2025届浙江省之江教育评价联盟高二物理第一学期期中统考试题含解析

2025届浙江省之江教育评价联盟高二物理第一学期期中统考试题请考生注意：1．请用2B铅笔将选择题答案涂填在答题纸相应位置上，请用0．5毫米及以上黑色字迹的钢笔或签字笔将主观题的答案写在答题纸相应的答题区内。写在试题卷、草稿纸上均无效。2．答题前，认真阅读答题纸上的《注意事项》，按规定答题。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、为探究小灯泡L的伏安特性，连好图示的电路后闭合开关，通过移动变阻器的滑片，使小灯泡中的电流由零开始逐渐增大，直到小灯泡正常发光．由电流表和电压表得到的多组读数描绘出的U-I图象应是A． B． C． D．2、如图所示，M、N两点分别放置两个等量异种电荷，A是它们连线的中点，B为连线上靠近N的一点，C为连线中垂线上处于A点上方的一点．在A、B、C三点中（）A．场强最小的点是C点，电势最高的点是B点B．场强最小的点是A点，电势最高的点是C点C．场强最小的点是A点，电势最高的点是B点D．场强最小的点是C点，电势最高的点是A点3、如图所示，在某一输电线路的起始端接入两个理想变压器，原、副线圈的匝数比分别为n1∶n2=100∶1和n3∶n4=1∶100，图中a、b表示电流表或电压表，已知电压表的示数为22V，电流表的示数为1A，则以下说法正确的是（）A．输电线路总电阻为22ΩB．线路输送电功率是22WC．a为电压表，b为电流表D．a为电流表，b为电压表4、A、B为两等量异号点电荷，A带负电，B带正电，在A、B连线上有a、b、c三点，其中b为连线的中点，且ab＝bc，则A．a点与c点的电场强度大小相等，方向相反B．a点与c点的电势相等C．a、b间电势差与b、c间电势差相等D．因为a点的电势低于c点的电势，所以点电荷在a点的电势能低于其在c点的电势能5、如图所示，电路中每个电阻的阻值都相同．则通过电流最大的电阻是（）A．R1 B．R2 C．R3和R4 D．R56、关于匀速圆周运动的向心加速度，下列说法正确的是（）．A．由于，所以线速度大的物体的向心加速度大B．由于，所以旋转半径大的物体的向心加速度小C．由于，所以角速度大的物体的向心加速度大D．以上结论都不正确二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、我国计划将于2016年9月利用海南航天发射场发射“天宫二号”空间实验室．“天宫二号”运行期间，“神州十一号”载人飞船将与它实施交会对接．在对接前，“天宫二号”和“神州十一号”将在各自轨道上绕地球做匀速圆周运动，如图所示．则在对接前A．“天宫二号”的向心加速度大于“神州十一号”的向心加速度B．“天宫二号”的运行周期大于“神州十一号”的运行周期C．“天宫二号”的运行速率小于“神州十一号”的运行速率D．“天宫二号”的角速度大于“神州十一号”的角速度8、铅蓄电池的电动势为2V，这表示()A．电路中每通过1C的电荷量，电源把2J的化学能转变为电能B．没有接入电路时蓄电池两极间的电压为0VC．蓄电池在1s内将2J的化学能转变为电能D．蓄电池将化学能转变为电能的本领比一节干电池(电动势为1.5V)的大9、如图所示，三个小球的质量均为m，B、C两球用轻弹簧连接后放在光滑的水平面上，A球以速度v0沿B、C两球球心的连线向B球运动，碰后A、B两球粘在一起．对A、B、C及弹簧组成的系统，下列说法正确的是A．机械能守恒，动量守恒B．机械能不守恒，动量守恒C．三球速度相等后，将一起做匀速运动D．三球速度相等后，速度仍将变化10、如图所受，一带电液滴在重力和匀强电场对它的作用力作用下，从静止开始由b沿直线运动到d，且bd与竖直方向所夹的锐角为45°，则下列结论正确的是（）A．此液滴带正电B．滴液做匀加速直线运动C．合外力对液滴做的总功率等于零D．滴液的电势能减少三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）（1）某同学用螺旋测微器测出用金属材料制成的一段圆柱体的横截面的直径如图所示。横截面的直径为________mm。（2）用伏安法测量电阻阻值R，并求出电阻率ρ。给定电压表（内阻约为50kΩ）、电流表（内阻约为40Ω）、滑动变阻器、电源、开关、待测电阻（约为250Ω）及导线若干。①如上图甲所示电路图中，电压表应接________点。（填“a”或“b”）②图乙中的6个点表示实验中测得的6组电流I、电压U的值，试作图（_______），并求出电阻阻值R＝________Ω。（保留3位有效数字）③待测电阻是一均匀材料制成的圆柱体，用游标为50分度的卡尺测量其长度与直径，结果分别如图丙所示。由图可知其长度为________mm。④由以上数据可求出ρ＝________Ω·m（保留3位有效数字，其中已知直径为1.92mm）。12．（12分）有一根细长且均匀的空心金属管线，长约30cm，电阻约为5Ω，已知这种金属的电阻率为ρ，现在要尽可能精确测定它的内径d。①用螺旋测微器测量金属管线外径D时刻度的位置如图（a）所示，从图中读出外径为______mm，应用_______（选填“厘米刻度尺”或“毫米刻度尺”）测金属管线的长度L；②测量金属管线的电阻R，为此取来两节新的干电池、电键和若干导线及下列器材：A．电压表0-3V，内阻约10kΩB．电压表0-15V，内阻约50kΩC．电流表0-0.6A，内阻约0.05ΩD．电流表0-3A，内阻约0.01ΩE．滑动变阻器，0-10ΩF．滑动变阻器，0-100Ω要求较准确地测出其阻值，电压表应选______，电流表应选______，滑动变阻器应选______；（填序号）③实验中他的实物接线如图（b）所示，请指出接线中的两处明显错误。错误1：_____________________________________________________________________错误2：_____________________________________________________________________④用已知的物理常数和应直接测量的物理量（均用符号表示），推导出计算金属管线内径的表达式d=______；⑤在实验中，下列说法正确的是__________A．为使电流表读数明显，应使电流尽可能大些B．为操作方便，中间过程可保持开关S一直处于闭合状态C．千分尺的精确度是千分之一毫米D．用千分尺测量直径时必须估读一位四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示，水平向左的匀强电场的场强E=4v/m，垂直纸面向内的匀强磁场的B=2T，质量为m=1Kg的带正电的小物块A从竖直绝缘墙上的M点由静止开始下滑，滑行h=0.8m到达N点时离开墙面开始做曲线运动，在到达P点开始做匀速直线运动，此时速度与水平方向成45°角，P点离开M点的竖直高度为H=1.6m，取g=10m/s2试求：（1）A沿墙下滑克服摩擦力做的功Ｗｆ(2)P点与M点的水平距离Ｘｐ14．（16分）如图所示，空间存在沿水平方向的匀强电场，绝缘细线一端固定于O点，另一端连接一带电荷量为q，质量为m的带正电小球，静止时细线与竖直方向成а角，求电场强度的大小和方向。15．（12分）如图所示，圆1和圆2之间存在磁感应强度为B的匀强磁场（垂直纸面没有画出)，圆2和圆3之间的电势差为U，一个质量为m、电荷量为e的电子从A点由静止释放，经过时间t从C点对着圆心O射入磁场，其运动轨迹恰好与圆1相切，已知圆1的半径．求：（1）圆2的半径r2；（2）电子能否再次回到A点，如果能，求出电子从A点出发至再次回到A点所经历的时间，如果不能，请通过计算说明原因．

