2025届甘肃省武威第十八中学物理高二上期中统考模拟试题含解析

2025届甘肃省武威第十八中学物理高二上期中统考模拟试题考生请注意：1．答题前请将考场、试室号、座位号、考生号、姓名写在试卷密封线内，不得在试卷上作任何标记。2．第一部分选择题每小题选出答案后，需将答案写在试卷指定的括号内，第二部分非选择题答案写在试卷题目指定的位置上。3．考生必须保证答题卡的整洁。考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示,图线1表示的导体的电阻为R1，图线2表示的导体的电阻为R2，则下列说法正确的是()A．将R1与R2两端加上相同电压,则电流之比I1∶I2=1∶3B．将R1与R2通过相同电流,则两端电压之比U1∶U2=3∶1C．R1∶R2=1∶3D．R1∶R2=3∶12、某平行板电容器的电容为C，带电量为Q，相距为d，今在板间中点放一个电量为q的点电荷，则它受到的电场力的大小为（）A． B． C． D．3、平行金属板水平放置，板间距为0.6cm，两板接上6×103V电压，板间有一个带电液滴质量为4.8×10-10g，处于静止状态，则油滴上有元电荷数目是（g取10m/s2）（）（e=1.6×10-19C）A．3×106 B．30 C．10 D．3×1044、下列说法错误的是（）A．英国科学家胡克发现了胡克定律，提出了关于“太阳对行星的吸引力与行星到太阳的距离的平方成反比”的猜想B．英国剑桥大学学生亚当斯和法国天文学家勒维耶应用万有引力定律，计算发现了海王星C．牛顿发现了万有引力定律，并利用扭秤装置测得万有引力常量，“称量了地球的重量”D．美国物理学家密立根通过油滴实验比较准确地测定了电子的电荷量，获得诺贝尔奖5、1970年成功发射的“东方红一号”是我国第一颗人造地球卫星，该卫星至今仍沿椭圆轨道绕地球运动．如图所示，设卫星在近地点、远地点的速度分别为v1、v2，近地点到地心的距离为r，地球质量为M，引力常量为G．则A． B．C． D．6、如图所示，线圈由A位置开始下落，在磁场中受到的磁场力如果总小于它的重力，则它在A、B、C、D四个位置（B、D位置恰好线圈有一半在磁场中）时，加速度大小关系为（）A． B．C． D．二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图所示，电源电动势为E、内阻为r，闭合开关S，调节可变电阻R的阻值时，下列判断正确的有A．当R的阻值增大时，电压表示数增大，电流表示数增大B．当R的阻值增大时，电压表示数增大，电流表示数减小C．当R的阻值减小时，电压表示数减小，电流表示数增大D．当R的阻值减小时，电压表示数增大，电流表示数增大8、如图所示，平行板电容器与直流电源连接，上极板接地.一带负电油滴固定于容器中的P点．现将上极板竖直向下缓慢地移动一小段距离，则（）A．带电油滴受到的电场力将不变B．带电油滴的电势能将减少C．P点的电势将升高D．电容器的电容增加，极板带电量增加9、如图所示，在点电荷Q形成的电场中，带电粒子q仅受电场力作用，运动轨迹为MEGFN曲线，其中G点与等势面a相切，E、F两点在等势面b上，M、N两点在等势面c上．则以下判断正确的是（）A．q与Q电性相同B．带电粒子在G点电势能最小C．带电粒子在M点动能大于F点D．带电粒子在E点电势能小于N点10、如图所示，两个半径相同的半圆形光滑轨道置于竖直平面内，左右两端点等高，分别处于沿水平方向的匀强电场和匀强磁场中。两个相同的带正电小球同时从两轨道左端最高点由静止释放。M、N为轨道的最低点。则下列分析正确的是A．两个小球到达轨道最低点的速度vM<vNB．两个小球到达轨道最低点的速度vM>vNC．小球第一次到达M点的时间小于小球第一次到达N点的时间D．小球第一次到达M点的时间大于小球第一次到达N点的时间三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）某同学用图1所示电路，测绘标有“3.8V，0.3A”的小灯泡的灯丝电阻R随电压U变化的图象．除了导线和开关外，有以下一些器材可供选择：电流表：A1（量程100mA，内阻约2Ω）；A2（量程0.6A，内阻约0.3Ω）；电压表：V1（量程5V，内阻约5kΩ）；V2（量程15V，内阻约15Ω）；电源：E1（电动势为1.5V，内阻为0.2Ω）；E2（电动势为4V，内阻约为0.04Ω）．滑动变阻器：R1（最大阻值约为100Ω），R2（最大阻值约为10Ω），电键S，导线若干．（1）为了调节方便，测量准确，实验中应选用电流表_____，电压表_____，滑动变阻器_____，电源_____．（填器材的符号）（2）根据实验数据，计算并描绘出R﹣U的图象如图2所示．由图象可知，此灯泡在不工作时，灯丝电阻为_____；当所加电压为3.00V时，灯丝电阻为_____，灯泡实际消耗的电功率为_____．（3）根据R﹣U图象，可确定小灯泡耗电功率P与外加电压U的关系．符合该关系的示意图是下列图中的_____．12．（12分）在“研究匀变速直线运动”的实验中，电火花打点计时器使用______(选填“直流”或“交流”)电源，它每隔0.02s打一次点.图示是实验得到的一条点迹清晰的纸带，A、B、C、D为四个计数点，相邻两个计数点之间还有4个点未画出，则相邻两个计数点间的时间间隔是______s.经测量知道AB=1.80cm，BC=3.60cm，根据以上数据，可知打点计时器打下B时物体的速度等于______m/s，物体的加速度等于______m/s四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）如图所示电路中，电源电动势E＝12V，内电阻r＝1.0Ω，电阻R1＝9.0Ω，R2＝15Ω，电流表A的示数为0.4A，求电阻R3的阻值和它消耗的电功率．14．（16分）示波器的核心部件是示波管，其内部抽成真空，图是它内部结构的简化原理图。它由电子枪、偏转电极和荧光屏组成。炽热的金属丝可以连续发射电子，电子质量为m，电荷量为e，发射出的电子由静止经电压加速后，从金属板的小孔O射出，沿OO’进入偏转电场，经偏转电场后打在荧光屏上。偏转电场时由两个平行的相同金属极板M、N组成，已知极板的长度为L，两板间的距离为d，极板间电压为，偏转电场极板的右端到荧光屏的距离也为L。不计电子受到的重力和电子之间的相互作用。（1）求电子从小孔O穿出时的速度大小；（2）若M、N两板间电压u随时间t的变化关系如图2所示，电子打在荧光屏上形成一条亮线，电子穿过偏转电场的时间远小于交流电的周期T，且电子能全部打到荧光屏上，求电子打在荧光屏上亮线的长度s。（3）让氢原子核（质量为m，电量为e）和氦原子核（质量为4m，电量为2e）的混合物由静止开始经过同一加速电场加速，然后在同一偏转电场里偏转，它们是否会分离为两股粒子束？请通过计算说明。15．（12分）如图所示电路，电源内阻，，，灯L标有“3V1.5W”字样，滑动变阻器最大值为R，当滑片P滑到最右端A时，电流表读数为1A，此时灯L恰好正常发光，试求：（1）电源电动势E；（2）当滑片P滑到最左端B时，电流表读数；（3）当滑片P位于滑动变阻器的中点时，滑动变阻器上消耗的功率．

