2025届山东省阳谷县第二中学物理高一上期末复习检测试题含解析

2025届山东省阳谷县第二中学物理高一上期末复习检测试题注意事项:1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号码填写清楚，将条形码准确粘贴在条形码区域内。2．答题时请按要求用笔。3．请按照题号顺序在答题卡各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试卷上答题无效。4．作图可先使用铅笔画出，确定后必须用黑色字迹的签字笔描黑。5．保持卡面清洁，不要折暴、不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）1、如图甲所示为某同学研究物体加速度与力和质量关系的实验装置示意图，图乙是该装置的俯视图。两个相同的小车，放在水平桌面上，前端各系一条轻细绳，绳的另一端跨过定滑轮各挂一个小盘，盘里可放砝码。两个小车通过细绳用夹子固定，打开夹子，小盘和砝码牵引小车同时开始做匀加速直线运动，闭合夹子，两小车同时停止运动。实验中平衡摩擦力后，可以通过在小盘中增减砝码来改变小车所受的合力，也可以通过增减小车中的砝码来改变小车的总质量。该同学记录的实验数据如下表所示，则下列说法中正确的是（）实验次数小车1总质量m1/g小车2总质量m2/g小车1受合力F1/N小车2受合力F2/N小车1位移x1/cm小车2位移x2/cm12502500.100.2020.139.822502500.1003015.244.532502500.200.3019.830.842505000.100.1020.039.753004000.100.1020.315.163005000.100.1030.018.0A.研究小车的加速度与合外力的关系可以利用1、2、3三次实验数据B.研究小车的加速度与小车总质量的关系可以利用2、3、6三次实验数据C.对于“合外力相同的情况下，小车质量越大，小车的加速度越小”的结论，可以由第1次实验中小车1的位移数据和第6次实验中小车2的位移数据进行比较得出D.通过对表中数据的分析，可以判断出第4次实验数据的记录不存在错误2、在高速公路的拐弯处，路面造得外高内低，即当车向右拐弯时，司机左侧的路面比右侧的高一些.路面与水平面间的夹角为θ，设拐弯路段是半径为R的圆弧，要使车速为v时车轮与路面之间的横向(即垂直于前进方向)摩擦力等于零，θ应等于()A. B.C. D.3、如图所示，两斜面体A、B叠放在水平地面上，连接斜面体A与天花板的轻弹簧沿竖直方向，两斜面体均处于静止状态．下列说法正确的是A.斜面体A一定受两个力 B.斜面体A可能受三个力C.斜面体B一定受四个力 D.斜面体B可能受五力4、如图，用硬铁丝弯成的光滑半圆环竖直放置，直径竖直，O为圆心，最高点B处固定一光滑轻质滑轮，质量为m的小环A穿在半圆环上．现用细线一端拴在A上，另一端跨过滑轮用力F拉动，使A缓慢向上移动．小环A及滑轮B大小不计，在移动过程中，关于拉力F以及半圆环对A的弹力N的说法正确的是（）A.F逐渐增大 B.N的方向始终指向圆心OC.N逐渐变小 D.N大小不变5、提高对实验数据的利用率，是减小偶然误差的方法之一。在研究小车做匀变速直线运动规律时，打下的一条纸带如图所示，已知相邻两点间的时间间隔为T。下列对小车加速度的求解，最合理的是（）A.由得：B.由得：C.由得：D.由得：6、下列各组选项中的物理量都是矢量的选项是（）A.速度、加速度、路程；B.速度、位移、加速度；C.位移、加速度、速率；D.瞬时速度、加速度、时间；7、如图甲所示，水平传送带AB逆时针匀速转动，一个质量为M＝1.0kg的小物块以某一水平初速度滑上传送带左端，通过速度传感器记录下物块速度随时间的变化关系如图乙所示，取向左为正方向，以小物块滑上传送带时为计时起点．已知传送带的速度保持不变，g取10m/s2．下列说法正确的是A.物块与传送带间的动摩擦因数为0.5B.物块在传送带上相对传送带滑动的距离是9mC.物块距离传送带左端的最大距离是8mD.物块在传送带上的时间4.5s8、一质点以的初速度做匀加速直线运动，第内的平均速度为。则它的加速度a及第末的速度v分别为（）A. B.C. D.9、以下关于各物体运动判断正确的是（）A.图A，物体P从接触弹簧开始到运动至最右端的过程中，一直做减速运动B.图B，物体P在恒力F的作用下，从接触弹簧开始到运动至最右端的过程中，先做加速运动，后做减速运动C.图C，小球从接触弹簧开始到运动至最低点的过程中，先做加速运动，后做减速运动D.图D，蹦极的人先做自由落体运动，橡皮条从绷紧开始到运动至最低点的过程中，一直做减速运动10、放在水平地面上的物体M上表面有一物体,与M之间有一处于拉长状态的弹簧,整个装置处于静止状态,如图所示,则关于M和受力情况的判断,正确的是A.受到向左的摩擦力B.M受到对它向左的摩擦力C.地面对M的摩擦力方向右D.地面对M不存在摩擦力作用11、在如图所示电路中，R1、R2为定值电阻，闭合电键S后，带电粒子恰处于静止状态，现将滑动变阻器的滑片向下滑动，理想电压表V1，V2，V3示数变化量的绝对值分别为ΔU1、ΔU2、ΔU3，理想电流表A示数变化量的绝对值为ΔI，则()A.V1示数减小，V2和V3示数增大B.带电粒子将向上运动C.ΔU3＞ΔU1D.此过程中保持不变12、如图所示，在光滑水平面上有一物块在水平恒外力F的作用下从静止开始运动，在其正前方有一根固定在墙上的轻质弹簧，从物块与弹簧接触到弹簧压缩量最大的过程中，下列说法正确的是（）A.物块接触弹簧后一直做减速运动B.物块接触弹簧后先做加速运动后做减速运动C.当物块的加速度等于零时，速度最大D.当弹簧压缩量最大时，物块的加速度等于零二、实验题（本题共16分，答案写在题中横线上）13、（6分）14、（10分）三、计算题要求解题步骤，和必要的文字说明（本题共36分）15、（12分）在1125m的高空中有一驾飞机以80m/s的速度水平飞行（空气阻力忽略不计，g取10m/s2），求：（1）从飞机上掉下的物体经多长时间落地？（2）物体从掉下到落地，水平方向移动的距离多大？（3）从掉下开始6s末物体的速度16、（12分）一辆汽车在高速公路上以40m/s的速度匀速行驶，由于前方出现险情，司机立即刹车，刹车时的加速度大小为5m/s2。求：（1）汽车刹车后10s内滑行的距离；（2）从开始刹车至滑行70m过程中的平均速度。17、（12分）如图为某小球做平抛运动时，用闪光照相的方法获得的相片的一部分，图中背景方格的边长为5cm，g取10m/s2，则①闪光频率f=_______Hz；②小球平抛运动的初速度v0=_______m/s；③小球过A点的速率vA=______m/s

