2025届福建省南平市邵武市四中物理高二第一学期期中学业质量监测模拟试题含解析

2025届福建省南平市邵武市四中物理高二第一学期期中学业质量监测模拟试题考生须知：1．全卷分选择题和非选择题两部分，全部在答题纸上作答。选择题必须用2B铅笔填涂；非选择题的答案必须用黑色字迹的钢笔或答字笔写在“答题纸”相应位置上。2．请用黑色字迹的钢笔或答字笔在“答题纸”上先填写姓名和准考证号。3．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，在草稿纸、试题卷上答题无效。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、对电阻率及其公式，的理解，正确的是（)A．金属铂电阻的电阻率随温度升高而减小B．电阻率的大小与温度有关，温度越高电阻率越大C．同一温度下，电阻率跟导体电阻与横截面积的乘积成正比，跟导体的长度成反比D．同一温度下，电阻率由所用导体材料的本身特性决定2、电荷Q在电场中某两点间移动时，电场力做功W，由此可算出两点间的电势差为U；若让电量为2Q的电荷在电场中的这两点间移动则（）A．电场力做功仍为W B．电场力做功C．两点间的电势差仍为U D．两点间的电势差为3、如图所示，A、B是匀强电场中相距4cm的两点，其连线与电场方向的夹角为60°，两点间的电势差为20V，则电场强度大小为（）A．5V/m B．50V/m C．1×102V/m D．1×103V/m4、如图所示，A、B、C、D是匀强电场中一个以坐标原点为圆心、半径为1cm的圆与两坐标轴的交点，已知A，B，C三点的电势分别为φA=12V、φB=2V、φC=-2V.A．4VB．8VC．6VD．9V5、电场中有A、B两点，把电荷从A点移到B点的过程中，电场力对电荷做正功，则()A．电荷的电势能减少 B．电荷的电势能增加C．A点的场强比B大 D．A点的场强比B小6、如图所示，虚线表示电场中一簇等势面，相邻等势面之间电势差相等，一个正电荷以一定的初速度进入电场中，仅在电场力作用下从M点运动到N点（轨迹图中没有画出），此过程中电场力对正电荷做负功，由此可以判断A．M点的电场强度大于N点的电场强度B．M点的电场强度等于N点的电场强度C．M点的电势低于N点的电势D．M点的电势等于N点的电势二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，质量m1＝0.3kg的小车静止在光滑的水平面上，车长l＝1.5m，现有质量m2＝0.2kg可视为质点的物块，以水平向右的速度v0从左端滑上小车，最后在车面上某处与小车保持相对静止．物块与车面间的动摩擦因数μ＝0.5，取g＝10m/s2，则A．物块滑上小车后，滑块和小车构成的系统动量守恒B．物块滑上小车后，滑块和小车构成的系统机械能守恒C．若v0=2m/s，则物块在车面上滑行的时间为0.24sD．若要保证物块不从小车右端滑出，则v0不得大于5m/s8、如图所示，垂直纸面的正方形匀强磁场区域内，有一位于纸面的、电阻均匀的正方形导体框abcd，现将导体框分别朝两个方向以v、3v速度匀速拉出磁场，则导体框从两个方向移出磁场的两个过程中（）A．导体框中产生的感应电流方向相同B．导体框中产生的焦耳热相同C．通过导体框截面的电荷量相同D．导体框ad边两端电势差相同9、均匀带电的薄圆盘的右侧，用拉力传感器A、B水平悬挂一根通电导线ab，电流方向由a到b，导线平行于圆盘平面。圆盘绕过圆心的水平轴沿如图所示方向匀速转动，与圆盘静止时相比，拉力传感器的示数增大了，悬线仍然竖直，则下列说法正确的是（）A．圆盘带正电荷B．圆盘带负电荷C．若减小圆盘转动角速度，则传感器示数增大D．若改变圆盘转动方向，则传感器示数减小10、如图所示，a、b、c是在地球大气层外圆形轨道上运行的三颗人造卫星，下列说法中正确的是()A．b、c的线速度大小相等，且大于a的线速度B．b、c的向心加速度大小相等，且小于a的向心加速度C．b、c的运行周期相同，且小于a的运行周期D．由于某种原因，a的轨道半径缓慢减小，a的线速度将逐渐增大三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）图（a）为某同学测量一节干电池的电动势和内电阻的电路图。(1)虚线框内是用毫安表改装成电流表的电路，已知是理想电压表，毫安表表头的内阻为3.0，满偏电流为100mA，电阻R1=0.6，由此可知，改装后电流表的量程为______A。(2)实验步骤如下，请完成相应的填空：①将滑动变阻器R的滑片移到端______（选填“A”或B”），闭合开关S；②多次调节滑动变阻器的滑片，记下电压表的示数U和毫安表的示数I，某次测量时毫安表的示数如图（b）所示，其读数为______mA。③以U为纵坐标，I为横坐标，作U−I图线，如图（c）所示；④已知定值电阻R0=2.0，根据图线求得电源的电动势E=______V，内阻r=______。（结果均保留到小数点后两位）12．（12分）有一个小灯泡上标有“4V2W”的字样,现在要用伏安法描绘这个灯泡的I-U图线。现有下列器材供选用:A．电压表(0~5V,内阻10kΩ)B．电压表(0~15V,内阻20kΩ)C．电流表(0~3A,内阻1Ω)D．电流表(0~0.6A,内阻0.4Ω)E.滑动变阻器(10Ω,2A)F.滑动变阻器(500Ω,1A)G.学生电源(直流6V)、开关、导线若干(1)实验时,选用图甲而不选用图乙的电路图来完成实验,请说明理由:__________________________。