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、C【解析】

CD.根据I−U图象知，图线的斜率表示电阻的倒数，所以R1∶R2=1∶3。故C正确，D错误；A.将R1与R2两端加上相同电压，电流比等于电阻之反比，所以将R1与R2并联后接于电源上，电流比I1∶I2=3∶1，故A错误;B.将R1与R2通过相同电流，电压比等于电阻之比，则两端电压之比：U1∶U2=1∶3，故B错误；2、A【解析】

由电容的定义式C=Q/U得，板间电压为U=Q/C．板间场强大小为E=U/d．点电荷所受的电场力大小为F=qE，联立得到，F=．故选A.3、B【解析】

液滴处于静止状态故计算得则油滴上有元电荷数目是，选B4、C【解析】

英国科学家胡克发现了胡克定律，提出了关于“太阳对行星的吸引力与行星到太阳的距离的平方成反比”的猜想，选项A正确；英国剑桥大学学生亚当斯和法国天文学家勒维耶应用万有引力定律，计算发现了海王星，选项B正确；牛顿发现了万有引力定律，卡文迪许利用扭秤装置测得万有引力常量，“称量了地球的重量”，选项C错误；美国物理学家密立根通过油滴实验比较准确地测定了电子的电荷量，获得诺贝尔奖，选项D正确；此题选择错误的选项，故选C.5、B【解析】

