2025届江西省抚州市九校物理高二第一学期期中复习检测试题含解析

2025届江西省抚州市九校物理高二第一学期期中复习检测试题注意事项1．考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回．2．答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0．5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置．3．请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符．4．作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案．作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效．5．如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗．一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、如图所示的电路中，U＝8V不变，电容器电容C＝200μF，R1∶R2＝3∶5，则电容器的带电荷量为A．1．0×10－3CB．2．0×10－3CC．2．0×10－4CD．1．2×10－3C2、如图所示，将左边的铜导线和右边的铝导线连接起来，已知截面积．在铜导线上取一截面A，在铝导线上取一截面B，若在1s内垂直地通过它们的电子数相等，那么通过这两个截面的电流的大小关系是（）A．IA＝IB B．IA＝2IBC．IB＝2IA D．不能确定3、小灯泡通电后其电流I随所加电压U变化的图线如图所示，P为图线上一点，PN为图线的切线，PQ为U轴的垂线，PM为I轴的垂线。则下列说法中正确的是A．随着所加电压的增大，小灯泡的电阻不变B．随着所加电压的增大，小灯泡的电阻减小C．对应P点，小灯泡的电阻为R=30ΩD．对应P点，小灯泡的电阻为R=10Ω4、如图，在匀强磁场的区域中有一光滑斜面体，在斜面体上放了一根长为L,质量为m的导线，当通以如图方向的电流I后，导线恰能保持静止，则磁感应强度B的大小和方向正确的有（）A．方向垂直纸面向外B．,方向竖直向下C．,方向水平向左D．，方向水平向右5、如图所示，现有甲、乙两滑块，质量分别为3m和m，以相同的速率v在光滑水平面上相向运动，发生碰撞．已知碰撞后，甲滑块静止不动，则A．碰撞前总动量是4mv B．碰撞过程动量不守恒C．碰撞后乙的速度大小为2v D．碰撞属于非弹性碰撞6、如图所示，图线1表示的导体的电阻为R1，图线2表示的导体的电阻为R2，则下列说法正确的是：A．R1∶R2＝1∶1B．R1∶R2＝3∶1C．将R1与R2串联后接于电源上，则电流比I1∶I2＝1∶3D．将R1与R2并联后接于电源上，则电流比I1∶I2＝3∶1二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、某同学用伏安法测电阻时，分别采用了内接法和外接法，测得的某电阻Rx的阻值分别为R1和R2，则所测阻值与真实值Rx间的关系为()A．R1＞RxB．Rx＜R2C．Rx＞R1D．R2＜Rx8、如图所示，某电场的电场线分布关于y轴（沿竖直方向）对称，O、M、N是y轴上的三个点，且OM=MN。P点在y轴右侧，MP⊥ON。则A．M点场强大于N点场强B．M点电势与P点的电势相等C．将正电荷由O点移动到P点，电场力做负功D．在O点静止释放一带正电粒子，该粒子将沿y轴正方向做直线运动9、如图，A、B两灯电阻相同，当滑动变阻器的滑动端P向下滑动时（）A．通过电源的电流减小B．电阻R中的电流减小C．电灯A将变暗一些D．电灯B将变暗一些10、有A、B、C个完全相同的金属球对地绝缘，A带的正电荷，B、C不带电．现每次将两个球相互接触后分开，使它们都带电，则A、B、C所带的电荷量可能是下面组数据A．B．C．D．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）在实验室中测量电源的电动势和内电阻，可以提供的器材有：（a）待测电池：电动势E、内电阻r（b）电流表A1：量程0.6A，内阻r1=0.5Ω（c）电流表A2：量程1mA，内阻r2=200Ω（d）滑动变阻器R1：阻值0～20Ω，额定电流2.5A（e）电阻箱R2：9999Ω以及开关、导线、坐标纸等．为了测量待测电池的电动势和内电阻，请解答以下问题：（1）由于没有电压表，需将电流表A2和电阻箱R2改装成量程为2V的电压表，R2的电阻值应为__________Ω．（2）根据下图中设计的测量该电池电动势和内电阻的电路图，利用笔画线代替导线，将实物图连接好__________。（3）根据实验所测数据画出I2-I1图象如图所示，由此图象可求得该电源电动势E=__V，内阻r=____Ω．12．（12分）一同学用如图所示装置研究感应电流方向与引起感应电流的磁场变化的关系．已知电流从接线柱a流入电流表时，电流表指针右偏，实验时原磁场方向、磁铁运动情况及电流表指针均记录在下表中实验序号引起感应电流的磁场方向磁铁运动情况指针偏转情况1向下插入左偏2向下拔出右偏3向上插入右偏4向上拔出左偏（1）由实验1、3得出的结论是：穿过闭合回路的磁通量_____（填“增加”、“减少”）时，感应电流的磁场方向与引起感应电流的磁场方向________（填“相同”、“相反”）．（2）由实验2、4得出的结论是：穿过闭合回路的磁通量______（填“增加”、“减少”）时，感应电流的磁场方向与引起感应电流的磁场方向________（填“相同”、“相反”）．（3）由实验1、2、3、4得出的结论是：________________________.四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）水平放置的平行板电容器如图，原来两板不带电，上极板接地，板长L＝1m，两板间距离d＝0.4m．有一束相同的带正电微粒，以相同的初速度v0先后从两板中央平行极板射入，由于重力作用微粒落到下极板上，微粒所带电荷立即转移到下极板且均匀分布在下极板上，设前一微粒落到下极板上时后一微粒才能开始射入两板间，且第一个微粒恰好落在下极板中点处．已知微粒质量m＝1×10－4kg，电量q＝1×10－6C，电容器电容，g＝10m/s1．求：(1)微粒入射的初速度v0的大小；(1)当微粒从极板间穿出时，极板间电压U；(3)当微粒从极板间穿出时，落在下极板上的微粒个数．14．（16分）某发电机输电电路的简图如图所示，发电机的矩形线框ABCD处于磁感应强度大小为的水平匀强磁场中，线框面积为S=0.25m2，匝数为100匝，电阻不计．线框绕垂直于磁场的轴OO'以角速度ω=l00πrad/s匀速转动，并与升压变压器的原线圈相连，升压变压器原、副线圈的匝数之比1：20，降压变压器的副线圈接入若干“220V，100W”的灯泡，两变压器间的输电线等效电阻R=20Ω，变压器均为理想变压器．当发电机输出功率为时，灯泡正常发光.求：(1)电压表读数；(2)输电线上损失的功率；(3)降压变压器原、副线圈的匝数之比.15．（12分）在静电场中，将一电量q=－1.5×10―6C的电荷从A点移到B点，电场力做功为3×10-4J。如果将该电荷从C点移到A点，克服电场力做功1.5×10-4J。求：（1）AB两点的电势差UAB、AC两点的电势差（2）若将此电荷从A点移动到无穷远处，克服电场力做功为6×10-4J，求电荷在A点的电势。（设无穷远电势为零）

