安徽省合肥市肥东中学2025届物理高二上期中调研试题含解析

安徽省合肥市肥东中学2025届物理高二上期中调研试题注意事项1．考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回．2．答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0．5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置．3．请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符．4．作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案．作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效．5．如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗．一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、在一个点电荷的电场中，一个带电的小金属块放在粗糙的水平面上，金属块在电场力作用下由静止开始运动直到停止运动，则()A．电场力对金属块做功的代数和等于金属块的动能的增加B．金属块的电势能在不断地增大C．金属块的加速度是不断减小D．电场力对金属块做的功等于金属块克服摩擦力做的功2、如图所示，桌面离地高h，质量为m的小球从离桌面高H处自由落下，不计空气阻力，设桌面为零势面，则小球触地前的瞬间机械能为（）A．mgH B．mgh C．mg(H+h) D．mg(H-h)3、真空中有两个相同的带电金属小球A和B，相距为r，带同种电荷，电荷量分别为q和3q，它们之间作用力的大小为F，相互接触后又放回原处，它们之间的作用力为（）A．B．C．D．4、如图所示，实线表示某静电场的电场线，虚线表示该电场的等势面。下列判断正确的是（）A．2、3两点的电场强度相等B．1、2两点的电势相等C．把一电子从1点移动3点，电场力做正功，电势能减小D．在只受电场力的作用下，质子从1点沿直线运动到2点的过程中，质子的加速度在减小5、如图所示，在真空中有两个点电荷A和B，电荷量分别为-Q和+2Q，它们相距L，如果在两点电荷连线的中点O有一个半径为r（2r<L）的空心金属球，且球心位于O点，则关于球壳上的感应电荷在O点处此时的场强的大小和方向说法正确的是（）A．，向左 B．，向右 C．0 D．，向右6、两电阻R1、R2的电流I和电压U的关系如图所示，可知电阻大小之比R1:R2等于A．1:3 B．3:1 C． D．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，一水平长直导线MN上用非常结实的绝缘细线悬挂一等腰直角三角形线圈，线圈与直导线在同一竖直平面内，线圈中通以如图所示的恒定电流，下列说法正确的是()A．在MN上通以向左的电流，线圈可能会向上平动B．在MN上通以向右的电流，线圈可能不动，但绝缘细线的拉力小于线圈的重力C．在MN上通以向右的电流，线圈会发生(俯视看)逆时针转动D．在MN上通以向左的电流，线圈肯定不动，但细线上一定有张力8、如图所示，平行板电容器与电动势为E的直流电源内阻不计连接，下极板接地一带电油滴位于容器中的P点且恰好处于平衡状态现将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离后A．P点的电势将降低B．P带电油滴的电势能将增大C．带电油滴将沿竖直方向向上运动D．电容器的电容减小，极板带电量将增大9、右图是某同学改装成某一量程电流表的原理图（其中表头内阻为Rg，并联的定值电阻的阻值为R），结果他发现该电流表的示数总是比准确值稍大一点，请问以下哪些措施可以加以改进（）A．并联一个比Rg和R的总电阻小得多的电阻B．给定值电阻串联一个比R小得多的电阻C．并联一个比R大得多的电阻D．给表头串联一个比Rg小得多的电阻10、如图所示，纸面内AB两点之间连接有四段导线：ACB、ADB、AEB、AFB，四段导线的粗细相同、材料相同；匀强磁场垂直于纸面向内，现给AB两端加上恒定电压，则下列说法正确的是A．四段导线受到的安培力的方向相同B．四段导线受到的安培力的大小相等C．ADB段受到的安培力最大D．AEB段受到的安培力最小三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）用如图甲所示的多用电表测量电阻，要用到选择开关K和两个部件S、T。请根据下列步骤完成电阻测量（请将你的答案相应的字母或文字）填写在空格内：（1）旋动部件________，使指针对准电流的“0”刻线；（2）将K旋转到电阻挡“×100”的位置；（3）将插入“＋”“－”插孔的表笔短接，旋动部件________，使指针对准电阻的________（填“0刻线”或“∞刻线”）；（4）将两表笔分别与待测电阻相接，发现指针偏转角度过小。为了得到比较准确的测量结果，请从下列选项中挑出合理的步骤，并按____________的顺序进行操作，再完成读数测量。A．将K旋转到电阻挡“×1k”的位置B．将K旋转到电阻挡“×10”的位置C．将两表笔的金属部分分别与被测电阻的两根引线相接D．将两表笔短接，旋动合适部件，对电表进行校准（5）将红、黑笔表分别与待测电路两端相接触，若电表的读数如图乙所示，则该电阻的阻值读数应为________Ω。（6）测量完毕后，要将选择开关旋转到________位置。12．（12分）有一个小灯泡上标有“4V，2W”的字样，现在要用伏安法测量这个小灯泡的伏安特性曲线。现有下列器材供选用：A．电压表V1（0～5V，内阻约10kΩ）B．电压表V2（0～10V，内阻约20kΩ）C．电流表A1（0～0.3A，内阻约1Ω）D．电流表A2（0～0.6A，内阻约0.4Ω）E．滑动变阻器R1（0～10Ω，2A）F．滑动变阻器R2（0～100Ω，0.2A）G．学生电源（直流6V）、开关及导线（1）为了调节方便，测量尽可能准确，实验中应选用电压表_________，电流表_________，滑动变阻器___________．（填器材的前方选项符号，如A，B）（2）为使实验误差尽量减小，要求从零开始多取几组数据；请在上面的方框中画出实验电路图___________．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）水平放置的圆盘绕竖直轴匀速转动，盘转动时边缘挡光片从光电数字计时器的光电门的狭缝中经过，如图1，图2所示。A光源射出的光可照射到B的接收器上，若A、B间的光路被遮断，显示器C上可显示出光线被遮住的时间。圆盘直径，距转轴处有一质量为的零件随盘一起运动，已知挡光片的宽度，光电数字计时器所显示的时间为（），求：(1)圆盘转动的角速度；(2)零件受到的摩擦力。14．（16分）如图所示的直角坐标系中，在0≤y≤3L的区域内有磁感应强度为B、垂直纸面向外的匀强磁场．一厚度不计，长度为5L的收集板MN放置在y＝2L的直线上，M点的坐标为（L，2L）．一粒子源位于P点，可连续发射质量为m、电荷量为q（q>0）的粒子（初速度近似为零），粒子经电场加速后沿y轴进入磁场区域（加速时间很短，忽略不计）．若收集板上下表面均可收集粒子，粒子与收集板麵后被吸收并导走，电场加速电压连续可调，不计粒子重力和粒子间的作用力．求（1）若某粒子在（L，0）处离开磁场，则该粒子的加速电压U0的大小；（2）收集板MN的下表面收集到的粒子在磁场中运动的最长时间；（3）收集板（上下两表面）无法收集到粒子区域的x坐标范围．15．（12分）如图所示，一均匀带电+Q细棒，在过中点c垂直于细棒的直线上有a、b、d三点，且ab=bc=cd=L，在a点处有一电荷量为q的固定点电荷．已知b点处的场强为零，则d点处场强的大小为多少(k为静电力常量)

