2025届黔东南州物理高二第一学期期中质量跟踪监视模拟试题含解析

2025届黔东南州物理高二第一学期期中质量跟踪监视模拟试题考生请注意：1．答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2．第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、通过电阻的电流为I时，在时间t内产生的热量为Q，若通过同一电阻的电流为2I时，则在时间t内产生的热量为（）A．2Q B． C． D．4Q2、有关电动势的说法中错误的是()A．电源的电动势等于内、外电路电势降落之和B．电源提供的电势能越多，电源的电动势越大C．当外电路断开时，电源的路端电压与电源电动势相等D．当电路中通过1库仑电量时，电源消耗的其他形式能的数值等于电源电动势的值3、对于欧姆定律，理解正确的是A．从R=UIB．从R=UIC．从I=URD．从U=IR可知，导体两端的电压随电阻的增大而增高4、关于电荷间的相互作用，下列说法正确的是A．同种电荷相互吸引，异种电荷相互排斥B．同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引C．不论是同种电荷还是异种电荷都相互吸引D．不论是同种电荷还是异种电荷都相互排斥5、如图所示的实线为某静电场的电场线，虚线是仅在电场力作用下某带正电粒子的运动轨迹，A、B、C、D是电场线上的点，其中A、D两点在粒子的轨迹上，下列说法正确的是A．该电场可能是正点电荷产生的B．B点的电势一定高于C点的电势C．粒子在A点的加速度一定大于在D点的加速度D．将该粒子在C点由静止释放，它可能一直沿电场线运动6、如图所示，圆O所在的平面内有匀强电场存在，电场方向与圆面平行。一个带正电荷的微粒（不计重力）从图中A点出发，以相同的初动能在圆内向各个方向运动，已知图中AB是圆的一条直径，∠BAC=30°，已知只有当该微粒从图中C点处离开圆面时的动能才能达到最大值，则平面内的电场线方向为A．沿A→B方向B．沿A→C方向C．沿B→C方向D．沿O→C方向二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、质量为m、速度为v的A球跟质量为2m的静止的B球发生正碰．碰撞可能是弹性的，也可能是非弹性的，因此碰撞后B球的速度可能值为A． B． C． D．8、如图所示，用伏安法测电阻R的阻值时，下列说法正确的是A．十分认真地进行测量，测量所得R值一定仍比真实值大B．只要认真进行测量次数足够多，那么测量所得R的平均值就会非常接近真实值C．设安培表内阻为Rg，那么认真测量所得R值一定比真实值大RgD．认真测量所得R值一定比真实值小9、锂电池因能量高、环保无污染而广泛使用在手机等电子产品中。现用充电器为一手机锂电池充电，等效电路如图所示，充电器电源的输出电压为U，输出电流为I，手机电池的内阻为r，下列说法正确的是A．电能转化为化学能的功率为UI－I2rB．充电器输出的电功率为UI＋I2rC．电池产生的热功率为I2rD．充电器的充电效率为100%10、某一热敏电阻其阻值随温度的升高而减小，在一次实验中，将该热敏电阻与一小灯泡并联，通电后各自的电流I随所加的电压U变化的图线如图所示，M为两元件的伏安特性曲线的交点。则关于热敏电阻和小灯泡的下列说法中，正确的是()A．图中图线b是小灯泡的伏安特性曲线，图线a是热敏电阻的伏安特性曲线B．图中图线a是小灯泡的伏安特性曲线，图线b是热敏电阻的伏安特性曲线C．图线中的M点，表示该状态小灯泡的电阻大于热敏电阻的阻值D．图线中M点对应的状态，小灯泡的功率与热敏电阻的功率相等三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）在描绘小灯泡的伏安特性曲线实验中，已知小灯泡的额定电压为2.5V．如图甲所示为已连接好的实物图．(1)请根据实物图，在方框内画出对应的电路图．(2)图乙是根据测量的数据，在坐标纸中作出的小灯泡的伏安特性曲线，由图线可知，当小灯泡在额定电压下工作时，其功率是___________W.(保留两位有效数字)(3)由乙图可知在实验中小灯泡的电阻率随着电压的增大而_______(增大、减小、不变)．(4)将该小灯泡与电动势为9.0V、内阻为的直流电源及一个滑动变阻器串联成闭合回路，当滑动变阻器连入电路的阻值为_________时，电源的输出功率最大．12．（12分）如图所示为一多量程电压表内部电路如图所示。其中电流计G的内阻Rg=15Ω，满偏电流Ig=1mA，则R1=__________，R2=__________。四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）地面上方存在水平向右的匀强电场，一质量为m带电量为q的小球用绝缘丝线悬挂在电场中，当小球静止时丝线与竖直方向的夹角为，此时小球到地面的高度为h,求：（1）匀强电场的场强？（2）若丝线突然断掉，小球经过多长时间落地？14．（16分）如图所示，甲、乙两颗卫星在和地球赤道共面的轨道上绕地球分别做匀速圆周运动，二者运行方向相同，甲为地球同步卫星，乙为近地轨道卫星。科学家经过观测发现，每隔时间t两颗卫星相距最近一次。己知万有引力常量为G，地球自转周期为T0。求：（l）乙卫星运动的周期；（2）地球的平均密度。15．（12分）如图所示，A、B是位于竖直平面内、半径R=0.5m的圆弧形的光滑绝缘轨道，其下端点B与水平绝缘轨道平滑连接，整个轨道处在水平向左的匀强电场中，电场强度E=1×104N/C．今有一质量为m=0.1kg、带电荷量＋q=7.5×10－5C的小滑块(可视为质点)从A点由静止释放．若已知滑块与水平轨道间的动摩擦因数μ=0.05，取g=10m/s2，求：（1）小滑块第一次经过圆弧形轨道最低点B时对B点的压力．（2）小滑块在水平轨道上通过的总路程．（3）判定小滑块最终能否停止运动，如能：计算其最终位置予以表述；如不能：定性判定其最终运动状态。（可能用到的三角函数：tan37°=0.75）

