2025届河北省雄安新区博奥高级中学物理高二上期中复习检测试题含解析

2025届河北省雄安新区博奥高级中学物理高二上期中复习检测试题注意事项1．考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回．2．答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0．5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置．3．请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符．4．作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案．作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效．5．如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗．一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、“太空涂鸦”技术的基本物理模型是：原来在较低圆轨道运行的攻击卫星在变轨后接近在较高圆轨道上运行的侦察卫星时，向其发射“漆雾”弹，“漆雾”弹在临近侦察卫星时，压爆弹囊，让“漆雾”散开并喷向侦察卫星，喷散后强力吸附在侦察卫星的侦察镜头、太阳能板、电子侦察传感器等关键设备上，使之暂时失效。关于这一过程下列正确说法是A．攻击卫星接近侦察卫星的过程中受到地球的万有引カ一直在增大B．攻击卫星在原轨道上运行的周期比侦察卫星的周期大C．攻击卫星在原轨道上运行的线速度比侦察卫星的线速度大D．攻击卫星在原轨道需要减速才能变轨接近侦察卫星2、如图甲所示为某装置中的传感器工作原理图，已知电源的电动势E=9.0V，内阻不计；G为灵敏电流表，其内阻Rg保持不变；R为热敏电阻，其阻值随温度的变化关系如图乙所示，闭合开关S，当R的温度等于20℃时，电流表示数I1=2mA；当电流表的示数I2=3.6mA时，热敏电阻的温度是()A．60℃ B．80℃ C．100℃ D．120℃3、如图所示，A、B两点各放有电量为＋Q和＋2Q的点电荷，A、B、C、D四点在同一直线上，且AC＝CD＝DB，将一正电荷从C点沿直线移到D点,则A．电场力一直做正功 B．电场力一直做负功C．电场力先做正功再做负功 D．电场力先做负功再做正功4、如右图，M、N和P是以MN为直径的半圆弧上的三点，点为半圆弧的圆心，.电荷量相等、符号相反的两个电荷分别置于M、N两点，这时点电场强度的大小为E1；若将N点处的点电荷移至P点，则点的场强大小变为E2.E1与E2之比为()A．1：2 B．2：1 C． D．5、如图所示是一个匀强电场的等势面，每两个相邻等势面相距2cm，由此可以确定电场强度的方向和数值是A．竖直向下，E=100V/m B．水平向左，E=100V/mC．水平向左，E=200V/m D．水平向右，E=200V/m6、如图所示是匀强电场中的一组等势面，若A、B、C、D相邻两点间的距离为2cm，A和P点间的距离为1.5cm，则该电场的场强E和P点的电势φP分别为()A．500V/m，－2.5VB．10003C．500V/m,2.5VD．10003二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示,在竖直平面内坐标系中分布着与水平方向成45°夹角的匀强电场,将一质量为、带电荷量为q的小球,以某一初速度从O点竖直向上抛出,它的轨迹恰好满足抛物线方程2,且小球通过点，已知重力加速度为g,则（）A．电场强度的大小为 B．小球初速度的大小为C．小球通过点P时的动能为 D．小球从O点运动到P点的过程中电势能减少8、如图所示，甲、乙为两个独立电源的路端电压U与通过它们的电流I的关系图线，下列说法中正确的是()A．路端电压都为U0时，它们的外电阻相等B．电流都是I0时，两电源的内电压相等C．电源甲的电动势大于电源乙的电动势D．电源甲的内阻小于电源乙的内阻9、如图所示，氕、氘、氚的原子核自初速为零经同一电场加速后，又经同一匀强电场偏转，最后打在荧光屏上，那么()A．经过加速电场过程，电场力对氚核做的功最多B．经过偏转电场过程，电场力对三种核做的功一样多C．三种原子核都打在屏上的同一位置上D．三种原子核打在屏上时的速度一样大．10、在如图(a)所示的电路中，为定值电阻，为滑动变阻器。闭合电键S，将滑动变阻器的滑动触头P从最右端滑到最左端，两个电压表内阻极大的示数随电路中电流变化的完整过程图线如图(b)所示。则（）A．图线甲是电压表V1示数随电流变化的图线B．电源内电阻的阻值为C．电源的最大输出功率为D．滑动变阻器R2的最大功率为三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）用螺旋测微器测量合金丝的直径，为防止读数时测微螺杆发生转动，读数前应先旋紧题图所示的部件_____(选填“A”、“B”、“C”或“D”)，从图中的示数可读出合金丝的直径为d=_______mm12．（12分）用以下器材测量电压表的内阻(量程为1.5V，内阻1400～1600)：电源E，电动势约为3V，内阻可忽略；电压表，量程为；电阻，阻值；滑动变阻器，最大阻值约为；单刀单掷开关K，导线若干．(1)请根据电路图，连线实物图．(2)若电压表的读数用表示，电压表的读数用表示，则由已知量和测得量表示的表达式为______________．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）分别将核（质量为m0，电荷量为e），核（质量为4m0，电荷量为2e）以相同的初速度沿平行板中线射入两平行板A、B中，如图所示，两粒子都打在B板上，求两粒子的射程之比？（已知两板间电压为U，板间距离为d）14．（16分）图示为电子显示仪器（如示波器）的核心部件的示意图。左边部分为加速装置，阴极产生的热电子由静止开始经过U1的加速电压加速后，从左端中心进入极板长l1、间距d、电压为U2的偏转电场区域（极板正对面之间区域为匀强电场，忽略边缘效应），距偏转电场区域右端l2的位置是荧光屏，电子打在荧光屏上能够显示出光斑。当U2＝0时光斑正好在屏的中心。设荧光屏足够大。若U2为稳定电压，试推导光斑在荧光屏上相对中心的偏移量Y的表达式。15．（12分）如图甲所示，相距d＝15cm的A、B两极板是在真空中平行放置的金属板，当给他们加上电压后，它们之间的电场可视为匀强电场．今在A、B两板之间加上如图乙所示的交变电压，交变电压的周期T＝1.0×10－6s，t＝0时A板的电势比B板的电势高，且U0＝1080V，一个比荷的带负电荷的粒子在t＝0时刻从B板附近由静止开始运动不计重力．(1)当粒子的位移为多大时，速度第一次达到最大，最大值是多少？(2)粒子运动过程中，将与某一极板相碰撞，求粒子碰撞极板时速度大小．

