陕西省延安市延川县中学2025届物理高一上期末调研模拟试题含解析

陕西省延安市延川县中学2025届物理高一上期末调研模拟试题请考生注意：1．请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0．5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2．答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）1、如图所示，物块1、2间用刚性轻质杆连接，物块3、4间用轻质弹簧相连，物块1、3质量为m，2、4质量为M，两个系统均置于水平放置的光滑木板上，并处于静止状态。现将两木板沿水平方向突然抽出，设抽出后的瞬间，物块1、2、3、4的加速度大小分别为a1、a2、a3、a4.重力加速度大小为g，则有()A.a1＝a2＝a3＝a4＝0B.a1＝a2＝a3＝a4＝gC.a1＝a2＝g，a3＝0，a4＝gD.a1＝g，a2＝g，a3＝0，a4＝g2、如图甲所示，滑块以大小为18m/s的速度从足够长的粗糙固定斜面底端P滑上斜而至最高点Q后再返回P点，该过程中滑块运动的速度-时间图象如图乙所示。下列判断正确的是A.P、Q两点间的距离为9mB.滑块返回P点时的速度大小为18m/sC.滑块从Q点返回P点所需的时间为3sD.0~3s内滑块的位移大小为17m3、一位攀岩者以0.8m/s的速度匀速向上攀登，途中碰落了岩壁上的石块，石块自由下落，2s时攀岩者听到石块落地的声音，此时他离地面的高度约为（）A.1.6m B.15mC.21m D.5m4、在以加速度a匀加速上升的电梯中，有一个质量为m的人，下列说法中正确的是（）A.此人对地球的吸引力为 B.人对电梯的压力为C.此人所受的重力为 D.此人的视重为5、一辆汽车正在做匀加速直线运动，计时之初，速度为6m/s，运动28m后速度增加到8m/s，则下列说法正确的是()A.这段位移所用的时间是1sB.这段运动的加速度是3.5m/s2C.自计时开始起，2s末的速度是7m/sD.从开始计时起，经过14m处的速度是2m/s6、“火龙线”是广州的一条比较成熟的徒步线路，2019年10月7日（重阳节）上午7：00，某徒步爱好者准时出发，路线为：以火炉山脚为起点，途经广汕二路、凤凰山顶、采石场，终点到达龙眼洞森林公园，全程27km，用时9h。下列说法正确的是（）A.徒步爱好者的位移的大小不大于27kmB.徒步爱好者的瞬时速度都为C.徒步爱好者徒步时，一定不能看成质点D.研究某徒步爱好者的运动只能以地面为参考系7、如图甲所示，木板OA可绕轴O点在竖直平面内转动，某研究小组利用此装置探究物块在方向始终平行于斜面且指向A端、大小为F=8N的力作用下的加速度与斜面倾角的关系。已知物块的质量m=1kg，木板长L=2m，通过实验，得到如图乙所示的加速度与斜面倾角的关系图线，A点坐标（θ1，0），B点坐标（θ2，0）。若物块与木板间的动摩擦因数μ=0.2，假定物块与木板间的最大静摩擦力始终等于滑动摩擦力，(g＝10m/s2)，则以下说法正确的是()A.图乙中图线与纵轴交点的纵坐标a0=6m/s2B.图乙中图线与θ轴交点的横坐标为θ1时，物体受到的摩擦力沿斜面向下，且物体静止C.图乙中图线与θ轴交点横坐标为θ2时，物体受到的摩擦力沿斜面向下，且物体静止D.若θ=37°，物体在力F作用下，从木板底端O点开始运动，当作用时间是3s时，物体不能冲出木板8、如图所示，A、B两物体的质量分别为和，B放在光滑的水平桌面上，不计绳重和摩擦，重力加速度为．轻轻释放A后（）A.绳子中的拉力大小为 B.两物体的加速度均小于C.物体A处于失重状态 D.物体B处于超重状态9、一物体做自由落体运动，取g=10m/s2．该物体（）A.在前2s内下落的距离为20