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】试题分析：电容器的电压等于电阻R2两端的电压，为：，则电容器的带电量：Q=CU2=200×10-2×2C=1．2×10-3C，故BCD错误，A正确．故选A．考点：电容器的电容【名师点睛】对于电容器问题，关键确定电路的结构及其电压，当电路稳定时，电容器的电压等于所并联电路两端的电压。2、A【解析】

根据公式可得，电流的大小与横截面积的大小无关，主要应取决于单位时间内通过导体横截面电荷量的多少．A正确．3、D【解析】试题分析：图线上的点与原点连线的斜率逐渐减小，说明电阻逐渐增大．故AB错误．对应P点，小灯泡的电阻为，故选项D正确，C错误；故选D．考点：电阻的I-U图像【名师点睛】电阻等于图线上的点与原点连线的斜率的倒数，斜率逐渐减小，电阻逐渐增大．对应P点，灯泡的电阻等于过P点的切线斜率的倒数；灯泡是非线性元件，其电阻，但。4、B【解析】当磁场方向竖直向外时，磁场的方向电流的方向平行，导体棒不受安培力，此时导体棒受到重力和支持力，两个力不可能平衡，故A错误；磁场方向竖直向下时，根据左手定则，安培力沿水平向左，根据平衡条件有：mgtanθ=BIL解得：，故B正确；磁场水平向左时，安培力竖直向上，与重力平衡，有mg=BIL，，故C错误；磁场水平向右时，安根据左手定则，安培力沿斜面向下，导体棒还受到重力和支持力，三个力不可能平衡，故D错误；故选B.5、C【解析】试题分析：规定向右为正方向，碰撞前总动量为，A错误；碰撞过程两滑块组成的系统外力为零，故系统动量守恒，B错误；根据动量守恒定律可得：，解得：，C正确；碰撞前总动能为：，碰撞后总动能为：，碰撞前后无动能损失，D错误；考点：考查了动量守恒定律的应用6、D【解析】

