广东深圳平湖外国语学校2025届物理高一上期末学业水平测试试题含解析

广东深圳平湖外国语学校2025届物理高一上期末学业水平测试试题注意事项：1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0．5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1、物体做竖直上抛运动后又落回原出发点的过程中，下列说法正确的是：A.上升过程中，加速度方向向上，速度方向向上B.下落过程中，加速度方向向下，速度方向向下C.在最高点，加速度大小为零，速度大小为零D.到最高点后，加速度方向改变，速度方向也发生改变学2、质点在直线上运动的s－t图象如图所示，下列说法正确的是A.第1s末质点离出发点最远B.第3s内和第4s内质点的速度方向相同C.第3s末质点运动的速度为零D.前5s内质点的平均速度大小为1m/s3、关于牛顿第一定律的说法中，正确的是（）A.由牛顿第一定律可知，物体在任何情况下始终处于静止状态和匀速直线运动状态B.牛顿第一定律只是反映惯性大小的，因此也叫惯性定律C.牛顿第一定律反映了物体不受外力作用时的运动规律，因此，物体在不受力时才有惯性D.牛顿第一定律既揭示了物体保持原有运动状态的原因，又揭示了运动状态改变的原因4、质点做匀加速直线运动，初速度为1m/s，第1s末速度为3m/s，则质点加速度大小为（）A.1m/s2 B.2m/s2C.3m/s2 D.4m/s25、某同学为感受向心力的大小与哪些因素有关，做了一个小实验：绳的一端拴一小球，手牵着在空中甩动，使小球在水平面内作圆周运动(如图所示)，则下列说法中正确的是()A.保持绳长不变，增大角速度，绳对手的拉力将不变B.保持绳长不变，增大角速度，绳对手的拉力将增大C.保持角速度不变，增大绳长，绳对手的拉力将不变D.保持角速度不变，增大绳长，绳对手的拉力将减小6、如图甲所示，某人正通过定滑轮将质量为m的货物提升到高处．滑轮的质量和摩擦均不计，货物获得的加速度a与绳子对货物竖直向上的拉力F之间的关系如图乙所示．g表示当地的重力加速度，由图可以判断（）A.图线与纵轴的交点M的值aM＝﹣gB.图线与横轴的交点N的值C.图线的斜率等于物体的质量mD.图线的斜率等于物体质量的倒数7、如图所示，粗糙水平面上有一物块m，在水平恒力F作用下做匀速直线运动，在其正前方固定一轻质弹簧，当物块与弹簧接触后向左运动的过程中（弹簧始终处于弹性限度内），下列说法正确的是A.物块接触弹簧后速度一直减小B.物块接触弹簧后速度先增大后减小C.当弹簧被压缩到弹力等于F时，物块的加速度等于零D.物块的加速度一直增大8、如图所示，细杆一端与小球相连，可绕过O点的水平轴自由转动，细杆长0.5m，小球质量为3kg．现使小球在竖直平面内做圆周运动，小球通过轨道最低点A的速度为vA=4m/s，通过轨道最高点B的速度为vB=2m/s，g取10m/s2，则小球通过最低点和最高点时对细杆的作用力（）A.在A处为拉力，方向竖直向下，大小为126NB.在A处为压力，方向竖直向上，大小为126NC.在B处为压力，方向竖直向下，大小为6ND.在B处为拉力，方向竖直向上，大小为6N9、如图所示，小球质量为m，被3根质量不计的相同弹簧a、b、c固定在O点，c竖直放置，a、b、c之间的夹角均为．小球平衡时，弹簧a、b、c的弹力大小之比为3：3：1．设重力加速度为g，当单独剪断c瞬间，小球的加速度大小及方向可能为()A.，竖直向上 B.，竖直向下C.，竖直向下 D.，竖直向上10、物体做匀加速直线运动，已知第1s末的速度是6m/s，第2s末的速度是8m/s，则下面结论正确的是（）A.物体的加速度是2m/s2B.物体零时刻的速度是2m/sC.第1s内的平均速度是5m/sD.前2s内的位移是12m二、实验题11、（4分）12、（10分）三、计算题：解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位13、（9分）如图所示，质量为60kg的跳台滑雪运动员经过一段半径为40m的圆弧加速滑行后从O点水平飞出（O点正好在圆弧对应圆心的正下方），经3.0s落到斜坡上的A点已知O点是斜坡的起点，斜坡与水平面的夹角θ＝37°，不计空气阻力（取sin37°＝0.60，cos37°＝0.80；g取10m/s2求（1）A点与O点的高度差h和AO距离L；（2）运动员刚要离开0点时的速度大小及对O点的压力。（3）运动员落到A点时速度的大小和方向。14、（14分）如图所示，斜面体ABC固定在地面上，小球p从A点静止下滑，当小球p开始下滑时，另一小球q从A点正上方的D点水平抛出，两球同时到达斜面底端的B处。已知斜面AB光滑，长度l=2.5m，斜面倾角为。不计空气阻力，g取10m/s2.求：(1)小球p从A点滑到B点的时间；(2)小球q抛出时初速度的大小。15、（13分）如图所示，一物体以v0＝2m/s的初速度从粗糙斜面顶端下滑到底端用时t＝1s．已知斜面长度L＝1.5m，斜面的倾角θ＝30°，重力加速度取g＝10m/s2．求：(1)物体滑到斜面底端时的速度大小；(2)物体沿斜面下滑的加速度大小和方向；(3)物体与斜面间的动摩擦因数