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】试题分析：金属块在整个运动的过程中水平方向受电场力和摩擦力，开始电场力大于摩擦力，做加速运动，然后电场力小于摩擦力，做减速运动，最终速度为零，根据电场力做功判断电势能的变化，根据牛顿第二定律判断加速度的变化，根动能定理判断电场力做功与克服摩擦做功的关系．金属块受到电场力和摩擦力做功，所以根据动能定理可知电场力和摩擦力做功的代数和等于金属块的动能增量，A错误；由于是从静止开始运动的，所以电场力做正功，电势能减小，B错误；开始时，电场力大于摩擦力，运动的过程中，电场力逐渐减小，则加速度减小，然后摩擦力大于电场力，加速度又逐渐增大，所以加速度先减小后增大，C错误；由于过程中动能是从零到零，所以，故电场力对金属块做的功等于金属块克服摩擦力做的功，D正确．2、A【解析】

设桌面为零势面，小球的初机械能E1EA.mgH与计算结果E2=mgH相符，故B.mgh与计算结果E2=mgH不相符，故BC.mg(H+h)与计算结果E2=mgH不相符，故CD.mg(H-h)与计算结果E2=mgH不相符，故3、C【解析】两个小球接触前：两个小球接触后，电量平分，则：则两个小球接触后，，则：，即：，故选项C正确。点睛：要清楚带电体相互接触后移开，同种电荷电量平分，根据库仑定律的内容，找出变化量和不变量熟练应用库仑定律即可求题。4、D【解析】2、3两点的电场线方向不同，故电场强度方向不同，电场强度不同，A错误；顺着电场线，电势降低，所以1点的电势高于2点处的电势，B错误；2与3处于同一条等势线上，所以2与3两点的电势相等，所以1点电势高于3点电势，电子从高电势向低电势运动，电场力做负功，电势能减小，C错误；1点的电场线比2点的电场线密，所以质子在1点的电场力大于在2点的电场力，故质子从1点沿直线运动到2点的过程中，质子的加速度在减小，D正确．5、D【解析】两个点电荷A和B在O点处产生的合场强大小为：，方向向左，根据静电平衡导体的特点可知，球壳上的感应电荷在O点处的场强大小与两个点电荷A和B在O点处产生的合场强大小相等，方向相反，则球壳上的感应电荷在O点处的场强大小为：，方向向右，故D正确，ABC错误．6、A【解析】

因为该图线为I-U图线，则图线的斜率表示电阻的倒数，两根图线的斜率比为，所以电阻比为：A．所给答案为1:3，正确答案为1:3，A正确；B．所给答案为3:1，正确答案为1:3，B错误；C．所给答案为，正确答案为1:3，C错误；D．所给答案为，正确答案为1:3，D错误．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BD【解析】