(2)实验中电压表应选用____,电流表应选用____,滑动变阻器应选用______。(用序号字母表示)

(3)把图中所示的实验器材用实线连接成实物电路图________。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，矩形的四个顶点a、b、c、d是匀强电场中的四个点，ab=2bc=2m，电场线与矩形所在的平面平行，已知a点电势为18V，b点电势为10V，c点电势为6V。一带电粒子从a点以速度射入电场，v0与ab边的夹角为45°，一段时间后带电粒子经过ab的中点e，不计粒子重力，求：(1)d点的电势；(2)电场强度的大小和方向；(3)带电粒子从a到e所用的时间。14．（16分）如图，质量为M＝0.2kg的长木板静止在光滑的水平地面上，现有一质量为m＝0.2kg的滑块（可视为质点）以v0＝1.2m/s的速度滑上长木板的左端，小滑块与长木板间的动摩擦因数μ＝0.4，小滑块刚好没有滑离长木板，求：（g取10m/s2）（1）小滑块的最终速度大小（2）在整个过程中，系统产生的热量（3）木板的长度?15．（12分）如图所示，光滑导轨MN和PQ固定在竖直平面内，导轨间距为L，两端分别接有阻值均为R的定值电阻R1和R2。两导轨间有一边长为的正方形区域abcd，该区域内有磁感应强度大小为B、方向垂直纸面向里的匀强磁场。一质量为m的金属杆与导轨相互垂直且接触良好，从ab处由静止释放，若金属杆离开磁场前已做匀速运动，其余电阻均不计。求：(1)金属杆离开磁场前的瞬间流过R1的电流大小和方向；(2)金属杆离开磁场时速度的大小；(3)金属杆穿过整个磁场过程中通过金属杆的电量。

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】

A．金属的电阻率是随温度升高而增大的。故A错误。

B．金属的电阻率与温度的关系是温度越高电阻率越大，但是半导体的电阻率是随温度的升高而减小的。故B错误。

CD．同一温度下，电阻率是由导体的材料决定的，与横截面积和导线的长度无关。故C错误，D正确。2、C【解析】试题分析：由电场力做功的公式W=qU可知AB错；电势与电势差是电场本身的性质，与试探电荷无关，CD错；考点：考查电势与电场的关系点评：难度较小，明确电势与电势差为电场本身的性质，只有电场力做功才与电势差、电荷大小决定3、D【解析】

由匀强电场中电势差和电场强度的关系求解电场强度E．【详解】由题知，，，根据匀强电场中电势差和电场强度的关系：，得：，故选D．【点睛】本题关键掌握匀强电场中电势差与场强的关系式U=Ed，要知道d是两点沿电场线方向的距离，该公式只适用于匀强电场．4、B【解析】试题分析：在匀强电场中，沿着同一方向（非等势面上），根据公式U=Ed可知，每前进相同的距离，电势的降低相等；根据几何知识可知AB=DC且AB∥DC，说明AB间的电势差等于DC间的电势差，故φA-φB=考点：考查了匀强电场电场强度与电势差的关系【名师点睛】解决本题要理解公式U=Ed，知道匀强电场中，沿着同一方向（非等势面上），电势均匀降低，即可解决这类问题．5、A【解析】据题电荷从A点移到B点的过程中，电场力对电荷做正功，则电荷的电势能减少，故A正确，B错误；电场力做功的正负与场强的大小无关，所以不能判断场强的大小，故CD错误．所以A正确，BCD错误．6、C【解析】

