()A．高频电源的变化周期应该等于B．匀强磁场的磁感应强度越大，则粒子获得的最大动能越大C．粒子加速次数越多，粒子最大动能一定越大D．D形金属盒的半径越大，则粒子获得的最大动能越大10、如图所示为一空腔导体周围的电场线分布图，电场方向如图中箭头所示，M、N、P、Q是以O为圆心的一个圆周上的四点，其中M、N在一条直电场线上，P、Q在一条曲电场线上，下列说法正确的有()A．M点的电场强度比N点的电场强度小B．P点的电势比Q点的电势低C．负电荷在P点的电势能小于其在Q点的电势能D．M、O间的电势差等于O、N间的电势差三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）单摆测定重力加速度的实验中，（1）实验时用20分度的游标卡尺测量摆球直径，示数如图甲所示，该摆球的直径d=______mm．（2）实验测得摆长为L，用拉力传感器测得摆线的拉力F随时间t变化的图象如图乙所示，则重力加速度的表达式为：g=____________（用题目中物理量的字母表示）．（3）若该同学采用图象法处理实验数据，实验中测出不同摆长L以及对应的周期T，作出L-T2图线如图所示，利用图线上任两点A、B的坐标（xl，y1）、（x2，y2）可得出重力加速度的表达式g=（4）以下是实验过程中的一些做法，其中正确的有______A．摆线要选择细些的、伸缩性小些的，并且尽可能长一些B．摆球尽量选择质量大些、体积小些的C．为了使摆的周期大一些，以方便测量，开始时拉开摆球，使摆线相距平衡位置有较大的角度D．拉开摆球，使摆线偏离平衡位置一微小角度，在释放摆球的同时开始计时，当摆球回到开始位置时停止计时，此时间间隔△t即为单摆周期TE．拉开摆球，使摆线偏离平衡位置一微小角度，释放摆球，当摆球振动稳定后，从平衡位置开始计时，记下摆球做50次全振动所用的时间△t，则单摆周期T=Δt12．（12分）某同学利用打点计时器和气垫导轨做验证动量守恒定律的实验．气垫导轨装置如图(a)所示，所用的气垫导轨装置由导轨、滑块、弹射架等组成．(1)下面是实验的主要步骤：①安装好气垫导轨，调节气垫导轨的调节旋钮，使导轨水平；②向气垫导轨通入压缩空气；③把打点计时器固定在紧靠气垫导轨左端弹射架的外侧，将纸带穿过打点计时器与弹射架并固定在滑块1的左端，滑块拖着纸带移动时，纸带始终在水平方向；④使滑块1挤压导轨左端弹射架上的橡皮绳；把滑块2放在气垫导轨的中间；⑤先接通打点计时器的电源，再放开滑块1，让滑块1带动纸带一起运动；在中间与滑块2相撞并粘在一起运动；⑥取下纸带，重复步骤④⑤，选出理想的纸带如图(b)所示；⑦测得滑块1的质量310g，滑块2(包括橡皮泥)的质量205g．(2)已知打点计时器每隔0.02s打一个点，计算可知两滑块相互作用以前系统的总动量为________kg·m/s；两滑块相互作用以后系统的总动量为________kg·m/s(保留三位有效数字)．(3)试说明(2)中两结果不完全相等的主要原因是______________________________四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）将一相距为d=40cm的平行板接入如图所示的电路中，当开关闭合时，带正电的小球刚好静止在两平行板间.已知电源电动势E=24V、内阻r=1Ω，R=15Ω，小球的电荷量q=1×10-2C、质量m=2×10-2kg，.求：（1）带电小球静止时平行板间的电压U.（2）滑动变阻器接入电路中的部分电阻的阻值RP为多少？.14．（16分）一电路如图所示，电源电动势E=28V，内阻r=2Ω，电阻R1=12Ω，R2=R4=4Ω，R3=8Ω，C为平行板电容器，其电容C=3.0pF，虚线到两极板距离相等，极板长L=0.40m，两极板的间距d=1.0×10-2m。（1）若开关S处于断开状态，则当其闭合后，求流过R4的总电量为多少？（2）若开关S断开时，有一带电微粒沿虚线方向以的初速度射入C的电场中，刚好沿虚线匀速运动，问：当开关S闭合后，此带电微粒以相同初速度沿虚线方向射入C的电场中，能否从C的右侧电场中射出？（要求写出计算和分析过程，只写结果不写过程不给分，g取10m/s2）15．（12分）如图所示，一簇平行线为未知方向的匀强电场的电场线，沿与此平行线成60°角的方向，把1×10﹣6C的负电荷从A点移到B点，电场力做功为2×10﹣5J，A、B间距为20cm，若B点为零势能处，电势为0V，求：(1)匀强电场的场强;(2)A点电势为多大;(3)电子处于A点时，具有的电势能是多少eV.