参考答案一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）1、A【解析】A．研究小车的加速度与合外力的关系需使小车的总质量相同，可以利用1、2、3三次实验数据，故A正确；B．研究小车的加速度与小车总质量的关系需使小车受到的合外力相同，可以利用4、5、6三次实验数据，故B错误；C．由可知位移的大小反映加速度的大小。对于“合外力相同的情况下，小车质量越大，小车的加速度越小”的结论，可以由第5次或第6次实验中小车1和小车2的位移数据进行比较得出，故C错误；D．第4次实验小车2的质量大，则其加速度小，其位移小，而数据记录中其位移大。故数据的记录存在错误，故D错误。故选A。2、B【解析】横向摩擦力等于零,说明重力与支持力的合力完全提供向心力,重力、支持力的合力为:合外力提供向心力即:计算得出:所以:故B正确，ACD错误；故选B3、B【解析】AB．若弹簧弹力为零，对斜面体A进行受力分析可知，斜面体A受重力、斜面体B对斜面体A的支持力和摩擦力，处于平衡状态，斜面体A受三个力作用，故A错误，B正确；C．物体A处于平衡状态，也可能只受弹簧的拉力和重力，此时斜面体A、B之间没有相互挤压，不存在摩擦力，斜面体A只受两个力，斜面体B也只收两个力，故C错误；D．对斜面体A、B整体分析，不论弹簧弹力有无，只受竖直方向的外力，斜面体B与地面之间不会存在摩擦力，斜面体B可能只收两个力或四个力，不可能受五个力，故D错误4、D【解析】在物块缓慢向上移动的过程中，小圆环A处于三力平衡状态，根据平衡条件知mg与N的合力与T等大反向共线，作出mg与N的合力，如图，由三角形相似得：①A、F＝T，由①可得：，AB变小，BO不变，则F变小；故A错误；BCD、由①可得：，AO、BO都不变，则N不变，方向始终背离圆心；故D正确，BC错误；5、D【解析】AC．这两项对数据的利用率较低，所以AC不合理；B．对公式化简，前后抵消，根本没有参与计算，和性质一样，故B不合理；D．根据逐差公式可得，，求平均值可得故D合理。故选D。6、B【解析】A、速度和加速度既有大小又有方向，是矢量，而路程只有大小，没有方向，是标量；故A错误.B、速度、位移、加速度全部为矢量；故B正确.C、位移和加速度既有大小又有方向，是矢量，而速率只有大小没有方向是标量；故C错误.D、时间为标量，瞬时速度和加速度是矢量；故D错误.故选B.【点睛】既有大小又有方向，相加是遵循平行四边形定则的物理量是矢量，如力、速度、加速度、位移、动量等都是矢量；只有大小，没有方向的物理量是标量，如路程、时间、质量等都是标量，标量正负号表示大小，矢量正负号不表示大小，表示方向7、BD【解析】根据速度时间图线求出物块匀减速运动的加速度大小，结合牛顿第二定律求出物块与传送带间的动摩擦因数大小．物块滑上传送带后先做匀减速运动到零，然后反向做匀加速直线运动，当速度达到传送带速度后一起做匀速直线运动，结合运动学公式求出向左和向右运动的时间，从而得出物块在传送带上的总时间【详解】由速度图象可得，物块做匀变速运动的加速度为；由牛顿第二定律得f=Ma又f=μMg，则可得物块与传送带间的动摩擦因数，选项A错误；由速度图象可知，物块的初速度大小v=4