“东方红一号”从近地点到远地点万有引力做负功，动能减小，所以，过近地点圆周运动的速度为，由于“东方红一号”在椭圆上运动，所以，故B正确．6、D【解析】

线圈自由下落时，加速度为：线圈完全在磁场中时，磁通量不变，不产生感应电流，线圈不受安培力作用，只受重力，加速度为：线圈进入和穿出磁场过程中，切割磁感线产生感应电流，将受到向上的安培力，根据牛顿第二定律得知：，线圈完全在磁场中时做匀加速运动，到达处的速度大于处的速度，则线圈在处所受的安培力大于在处所受的安培力，又知磁场力总小于重力，则有：即有：故A、B、C错误，D正确；故选D。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解析】

AB.增大可变电阻R的阻值后，电路中电流减小，电流表示数减小，由欧姆定律分析得知，电阻R1两端的电压减小，内电压减小，电阻R两端的电压增大，电压表示数增大，故A错误，B正确；CD.减小可变电阻R的阻值后，电路中电流增大，电流表示数增大，由欧姆定律分析得知，电阻R1两端的电压增大，内电压增大，电阻R两端的电压减小，电压表示数减小。故C正确，D错误。8、BCD【解析】将上极板竖直向下缓慢移动时，d减小，电容器的电压U不变，由E=Ud分析得知，板间场强变大，则油滴所受电场力变大．故A错误．P点到下极板的距离不变，而E变大，由U=Ed知，P点与下极板间电势差变大，P点的电势小于零，则P点的电势升高，由于油滴带负电，则带电油滴的电势能将减小．故BC正确．d减小，由C=εS4πkd，知电容C变大，U不变，由Q=CU点睛：本题是电容器动态变化分析问题，抓住不变量：电容器与电源保持相连，电压不变，由C=εS4πkd，C=Q9、AC【解析】试题分析：由力学知识可知，物体受到的合力指向轨迹的内侧，根据轨迹的弯曲方向判断出带电粒子与点电荷是同种电荷，存在静电斥力．根据力与速度方向关系可分析做功的正负．解：A、由图可知，粒子受静电斥力的作用，MG段电场力与速度方向的夹角为钝角，电场力做负功，GN段电场力与速度方向的夹角为锐角，电场力做正功．因此q与Q电性相同，且G点电势能最大，故A正确，B错误；C、由题意可知，E与F在同一等势线上，而粒子从M到E，电场力做负功，电势能增加，所以在M点电势能小于F点，则在M点动能大于F点，故C正确．D、同理可知，M与N点是等电势的，所以粒子在E点电势能大于N点，故D错误；故选AC【点评】本题考查运用力学知识分析电场中轨迹问题的能力．电场力具有力的共性，判断电场力做功的正负，按照功的公式，分析电场力与速度方向的夹角来判断．及学会由电场力做功的正负来确定电势能的增加与否．10、BC【解析】

由于小球在磁场中运动，磁场力对小球不做功，整个过程中小球的机械能守恒，则；而小球在电场中运动受到的电场力对小球做负功，则，即有vM＞vN，左图中的小球到达底端的速度较大，则在磁场中运动的时间也短，故AD错误，BC正确；故选BC.三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、A1V1R1E11.511.50.78A【解析】

（1）[1][1][3][4]因小灯泡额定电流为0.3A，额定电压为3.8V，故电流表应选A1，电压表应选V1，又因测伏安特性曲线要求电压与电流调节范围大，故变阻器需用分压式接法，应选阻值小的变阻器，故变阻器应选R1，显然电源应选E1．（1）[5]由R﹣U图象知U＝0时R为1.5Ω；[6][7]U＝3V时R为11.5Ω；由得P＝0.78W．（3）[8]由知，U＝0时P＝0，P随U的增大而增大，故A正确，BCD错误。12、交流0.10.271.8【解析】电磁打点计时器使用交流电源，电源频率为50Hz，它每隔0.02s打一次点．相邻两个计数点之间还有4个点未画出，所以相邻计数点之间的时间间隔T=0.1s，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，得：V根据匀变速直线运动的推论公式根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2，得：BC-AB=△x=aT2，整理得：a=3.6-1.80．12×10−2m/s四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、30Ω；1.2W【解析】

R2两端电压为U2=I2R2=0.4×15V=6V内阻r及R1两端电压为U=E-U2=12V-6V=6V干路中电流为R3中电流为I3=I-I2=0.6A-0.4A=0.2AR2和R3并联，电压相等即U2=U3=6VR3阻值为R3功率为P3=U3I3=6×0.2W=1.2W【点睛】对于直流电路的计算问题，关键理清电路结构，然后结合串并联