AB．根据I-U图象知，图线的斜率表示电阻的倒数，所以，AB错误；C．串联电路电流相等，所以将R1与R2串联后接于电源上，电流比I1：I2=1：1，C错误；D．并联电路，电压相等，电流比等于电阻之反比，所以将R1与R2并联后接于电源上，电流比I1：I2=3：1，D正确。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、AD【解析】采用内接法时，电流表与待测电阻串联，故电流表是准确的；而由于电流表的分压使电压表测量值偏大，由欧姆定律可知求得的测量值偏大，故A正确；当采用外接法时，电压表与待测电阻并联，故电压表是准确的；而由于电压表的分流使电流表测量结果偏大，由欧姆定律可知测量值偏小，故D正确。所以AD正确，BC错误。8、AD【解析】

A、从图像上可以看出，M点的电场线比N点的电场线密集，所以M点场强大于N点场强，故A对；B、沿着电场线电势在降低，由于电场不是匀强电场，所以M和P点不在同一条等势线上，所以M点电势与P点的电势不相等，故B错；C、结合图像可知：O点的电势高于P点的电势，正电荷从高电势运动到低电势，电场力做正功，故C错；D、在O点静止释放一带正电粒子，根据电场线的分布可知，正电荷一直受到向上的电场力，力与速度在一条直线上，故粒子做直线运动，故D对；故选AD9、CD【解析】

滑动键P向下移动，变阻器电阻减小，外电路总电阻减小，根据：电路电流强度增大，路端电压变小，A灯变暗，根据：路端电压变小；所以UB减小，灯B电阻不变，所以灯B电流强度IB减小，灯B变暗。电路电流强度：因为I增大、IB减小，所以IC增大。AB错误，CD正确。故选CD。10、BC【解析】

两个完全相同的金属球，接触后两个小球上的总电量均分；A带的正电荷，B、C不带电，最终必定有其中的两个电量相等．【详解】由于两个完全相同的金属球，接触后两个小球上的总电量均分，假设A与B先接触，接触后电量都是：，然后B（或A）与C接触，接触后的电量：，不可能比小，C与A接触后分开的电量为，故AD错误，BC正确；故选BC．【点睛】要清楚带电体相互接触后移开，同种电荷电量平分，异种电荷电量先中和再平分；接触的过程中电量既不会增加，也不会减少．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、18001.82【解析】

（1）[1]根据串联电路规律可知，串联电阻阻值。（2）[2]根据电路图可得出对应的实物图，如图所示；（3）[3][4]由全电路的欧姆定律：变形可得：由图乙所示图象可知，图象纵轴截距和斜率的数据：解得：；。【点睛】本题需要掌握改装电压表串联内阻的计算方法；应用图象求电源电动势与内阻时，从图象上求出电流值，然后应用欧姆定律求出电源电动势与内阻．要注意改装原理的正确应用是解题的关键．12、增加相反减少相同感应电流的磁场总是阻碍引起感应电流的磁通量的变化【解析】

(1)[1][2]由表中信息可知，在实验1、3中，磁铁插入线圈，穿过线圈的磁通量增加，而穿过线圈的磁场方向相反，感应电流方向相反，感应电流磁场方向与原磁场方向相反，由此可知：穿过闭合回路的磁通量增加时，感应电流的磁场方向与原磁场方向相反。

(2)[3][4]由表中实验信息可知，在实验2、4中，穿过线圈的磁通量减小，磁场方向相反，感应电流方向相反，感应电流磁场方向与原磁场方向相同，由此