m/s、传送带的速度大小v′=2

m/s，物块在传送带上滑动t1=3

s后与传送带相对静止．前2秒内物块的位移大小s1=t1′=4

m，方向向右，即物块距离传送带左端的最大距离是4m；后1秒内的位移大小s2=t1″=1

m，方向向左；3秒内物块的位移s=s1-s2=3

m，方向向右，传送带在3s内的位移为2×3m=6m向左，可知物块在传送带上相对传送带滑动的距离是9m，选项B正确，C错误；物块再向左运动的时间t2==1.5

s；

物块在传送带上运动的时间t=t1+t2=4.5

s，选项D正确；故选BD.【点睛】解决本题的关键理清物块在传送带上整个过程的运动规律，结合牛顿第二定律和运动学公式以及速度时间图线进行求解8、BD【解析】根据题意可知，第4s内的平均速度等于3.5s时的速度，大小为v=9.0m/s，根据匀变速直线运动的速度-时间公式有v=v0+at即9m/s=2m/s+a×3.5s解得加速度为a=2m/s2第4s末的速度为v′=v0+at′=2m/s+2×4m/s=10m/s故BD正确，AC错误。故选BD。9、AC【解析】A．物体P受到向左的滑动摩擦力和逐渐增大的弹力，由牛顿第二定律可知，物体向右做加速度逐渐增大的减速运动，故A正确；B．物体受恒力F，大小与摩擦力的关系未知；若，则有：做加速度增大的减速运动；若，先出现：故先做加速度向右减小的加速运动，后做加速度向左增大的减速运动；故B错误；C．小球接触弹簧开始，先重力大于增大的弹力，做加速度减小的变加速运动，后重力等于弹力出现最大速度，再重力小于弹力，做加速度向上增大的变减速运动；故C正确；D．蹦极在橡皮条伸直前只受重力做自由落体运动，此后重力大于增大的弹力，做加速度减小的变加速运动，后重力等于弹力出现最大速度，再重力小于弹力，做加速度向上增大的变减速运动；故D错误。故选AC。10、AD【解析】A．以m为研究对象，拉伸状态的弹簧对m有向右的弹力，由平衡条件得到，m受到向左的摩擦力，故A正确；B．根据牛顿第三定律得知，M受到m对它向右的摩擦力，故B错误；CD．以整体为研究对象，根据平衡条件得到，地面对M没有摩擦力，故C错误，D正确11、BCD【解析】A．将滑动变阻器滑片向下滑动，滑动变阻器的阻值减小，电路的总电阻减小，由闭合电路欧姆定律知，总电流增大，则V1示数U1增大．内电压增大，路端电压U减小，而路端电压，可知，V3示数U3减小．R2两端电压增大，所以V2示数减小，故A错误；B．R2两端电压增大，则电容器板间电压增大，板间场强增大，带电粒子所受的电场力增大，因此带电粒子将向上运动，故B正确；C．因为，U3减小，U1增大，而U减小，所以．故C正确；D．根据闭合电路欧姆定律知：得保持不变，故D正确故选BCD12、BC【解析】物体与弹簧接触前做匀加速直线运动；物体与弹簧接触后，弹簧弹力不断增大，开始阶段弹簧弹力小于推力F，合力向右，加速度向右，物体做加速度不断减小的加速运动；当加速度减小为零时，速度达到最大；接下来物体由于惯性继续向右运动，弹力进一步变大，且大于推力，合力向左，加速度向左，物体做加速度不断变大的减速运动，当速度减为零时，加速度最大。故选BC【点睛】物体先做加速度不断减小的加速运动，再做加速度不断增大的减速运动。二、实验题（本题共16分，答案写在题中横线上）13、14、三、计算题要求解题步骤，和必要的文字说明（本题共36分）15、（1）15s；（2）1200m；（3）100m/s【解析】（1）飞机做平抛运动，所以有，解得（2）在水平方向上做匀速直线