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】

根据电路中电阻的变化，确定电压与电流变化，并考虑温度对电阻的影响，运用U﹣I图象含义分析判断．【详解】当滑动变阻器在最左端时，灯泡连端电压为0，滑动变阻器逐渐向右移动，小灯泡的亮度逐渐变亮，直到正常发光．随着小灯泡两端电压的升高，电流也在升高，但是，小灯泡灯丝的电阻随着温度的升高而增大，在图像上各点切线斜率应越来越大．故C正确【考点】探究小灯泡的伏安特性曲线【点睛】考查闭合电路中动态变化问题的分析，需要注意的是灯泡的电阻随着电压的升高而增大；2、A【解析】

根据等量异种电荷电场线的分布，知道EB＞EA＞EC，场强最小的是C点．等量异种电荷连线的垂直平分线是一条等势线，知ΦA＝ΦC，沿着电场线方向电势逐渐降低，异种电荷间的电场线由正电荷指向负电荷，知ΦB＞ΦA，所以电势最高点是B点；故A正确，BCD错误．3、C【解析】

由图可知：a的原线圈并联在电路中且副线圈匝数小于原线圈匝数，则输出电压小，为电压互感器，则a表是电压表；b的原线圈串联在电路中且副线圈匝数大于原线圈匝数，输出电流小，则为电流互感器，则b电表是电流表，则C正确，D错误；而a互感器原线圈的匝数比副线圈匝数100：1，b互感器原线圈的匝数比副线圈匝数1：100，由电压表的示数为22V，得原线圈的电压为2200V，由电流表的示数为1A，原线圈的电流为100A．所以电线输送功率是2.2×105W=220KW，由已知条件无法求输电线电阻，故AB错误；故选C。【点睛】本题实质是电压互感器与电流互感器的简单运用，电压互感器与电流互感器是利用变压器原理将电压、电流减小到可测范围进行测量的仪器。4、C【解析】