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】

A．由可知距离变大，万有引力变小，A错误；B．由可知，半径小的周期小，B错误；C．由可知半径小的，线速度大，C正确；D．卫星由低轨道加速做离心运动变到高轨道，D错误。2、D【解析】

当R的温度等于20℃时，结合图像知电阻R1=4kΩ，此时电流表示数I1=2mA，由闭合电路欧姆定律知解得：；当电流表的示数I2=3.6mA时，由闭合电路欧姆定律知解得，结合图像知此时温度对于的是。故选D。3、C【解析】

设AC=CD=DB=L，+Q在C点产生的电场强度大小，方向向右，+2Q在C点产生的电场强度大小，方向向左，所以C点实际场强方向向右，+Q在D点产生的电场强度大小，方向向右，+2Q在D点产生的电场强度大小，方向向左，所以D点实际场强方向向左，所以从C点沿直线移到D点，场强方向先向右后向左，所以正电荷受电场力的方向也是先向右后向左，所以电场力先做正功再做负功，故C正确。故选C。4、B【解析】

试题分析：由得：；若将N点处的点电荷移至P点，则O点的场强大小变为E2，知两点电荷在O点的场强夹角为1200，由矢量的合成知，得：，B对5、B【解析】

根据电场强度的方向应与等势面垂直，且由较高的等势面指向较低的等势面，可知该电场强度的方向水平向左．由场强与电势差的关系得：E==100V/mA.竖直向下，E=100V/m，与计算结果不符，故A错误．B.水平向左，E=100V/m，与计算结果相符，故B正确．C.水平向左，E=200V/m与计算结果不符，故C错误．D.水平向右，E=200V/m与计算结果不符，故D错误．6、B【解析】根据电场线与等势线垂直，并且由高电势等势面指向低电势等势面，作出电场线的分布情况如图所示：场强的大小为：E=Ud=UBAdBAsin60°=100.02×3【点睛】解决本题关键要理解电场线与等势线、场强与电势差的关系、电势与电势能间的关系等，注意公式U=Ed中d是两点沿电场线方向的距离．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、CD【解析】