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、B【解析】重物竖直向上匀速上升，速度不变，动能保持不变．故A错误．重物的高度增大，重力势能逐渐增大．故B正确．重物匀速运动，钢绳对重物的拉力与重力平衡，保持不变．故C错误．由公式P=Fv，拉力F不变，v不变，则钢绳对重物的拉力的功率不变．故D错误．故选B.2、D【解析】

A项：由公式，故A错误；B项：由题意可知，该模型以v=18km/h速度行驶时，驱动电机的机械功率为，故B错误；C项：由题意可知，太阳能提供的功率为：，该模型以v=18km/h速度行驶时的机械功率为135W，故C错误；D项：太阳能提供的能量为，所用的时间为：，运动的距离为：，故D正确．3、A【解析】粒子做匀速直线运动，洛仑兹力与电场力平衡，即，解得，即无论粒子带正电还是带负电，只要满足，则粒子将沿图中虚线方向通过速度选择器，A正确B错误；正粒子以小于的速度沿极板方向从左端射入，根据知洛伦兹力小于电场力，电场力竖直向下，合力竖直向下，故它将向下偏转，C错误；正粒子以大于的速度沿极板方向从左端射入，根据知洛伦兹力大于电场力，电场力竖直向下，合力竖直向上，故它将向上偏转，但电场力做负功，速度减小，洛伦兹力减小，最终洛伦兹力等于电场力，之后做直线运动，D错误．4、B【解析】试题分析：电动势越大的电源，将其他形式的能转化为电能的本领越大，选项A正确；当外电路断开时，电源两极间的电压大小等于电源电动势，选项B错误；电源电动势的数值等于内、外电压之和，选项C正确；电源电动势与外电路的组成无关，选项D正确；此题选择错误的选项，故选B．考点：电动势【名师点睛】此题考查学生对电动势的理解；要知道电源的电动势是由电源内部决定的物理量，反应将其他形式的能转变为电能的本领的大小．5、A【解析】A、C、D项：A、由题，电阻R1的阻值小于滑动变阻器R1的最大阻值，当滑动变阻器的滑片P变阻器的中点向左滑动的过程中，变阻器左侧电阻与R1串联后与变阻器右侧并联的总电阻先变大后变小，根据闭合电路欧姆定律得知，电路中电流先变小后变大，电源的内电压也变小后变大，则路端电压先变大后变小，所以V1的示数先变大后变小．V2测量R2两端的电压，R2不变，则V2的示数先变小后变大．并联电压U并=U-U2，先变大后变小，电阻R1所在支路电阻R1支路逐渐减小，所以电流I1增大，电流表A2示数增大；I2=I-I1，电流表A1示数变小，电源内部的热功率P=I2r，因为电流I先变小后变大，所以电源内部的热功率，先变小后变大，故A错误，C、D正确；B项：因为r＜R2，所以外电阻总是大于内电阻的，当滑动变阻器的滑片P变阻器的中点向左滑动的过程中，变阻器左侧电阻与R1串联后与变阻器右侧并联的总电阻先变大后变小，所以电源的输出功率先变小后变大，故B正确．点晴：电阻R1的阻值小于滑动变阻器R1的最大阻值．当滑动变阻器的滑片P由中点向左滑动的过程中，变阻器左侧电阻与R1串联后与变阻器右侧并联的总电阻先变大后变小，根据闭合电路欧姆定律分析电路中的电流变化和路端电压的变化，再由欧姆定律分析R2两端电压的变化，确定三个电表示数的变化．6、A【解析】

滑片向左移动，滑动变阻器的电阻变大，根据闭合电路的欧姆定律，干路电流减小，电流表的示数减小，串联电路的电阻遵循分压原理，则随着滑动变阻器电阻的增大，其分压相应增大，电压表示数增大，选项A正确．干路电流减小，小电珠变暗，选项B错误．电容器与变阻器并联，分压升高，则电容器上的电荷增多，选项C错误．干路电流减小，电源电动势不变，则电源的总功率减小，选项D错误．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ABD【解析】

A、由图象可知，电源U﹣I图象与纵轴交点坐标表示电源的电动势，则知电源的电动势为1.40V，故A正确；B、电源的内阻r＝||Ω＝1Ω，故B正确；C外电路发生短路时的电流I1.40A，故C错误；D、当电压表示数为1.20V时，I′A＝0.20A，故D正确；8、BC【解析】

AB．因粒子处于静止状态，则有电场力与重力平衡，即电场力方向向上，由于电场强度方向向下，因此粒子带负电，故A错误，B正确；CD．将两极板的间距变小，根据电容的决定式可知，电容变大，电容器的电压不变，由公式可知，电荷量增大，所以电容器充电，而电容器上极板带正电，则电流表中将有从a到b的电流，故C正确，D错误。9、BD【解析】解：A、交流电源的周期必须和粒子在磁场中运动的周期一致，故电源的变化周期应该等于2，故A错误；BC、根据半径公式知，则所以匀强磁场的磁感应强度越大，D形金属盒的半径越大，则粒子获得的最大动能越大，故BD正确；C错误；综上所述本题答案是：BD点睛：本题考查了回旋加速器的原理，特别要记住粒子获得的最大动能是由D型盒的半径决定的．10、AC【解析】

A．电场线的疏密程度表示电场的强弱，故N点的场强比M点的场强大，故A正确；B．沿着电场线的方向电势越来越低，所以Q点的电势比P点的电势低，故B错误；C．P点电势高于Q点，根据Ep=φq可知，负电荷在P点时的电势能小于在Q点时的电势能，故C正确；D．根据电场分布可知，MO间的平均电场强度比ON之间的平均电场强度小，故由公式U=Ed可知，MO间的电势差小于ON间的电势差，故D错误．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、14.1514π2【解析】（1）该摆球的直径为d=14mm+3×（2）由图乙所示图象可知，单摆的周期T=5t0-t0（3）由单摆周期公式T=2πlg可知，L=g4π2T（4）实验中，要选择细些的、伸缩性小些的摆线，长度要适当长一些；和选择体积比较小，密度较大的小球，AB正确；摆球的周期与摆线的长短有关，与摆角无关，故C错误；释放摆球，当摆球振动稳定后，从平衡位置开始计时；要测量多个周期的时间，然后求平均值，故D错误E正确．12、接通打点计时器的电源；放开滑块；0.620；0.618；纸带与打点计时器限位孔有摩擦；【解析】(2)放开滑块1后