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、D【解析】

由焦耳定律可知，电阻相同，电流变为原来的两倍，相同的时间内产生的热量变为原来的4倍即4QA．2Q与分析不符，故A错误；B．与分析不符，故B错误；C．与分析不符，故C错误；D．4Q与分析相符，故D正确．2、B【解析】

A．由闭合电路欧姆定律可知，电动势等于内、外电路电势降落之和，A的说法正确，故不选A；B．电源提供的电能与做功时间有关，不能说明电动势大，B的说法错误，故选B;C．外电断开时，电源的路端电压与电源电动势相等，C说法正确，故不选C；D．电动势的定义式可以知道，当电路中通过1库仑电量时，电源消耗的其他形式能的数值等于电源电动势的值，D的说法正确，故不选D。3、C【解析】

导体的电阻是由导体本身决定的，与两端的电压无关以及导体中的电流无关，选项AB错误；从I=UR可知，导体中的电流跟加在它两端的电压成正比，跟它的电阻成反比，选项C正确；从U=IR可知，当电流一定时，导体两端的电压随电阻的增大而增高，选项4、B【解析】

电荷间的相互作用规律是：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引，故选B.5、C【解析】

A、正电荷产生的电场线是发自正电荷的直线，该静电场的电场线是曲线，故A错误；B、带正电粒子的运动轨迹是曲线，物体做曲线运动，合外力指向凹的一侧，如图所示：故在电场线由C指向B上，沿着电场线的方向，电势越来越低，故C点的电势高于B点的电势，故B错误；C、电场线越密集的地方，电场强度越大，故A点的电场强度大于D点的电场强度，故粒子在A点的加速度一定大于在D点的加速度，故C正确．D、电场中的带电粒子受力的方向沿电场线的切线方向，由于C点所在的电场线为曲线，所以将该粒子在C点由静止释放，它一定不能沿电场线运动，故D错误．6、D【解析】

粒子从图中C点离开圆面时，粒子的动能最大，说明电场力最大，根据电场力做功公式W=qU，分析AC间电势差什么情况下最大，确定电场线的方向。【详解】由题，带正电的粒子在匀强电场中从以相同的初动能从A点出发，从C点离开圆面时，带电粒子只受电场力作用，粒子的动能最大，根据动能定理知，说明电场力做功最大，AC间电势差最大；若过C点作匀强电场的等势面，该面与圆只能有一个交点，即该等势面在C点与圆相切，而电场方向与等势面是垂直的，从A到C电场力对小球做正功，小球的位移方向与电场力的夹角小于90°，因而电场方向沿OC方向。故选：D。【点睛】本题有一定难度，考查了学习对物理知识的理解和综合应用能力，如根据等势线确定电场线等。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解析】