m B.在前2s内下落的距离为40mC.第2s末速度为20m/s D.第2s末的速度为40m/s10、下列所给的图象中能反映作直线运动的物体回到初始位置的是()A. B.C. D.11、如图甲所示的水平传送带AB逆时针匀速转动，一物块沿曲面从一定高度处由静止开始下滑，以某一初速度从传送带左端滑上，在传送带上由速度传感器记录下物块速度随时间的变化关系如图乙所示(图中取向左为正方向，以物块刚滑上传送带时为计时起点)，已知传送带的速度保持不变，重力加速度g取，关于物块与传送带间的动摩擦因数μ及物块在传送带上运动第一次回到传送带左端的时间t，下列计算结果正确的是（）A.μ＝0.4 B.μ＝0.2C.t＝4.5s D.t＝3s12、如图所示，有一倾角θ＝30°的斜面体B，质量为M。质量为m的物体A静止在B上。现用水平力F推物体A，在F由零逐渐增加至再逐渐减为零的过程中，A和B始终保持静止。对此过程下列说法正确的是（）A.地面对B的支持力大于(M＋m)gB.A对B的压力的最小值为，最大值为C.A所受摩擦力的最小值为0，最大值为D.A所受摩擦力的最小值为，最大值为二．填空题(每小题6分，共18分)13、14、15、三．计算题(22分)16、（12分）一空降特战兵实施空降空降兵出飞机舱后先做自由落体运动，下落3s后，打开伞包匀速下落600m，接着以大小为5m/s2的加速度做匀减速直线运动到达“敌方”的地面，着地时速度为5m/s，g取10m/s2。求：(1)空降兵做自由落体运动下落的距离；(2)空降兵打开伞包匀速下落的时间；(3)空降兵从离开飞机舱到着地的时间。17、（10分）足够长光滑斜面BC的倾角，小物块与水平面间的动摩擦因数为0.5，水平面与斜面之间B点有一小段弧形连接，一质量m=2kg的小物块静止于A点。现在AB段对小物块施加与水平方向成的恒力F作用，如图（a）所示，小物块在AB段运动的速度一时间图像如图（b）所示，到达B点迅速撤去恒力F。（sin53°=0.8，cos53°=0.6，g取10m/s2）求：(1)小物块所受到的恒力F；(2)小物块从B点沿斜面向上运动，到返回B点所用的时间；(3)小物块能否返回到A点？若能，计算小物块通过A点时的速度；若不能，计算小物块停止运动时离B点的距离。

参考答案一、选择题（本题共12小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确.全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错的或不答的得0分）1、C【解析】在抽出木板的瞬间，物块1、2与刚性轻杆接触处的形变立即消失，受到的合力均等于各自重力，所以由牛顿第二定律知a1＝a2＝g；而物块3、4间的轻弹簧的形变还来不及改变，此时弹簧对3向上的弹力大小和对物块4向下的弹力大小仍为mg，因此物块3满足mg＝F弹则a3＝0由牛顿第二定律得物块4满足a4＝＝g综上所述，ABD错误，C正确。故选C。2、C【解析】A．从图乙中可知滑块的上滑过程对应0~2s的运动过程，在0~2s过程中v-t图像与坐标轴围成的面积表示PQ间的距离，故为：，A错误；B．根据v-t图像的斜率表示加速度，故两个阶段的加速度大小为：，，设滑块返回P点时的速度大小为，则，即解得：，方向沿斜面向下，B错误；C．滑块从Q点返回P点所需的时间为：，C正确；D．规定沿斜面向上为正，则0~2s内滑块的位移为：，2~3s过程滑块下滑，初速度为0，加速度为，故发生的位移为：，故0~3s内滑块的位移为：，方向沿斜面向上，D错误；故选C。3、C【解析】石块下落的高度该过程中，攀岩者向上上升的高度此时他离地面的高度约为选项ABD错误，C正确。故选C。4、D【解析】AC.电梯的运动状态对人的重力不构成影响，且人受到的重力和人对地球的吸引力是作用力和反作用力，所以人受到的重力和人对地球的吸引力大小都等于mg，AC错误BD.对人进行受力分析可知，人受到竖直向下的重力G和竖直向上的支持力F；根据牛顿运动定律可得，F-G=ma，可得F=mg+ma，人对电梯的压力和人的视重与人受到的支持力大小相等，B错误D正确5、C【解析】AB．