小球以某一初速度从O点竖直向上抛出，它的轨迹恰好满足抛物线方程，说明小球做类平抛运动，则电场力与重力的合力沿y轴正方向，竖直方向：，故电场强度的大小为，故A错误；小球受到的合力：，所以a=g，由平抛运动规律有：，得初速度大小为，故B错误；由于，又，所以通过点P时的动能为：，故C正确；小球从O到P电势能减少，且减少的电势能等于电场力做的功，即：，故D正确．故选CD．【点睛】结合小球运动的特点与平抛运动的方程，判断出小球在竖直方向受到重力与电场力在竖直方向的分力大小相等，方向相反，由此求出电场力的大小，再由F=qE即可求出电场强度；由平抛运动的方程即可求出平抛运动的初速度，以及到达P时的速度；由动能定理即可求出电势能的变化．8、AC【解析】考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：根据闭合电路欧姆定律得知：电源的路端电压与电流的关系式为U=E-Ir，当I=0时，U=E，即图线与纵轴交点坐标表示电源电动势的大小，图线的斜率的大小表示电源的内阻大小．解答：解：路端电压都为U0时，电路中的电流相等都为I0，跟据欧姆定律可知它们的外电阻相等，故A正确根据闭合电路欧姆定律得知：U=E-Ir，当I=0时，U=E，即图线与纵轴交点坐标表示电源电动势的大小，由图可知电动势电源甲的电动势大于电源乙的电动势．而图线的斜率的大小表示电源的内阻大小，图线甲的斜率大于图线乙的斜率，电源甲的内阻大于电源乙的内阻．则当电流都是I0时，甲电源的内电压较大，故BCD错误故选A点评：对于物理图象的理解，关键要根据物理规律推导出解析式，再从数学角度来理解图象的物理意义．9、BC【解析】

设加速电压为U1，偏转电压为U2，偏转极板的长度为L，板间距离为d。

AB．在加速电场中，电场力做的功为：，由于加速电压相同，电荷量相等，所以电场力做的功相等，A错误B正确；CD．根据动能定理可得经过电场加速后的动能为：粒子经加速电场加速后①，粒子射入偏转电场后在竖直方向上的加速度为②，粒子在偏转电场里的运动时间为③，粒子在离开偏转电场时发生的竖直方向上发生的偏转为④结合①②③④可得，即粒子在屏上的偏转量与粒子的m和q无关，所以它们会达到屏上的同一点，因为导致进入偏转电场的初速度不同，C正确D错误。10、BD【解析】

A.当滑片左移时，滑动变阻器接入电阻减小，则电路中总电阻减小，由闭合电路欧姆定律可知，电路中电流增大；而两端的电压增大，两端的电压减小，故图线乙表示是示数的变化，图线甲表示示数的变化，故A错误；B.由图可知，当只有接入电路时，电路中电流为，路端电压为3V，根据闭合电路欧姆定律可得：当滑动变阻器全部接入时，电路中电流为，路端电压为，由闭合电路欧姆定律可得：解得：，故B正确；C.根据欧姆定律可得：因当电源的内电阻等于外电阻时，电源的输出功率最大，故当外阻等于时，电源的输出功率最大，故此时电流：故电源的最大输出功率：故C错误；D.当滑动变阻器全部接入时，两电压表示数之比为，则有：可得：，当滑动变阻器的阻值等于时，滑动变阻器消耗的功率最大，故当滑动变阻器阻值为时，滑动变阻器消耗的功率最大，由闭合电路欧姆定律可得，电路中的电流：则滑动变阻器消耗的总功率：故D正确。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、B0.410【解析】

为防止读数时测微螺杆发生转动，读数前应先旋紧固定螺钉B；螺旋测微器的固定刻度读数为0mm，可动刻度的读数为0.01mm×41.0=0.410mm，故合金丝的直径为d=0.410mm12、【解析】

（1）对照电路图，按顺序连接实物图．

（2）根据电路图可知：

则得【点睛】此题中电压表V1和定值电阻R0串联，既可测量电压，也起到了电流表的作用，是一种等效替代的设计思想．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、【解析】离子进入电场做类平抛运动．设的加速度为a1，飞行时间为t1，射程为x1，的射程为x2，

则有：x1=v0t1

①

②

③

联解①②③得：