由右手螺旋定则分析线圈中的磁场分布，再由左手定则判断直导线的受力；由作用力反作用力分析线圈的受力情况，再判断其运动情况。【详解】A、D项：由右手螺旋定则可知，线圈内部磁感线向里，则导线处的磁场向外；对导线由左手定则可知，导线受力向上；则由牛顿第三定律可知，线圈受力向下；线圈不会动，但细绳上的一定有拉力；故A错误，D正确；B、C项：通以向右的电流时，线圈受力向上，可能向上运动，也可能不动，但绝缘细线的拉力小于线圈的垂力；而对于线圈分析可知，MN形成的磁场是垂直于线圈所在平面的；故不可能出现转动现象；故B正确，C错误。故选：BD。【点睛】本题应用了转换研究对象法进行分析，要注意明确两电流形成的磁场的分布特点。8、AB【解析】

将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离，电容器两板间电压不变，根据分析板间场强的变化，判断电场力变化，确定油滴运动情况；由分析P点与下极板间电势差如何变化，即能分析P点电势的变化和油滴电势能的变化；根据电容的定义式，电容器与电源保持相连，则U不变，Q与C成正比变化；【详解】A、将平行板电容器的上极板竖直向上移动一小段距离，由于电容器两板间电压不变，根据得知板间场强减小，油滴所受的电场力减小，则油滴将向下运动；板间场强E减小，而P点与下极板间的距离不变，则由公式分析可知，P点与下极板间电势差将减小，而P点的电势高于下极板的电势，而且下极板的电势不变，则知P点的电势将降低，故A正确，C错误；B、由带电油滴原来处于平衡状态可知，油滴带负电，P点的电势降低，则油滴的电势能将增加，故B正确；D、根据电容的定义式，电容器与电源保持相连，则U不变，当C减小，则Q也减小；故D错误；【点睛】本题运用分析板间场强的变化，判断油滴如何运动；明确正电荷在电势高处电势能大，而负电荷在电势高处电势能小，来判断电势能的变化．9、CD【解析】把小量程电流表改装成大量程电流表需要并联一个小电阻，由并联电路特点可知，电阻越并越大，R分流越小，并联后的电阻越接近Rg，改装后的电流越接近流过表头的电流，故C、D正确．点晴：由该题可看出，解决此类问题要充分理解电表改装原理，电路的分压分流原理．10、AC【解析】试题分析：导线的粗细相同、材料相同，由电阻定律：可知：导线越长，电阻越大，由：可知：ACB导线电流最小，而ADB导线电流最大，四段导线的有效长度都相同，由F=BIL可知，ADB段受到的安培力最大，而ACB段受到的安培力最小，由左手定则可知，它们的安培力的方向均相同，故AC正确，BD错误；故选AC．考点：电阻定律；安培力【名师点睛】本题考查电阻定律与欧姆定律的应用，掌握左手定则及安培力大小表达式，注意理解有效切割长度是解题的关键．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、ST0刻线ADC19kOFF【解析】

（1）[1]．旋动部件S，使指针对准电流的“0”刻线；（3）[2][3]．将插入“＋”“－”插孔的表笔短接，旋动部件T，使指针对准电阻的0刻线；（4）[4]．将两表笔分别与待测电阻相接，发现指针偏转角度过小。说明倍率档选择过小，为了得到比较准确的测量结果，应选择更大的档位，即“×1k”，并按换挡、调零、测量的步骤，即ADC的顺序进行操作，再完成读数测量。（5）[5]．该电阻的阻值读数应为19×1kΩ=19kΩ。（6）[6]．测量完毕后，要将选择开关旋转到OFF位置。12、A，D，E，【解析】(1)因灯泡的额定电压为4V，为保证安全选用的电压表量程应稍大于4V，但不能大太多，量程太大则示数不准确；故只能选用A电压表；由P=UI得，灯泡的额定电流为：，故电流表应选择0～0.6A的量程，故选D；由题意要求可知，电压从零开始变化，并要多测几组数据，故只能采用滑动变阻器分压接法，应选小阻值的E；(2)电压表远大于灯泡内阻，应采用电流表外接法，由题意要求可知，电压从零开始变化，并要多测几组数据，故只能采用滑动变阻器分压接法，如图：点晴：本题考查实验中的仪表的接法，应注意滑动变阻器分压及限流接法的区别及应用，同时还应明确内外接法的不同及判断。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)；(2)，方向指向圆心【解析】

(1)圆盘转动的线速度由可得(2)零件受到的摩擦力提供零件作匀速圆周运动的向心力，即方向指向圆心。14、（1）（2）（3）2L＜x＜4L及（3＋）L＜x≤6L【解析】（1）由题意知，粒子在边界距d点L处离开磁场，半径由