根据速度与位移的关系：解得：，根据速度与时间的关系：解得：，AB错误；C．根据：C正确；D．根据中间位置速度公式：D错误。故选C。6、A【解析】A．由题可知，徒步的最大路程为27km，位移小于等于路程，故位移的大小不会大于27km，故A正确；B．徒步爱好者全程过程中速度有可能随时变化，故不可能都为，故B错误；C．如果研究徒步爱好者的平均速度，则这个过程中可以看成是质点，故C错误；D．研究某徒步爱好者的运动所选择的参考系不唯一，可以以地面作为参考系，也可以以周边的物体作为参考系，不同参考系下物体的运动情况的描述是不一样的。故D错误。故选A。7、ABD【解析】A．当木板水平放置时，物块的加速度为a0，此时滑动摩擦力解得故A正确；BC．当摩擦力沿斜面向下且加速度为零时木板倾角为θ1，当摩擦力沿斜面向上且加速度为零时木板倾角为θ2，这时物块处于静止状态，故B正确，C错误；D．力F作用时的加速度撤去力F后的加速度大小设物块不冲出木板顶端，力F最长作用时间为t，则撤去力F时的速度，位移，撤去力F后运动的距离，由题意有即解得故D正确，故选ABD。8、BC【解析】AB．A落地前，对于B，取水平向右为正，对于A，取竖直向下为正，根据牛顿第二定律得：联立两式解得：故A错误，B正确CD．物体A的加速度方向向下，所以A处于失重状态，B竖直方向加速度为0，不是超重也不是失重，故C正确，D错误9、AC【解析】自由落体运动做初速度为零，加速度为g的匀加速直线运动，根据位移时间公式求出下降的高度，根据速度时间公式求出第2s末的速度；【详解】AB、前2s内下落的距离为：，故A正确，B错误；CD、第2s末的速度为：，故C正确，D错误；故选AC；【点睛】解决关键知道自由落体运动的运动规律，结合运动学公式灵活求解10、ACD【解析】A．由图可知，物体开始和结束时的纵坐标均为0，说明物体又回到了初始位置，故A正确；B．由图可知，物体一直沿正方向运动，位移增大，故无法回到初始位置，故B错误；C．物体第1s内的位移沿正方向，大小为2m，第2s内位移为2m，沿负方向，故2s末物体回到初始位置，故C正确；D．物体做匀变速直线运动，2s末时物体的总位移为零，故物体回到初始位置，故D正确；故选ACD。11、BC【解析】AB．由题图乙可得，物块做匀变速运动的加速度大小为由牛顿第二定律得则可得物块与传送带间的动摩擦因数选项B正确，A错误；CD．在v－t图像中，图线与t轴所围面积表示物块的位移，则物块经减速、反向加速到与传送带相对静止，最后匀速运动回到传送带左端时，物块的位移为0，由题图乙可得物块在传送带上运动的总时间为4.5s，选项C正确，选项D错误。故选BC。【点睛】此时是牛顿第二定律应用的典型问题-传送带问题；解决本题的关键是根据图像理清物块在传送带上整个过程的运动规律，结合牛顿第二定律和运动学公式以及速度时间图线进行求解。12、BC【解析】A．对AB组成的整体受力分析，整体受力平衡，竖直方向仅受到重力和地面对B的支持力，所以地面对B的支持力等于，故选项A错误；B．对受力分析，受到重力、支持力、推力和静摩擦力作用，垂直于斜面方向有当时，最小，最小为当时，最大，最大为根据牛顿第三定律可知A对B压力的最小值为，最大值为，故B正确；CD．对受力分析，受到重力、支持力、推力和静摩擦力作用，假设静摩擦力沿斜面向上，则沿着斜面方向有当F=0时随着推力F增大，摩擦逐渐减小，当，即时，摩擦力为零；当F继续增大时，摩擦力反向，沿斜面向下，推力F越大，摩擦力越大，当时，最大，综上分析可得，A所受摩擦力的最小值为0，最大值为，故C正确，D错误。故选BC。二．填空题(每小题6分，共18分)13、14、15、三．计算题(22分)16、(1)45m；(2)20s；(3)28s【解析】(1)自由下落的距离h1＝gt12＝×10×32m＝45m(2)自由落体的末速度v1＝gt1＝10×3m/s＝30m/s匀速