等量异种电荷的电场线分布如图所示：A．a点与c点关于b点对称，所以电场强度的大小相等，方向都向左，A错误；B．沿着电场线的方向电势是逐渐减小的，所以a点的电势小于c点的电势，B错误；C．由于A、B是等量异种电荷，且ab＝bc，根据对称性，所以，C正确；D．因为a点的电势低于c点的电势正确，但点电荷如果是负电荷，那么点电荷在a点的电势能大于其在c点的电势能，所以D错误；故选C。5、D【解析】

由图可知，R1和R2并联后与R5串联，最后跟R3和R4的串联电路并联，如图所示：由图知上一支路的电阻小，而两个支路的电压相等，所以通过R5的电流最大，故选D。6、D【解析】由于可知，在半径相同时，线速度大的物体的向心加速度大，选项A错误；由可知，在线速度一定时，旋转半径大的物体的向心加速度小，选项B错误；由可知，在半径一定时，角速度大的物体的向心加速度大，选项C错误；故选D.二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解析】

根据万有引力提供向心力：，解得：，天宫二号的轨道半径大于神舟十一号，所以“天宫二号”的向心加速度小于“神州十一号”的向心加速度，故A错误；根据万有引力提供向心力：，解得：，天宫二号的轨道半径大于神舟十一号，所以“天宫二号”的运行周期大于“神州十一号”的运行周期，故B正确；根据万有引力提供向心力：，解得：，天宫二号的轨道半径大于神舟十一号，所以“天宫二号”的运行速率小于“神州十一号”的运行速率，故C正确；根据万有引力提供向心力：，解得：，天宫二号的轨道半径大于神舟十一号，所以“天宫二号”的角速度小于“神州十一号”的角速度，故D错误．所以BC正确，AD错误．8、AD【解析】

A.铅蓄电池的电动势为2V，由，知非静电力将1C的正电荷从电源的负极通过电源内部移送到正极时所做的功为2J，则电源把2J的化学能转变为电能，故A正确；B.蓄电池两极间没有接入外电路时，即电源断路时，电源两极间的电压等于电动势2V；故B错误。C.电源的电动势表示将1C的电量转移时做功为2J，但并不明确做功的时间；故C错误；D.电源的电动势是表示电源将其它形式的能转化为电能的本领，铅蓄电池的电动势比一节干电池的电动势大，故D正确；9、BD【解析】

AB．在整个运动过程中，系统的合外力为零，总动量守恒，A与B碰撞过程机械能减小，故B正确，A错误．CD．当小球B、C速度相等时，弹簧的压缩量最大，弹性势能最大．之后弹簧逐渐伸长，C加速，AB减速，直到弹簧到原长，故C错误，D正确．10、BD【解析】试题分析：根据带电液滴作直线运动可知带电液滴所受重力与电场力的合力一定沿运动方向，利用假设法可以判定出带电液滴所带电荷的性质，从而求出电场力的大小与合外力的大小，再根据牛顿第二定律计算出物体的加速度；根据合外力的方向与速度的方向相同可知合外力做正功，根据电场力做功的情况可以判定电势能变化情况．若液滴带正电，其受力情况如图一所示，液滴不可能沿bd运动，故只能带负电荷，故A错误；对液滴进行受力分析，其受力情况如图二所示，故物体所受合力，故物体的加速度为，做匀加速直线运动，B正确；由于液滴从静止开始做加速运动，故合力的方向与运动的方向相同，故合外力对物体做正功，功率不为零，C错误；由于电场力所做的功，故电场力对液滴做正功，故液滴的电势能减小，故D正确．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、4.702（0.701-0.703之间）a227（224~230）8.048.24×10－2【解析】

（1）[1]．螺旋测微器的固定刻度为4.5mm，可动刻度为20.2×0.01mm=0.202mm，所以最终读数为4.5mm+0.202mm=4.702mm．（2）①[2]．由题意可知：电流表应采用外接法，电压表应接a点；②[3]．根据坐标系内描出的点作出U-I图象，图象如图所示：

[4]．图象的斜率表示电阻，为：③[5]．由图丙所示游标卡尺可知，其示数为：8mm+2×0.02mm=8.04mm；④[6]．根据电阻定律可知：电阻率：12、4.700毫米刻度尺ACE错误1：导线连接在滑动变阻器的滑片上错误2：采用了电流表内接法D【解析】①：螺旋测微器的读数为：D=4.5mm+20.0×0.01mm=4.700mm；测量30cm金属管长度时应用毫米刻度尺来测量；②：由于两节电池的电动势为3V，所以电压表应选A；由于通过金属管的最大电流为，所以电流表应选C；根据闭合电路欧姆定律可知，电路中需要的最大电阻为：，所以变阻器应选E；③：由于待测金属管阻值远小于电压表内阻，所以电流表应用外接法，连线图中的两个错误分别是：错误1：导线连接在滑动变阻器的滑片上；错误2：采用了电流表内接法；④：设金属管内径为d，根据电阻定律应有：，又，联立可得：；⑤：A：考虑