以两球组成的系统为研究对象，以A球的初速度方向为正方向，如果碰撞为弹性碰撞，由动量守恒定律得：mv＝mvA+2mvB，由机械能守恒定律得：mv2＝mvA2+•2mvB2，解得：vA＝﹣v，vB＝v，负号表示碰撞后A球反向弹回．如果碰撞为完全非弹性碰撞，以A球的初速度方向为正方向，由动量守恒定律得：mv＝（m+2m）vB，解得：vB＝v，则碰撞后B球的速度范围是：v＜vB＜v，则碰后B球的速度大小可能是0.5v和0.4v，不可能是0.7v和0.3v．故BC正确，AD错误．8、AC【解析】

实验误差有系统误差和偶然误差；由于实验方法及测量电路造成的误差是系统误差，多次测量求平均值是无法克服的，本题要注意电表的内阻对测量结果的影响；【详解】AD、由图可知，本实验采用了电流表内接法，由于电流表的分压而使电压表测量结果偏大，电流是准确的，故测量值一定大于真实值，故A正确，D错误；B、系统误差是无法消除的，故多次测量求平均值仍有误差存在，故B错误；C、由欧姆定律可知，故测量结果准确的话，一定比真实值大RA，故C正确；故选AC．【点睛】关键知道用内接法测量电阻，实际测量值为与电压表并联路段的总电压，所以测量值偏大，处理此类问题时，注意不要把电表再看做理想电表．9、AC【解析】

A．充电时，电能转化为化学能和热能，根据能量守恒定律，有：UI=I2r+P化故电能转化为化学能的功率P化=UI-I2r故A正确；B．充电器输出的电功率为：P=UI，故B错误；C．电池产生的热功率为P热=I2r，故C正确；D．充电器的充电效率为：故D错误。10、AD【解析】

AB.热敏电阻电阻值随温度升高而减小，电压增大，电流增大，电流热效应增强，温度升高，所以图线上电压越大的点对应电阻越小，与原点连线应越远离U轴，故图线a表示热敏电阻伏安曲线，小灯泡电阻为金属热电阻，其大小随温度升高而增大，电压越大的点与原点连线应越靠近U轴，所以图线b表示小灯泡的伏安特性曲线，故A正确B错误；CD.M点处，小灯泡和热敏电阻的I、U都相同，根据可得，此时它们的电阻相等，根据可得，此时它们的功率相等，故D正确C错误。故选AD。三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、1.2W增大20Ω【解析】

(1)根据题图甲可知，该电路采用滑动变阻器分压接法，同时电流表采用了外接法，故电路图如图所示．(2)由题图乙可知，当电压为2.5V时，电流为0.48A；功率P＝IU＝1.2W．(3)图像的斜率变小则电阻变大，故电阻率增大．(4)要使直流电源的输出功率最大，应使内、外电阻相等，则可知，外电阻应为22.5Ω，此时电路中电流为：，由题图乙可知，对应电压U＝0.5V，则小灯泡电阻为：；滑动变阻器阻值为：R＝(22.5－2.5)Ω＝20Ω．12、2985Ω1.2×104Ω【解析】

[1][2]当电压表量程为3V时，根据串联电路特点和欧姆定律得：IgR1+IgRg=3①当电压表量程为15V时，根据串联电路特点和欧姆定律得：IgRg+Ig（R1+R2）=15②又Ig=1mA=0.001A，Rg=15Ω①②联立代入数据解得R1=2985Ω，R2=12000Ω四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、(1)(2)【解析】

(1)小球受重力、拉力和电场力处于平衡，根据共点力平衡求出电场力的大小，从而得出匀强电场的场强；(2)丝线断掉后，做匀加速直线运动，根据牛顿第二定律求出加速度，结合位移时间公式求出运动的时间．【详解】(1)对小球列平衡方程qE=mgtanθ解得：；(2)丝线断后小球的加速度为由解得：【点睛】本题考查了共点力平衡、牛顿第二定律和运动学公式的综合运用，知道加速度是联系力学和运动学的桥梁．14、（1）（2）【解析】

（1）由题可知，甲卫星的周期为T0，设乙卫星的周期为T，则解得（2）对近地卫星：且解得15、（1）1.5N（2）2.5m（3）滑块将以与和圆心与竖直平面的夹角为37°的一点为中心来回做往复运动【解析】(1)、设滑块在B点速度为v，对滑块从A到B的过程应用动能定理设滑块在B点对B点压