AB．因为N点处等势面比M处等势面密集，可知M点的电场强度小于N点的电场强度，选项AB错误；CD．根据正电荷的运动轨迹可知，电场力的方向偏向右下方，可知电场线偏向右下方，沿电场线电势降低，可知M点的电势低于N点的电势，选项C正确，D错误。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、ACD【解析】由于地面光滑，所以物块和小车构成的系统动量守恒，故A正确；由于物块和小车之间有摩擦力，所以系统机械能不守恒，故B错误；设物块与小车的共同速度为v，以水平向右的方向为正方向，根据动量守恒定律有，设物块与车面间的滑动摩擦力为，则对物块应用动量定理有，解得，代入数据得，C正确；要使物块恰好不从车面上滑出，须物块到车面最右端时与小车有共同的速度，设其为v′，则，由功能关系有，代入数据解得，故D正确；8、AC【解析】

由题意可知考查电磁感应中电流方向、能量转化、电路问题，根据电磁感应规律分析计算可得．【详解】A．由楞次定律分析可知导体框中产生感应电流方向都为逆时针方向，故A正确；B．导体框拉出过程中产生焦耳热等于克服安培力做的功，设导体框边长为L，总电阻为R联立可得因两次拉出时的速度不同，产生的焦耳热不同，故B错误；C．两次拉出时磁通量变化量相同，线圈电阻相同，通过导体框截面的电荷量相同故C正确；D．向右拉出时向上拉出时导体框ad边两端电势差不相同，故D错误．【点睛】导体棒切割磁感线部分是电源，电源两端电压指的是外电压．向右切割时ad是电源，ad两端电压指的是ab、bc、bd三段电阻电压之和，向上拉出时，bc是电源，ad两端电压是ad段电阻电压．产生焦耳热等于克服安培力做功，由可比较产生热量关系．9、AD【解析】

A.当圆盘带正电荷，圆盘会产生沿转盘转动方向的电流，此电流在其周围形成磁场，方向向右，由左手定则可知，导体棒产生的安培力向下，拉力传感器示数增大，故A正确；B.当圆盘带负电荷，圆盘会产生与转盘转动方向相反的电流，此电流在其周围形成磁场，方向向左，由左手定则可知，导体棒产生的安培力向上，拉力传感器示数减小，故B错误；C.若减小圆盘转动角速度，形成的电流减小，产生的磁场减小，故安培力减小，则传感器示数会减小，故C错误；D.若改变圆盘转动方向，电流方向改变，磁场方向改变，安培力方向向上，故传感器的示数减小，故D正确；故选：AD。10、BD【解析】人造卫星绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，设卫星的质量为m、轨道半径为r、地球质量为M，，解得：，，，，由图可以知道，ra＜rb=rc，所以b、c的线速度大小相等，且小于a的线速度，故A错误；b、c的向心加速度大小相等，且小于a的向心加速度，故B正确；b、c运行周期相同，且大于a的运行周期，故C错误；由于某种原因，a的轨道半径缓慢减小，跟据可知a的线速度将逐渐增大，故BD正确，AC错误。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、0.6B30.01.481.58【解析】

(1)[1]由题可知解得量程(2)①[2]为了保护电路，闭合开关S前，将滑动变阻器的滑片移到B端。②[3]毫安表读数为30.0mA。④[4][5]改装成新的电流表的内阻由于电流表改装后量程扩大了6倍，但电流读数仍为原表头读数，因此根据闭合电路欧姆定律根据图象可知，图象与纵轴的交点等于电动势，斜率绝对值等于，因此可得E=1.48V解得r=1.58Ω12、描绘灯泡的I-U图线所测数据需从零开始,并要多取几组数据ADE【解析】

(1)[1]在用伏安法描绘这个灯泡的I-U图线的实验中，电压要从零开始变化，并要多测几组数据，故只能采用滑动变阻器分压接法，所以电路图选用图甲．(2)[2][3][4]因灯泡的额定电压为4V，为保证安全选用的电压表量程应稍大于4V，但不能大太多，量程太大则示数不准确；故只能选用0～5V的电压表，故选A；由P=UI得，灯泡的额定电流故电流表应选择