参考答案一、选择题：本大题共10小题，每小题5分，共50分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。1、B【解析】AB．竖直上抛运动在运动的过程中，只受到重力的作用，加速度保持不变，始终等于重力加速度g，方向竖直向下，而速度在上升过程中向上，下落过程中向下。故A错误，B正确；C．在最高点，加速度大小为g，速度大小为零，故C错误。D．竖直上抛运动的物体达到最高点后，开始向下运动，速度方向发生改变，但加速度仍然等于g，方向向下，没有改变。故D错误。故选B2、B【解析】位移时间图象表示物体的位置随时间的变化情况，图象上的任意一点表示该时刻的位置，图象的斜率表示该时刻的速度，斜率的正负表示速度的方向.【详解】A．由图象可知，质点先向正方向做匀速直线运动，第1s末运动到x=3m处，第1-2s内处于静止，第2s末开始向负方向做匀速直线运动，第5s末运动到x=-6m处，故A错误；BC．第2s-5s内质点向负方向做匀速直线运动，故B正确，C错误；D．前5s内质点的位移为△x=x2-x1═-6m-0m=-6m，则平均速度大小为，故D错误.故选B.【点睛】理解位移-时间图象点和斜率的物理意义的同时，还要理解好速度-时间图象的点、线、面的物理意义.要明确位移图象的斜率等于速度.3、D【解析】牛顿第一定律的内容：物体只在不受外力或所受外力的合力为零时，才保持静止状态或匀速直线运动状态；牛顿第一定律说明力是改变物体运动状态（或产生加速度）的原因，一切物体总具有惯性。故选D。4、B【解析】由加速度定义式可求结果解：根据加速度的定义可知：故选B【点评】该题为加速度定义式的直接应用，注意判定时间，至第1s末，运动时间是1s5、B【解析】AB、由可得，增大角速度，绳对手的拉力将增大；B正确CD、由可得增大绳长，绳对手的拉力将增大；错误故选B【点睛】做匀速圆周运动的物体需要的向心力和半径、角速度、线速度、周期等都有关系，关系式为：6、ABD【解析】对货物受力分析，受重力和拉力，根据牛顿第二定律求出加速度的一般表达式进行分析，根据表达式结合图象运用数学知识分析物理问题；【详解】对货物受力分析，受重力mg和拉力F，根据牛顿第二定律，有：则整理可以得到：A、当时，，即图线与纵轴的交点M的值，故A正确；B、当时，，故图线与横轴的交点N的值，故B正确；C、图线的斜率表示质量的倒数，故C错误，D正确【点睛】本题关键是根据牛顿第二定律求出加速度的一般表达式，并能根据数学关系对表达式进行讨论是解决问题的关键7、AD【解析】弹簧的弹力与弹簧压缩的长度成正比，根据恒力F和摩擦力的合力与弹力的大小关系，由牛顿定律分析物块的运动情况【详解】物块与弹簧接触后，弹簧弹力不断增大，合力向右，加速度向右，物体做加速度不断增大，速度逐渐减小的运动，直到速度减为零，故AD正确，BC错误【点睛】本题主要考查了牛顿第二定律分析物块的运动情况，要注意初始时物块匀速运动，属于基础题8、AC【解析】AB．在最低点，杆子一定表现为拉力，有：F-mg=，则：F=mg+=126N，方向向上，故球对杆的作用力为拉力，大小为126N，作用力竖直向下，故A正确，B错误；CD．在最高点，有：mg+F=，则：F=-mg=-6N．所以杆子表现为支持力，方向向上，大小为6N，故求对杆的作用力为压力，大小为6N，方向竖直向下，故C正确，D错误；故选AC9、AC【解析】对小球受力分析，根据平衡条件，假设C弹簧是向下拉力，又a、b、c之间的夹角均为120°，且弹簧a、b、c的弹力大小之比为3：3：1，则小球的重力是C弹簧的弹力的2倍，当单独剪断c瞬间，小球受到的合力与C弹簧的弹力大小相等，方向相反，由牛顿第二定律可求小球的加速度大小、方向竖直向上；假设C弹簧是向上的弹力，同理可得，小球的重力是C弹簧的弹力的4倍，当单独剪断c瞬间，小球受到的合力与C弹簧的弹力大小相等，方向相反，由牛顿第二定律可求小球的加速度大小及方向【详解】AB.根据题意，对小球受力分析，假设C弹簧是向下的拉力，又a、b、c之间的夹角均为120∘，且弹簧a、b、c的弹力大小之比为3:3:1，由平衡条件得，mg+Fc=Fa又Fa：Fc=3：1，则mg=2Fc，当单独剪断c瞬间，小球受到的合力与C弹簧的弹力大小相等，方向相反，由牛顿第二定律得：a=Fc/m=g/2，方向竖直向上，故A正确，B错误；CD.假设C弹簧是向上的弹力，同理可得，小球的重力是C弹簧的弹力的4倍，当单独剪断c瞬间，小球受到的合力与C弹簧的弹力大小相等，方向相反，由牛顿第二定律可求小球的加速度大小为g/4，方向竖直向下．故C正确，D错误故选AC10、ACD【解析】A．据题第1s末的速度是v1=6m/s，第2s末的速度是v=8m/s，两个时刻的时间间隔是t=1s，则物体的加速度为故A正确；B．由v1=v0+at1得故B错误；C．第1s内的平均速度是故C正确；D．前2s内的位移故D正确。故选ACD。二、实验题11、12、三、计算题：解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位13、（1）h=45m，L=75m；（2）运动员刚要离开O点时的速度大小为20m/s，对O点的压力为1200N；（3）运动员落到A点时速度的大小为m/s，与水平方向夹角为α，其中tanα＝1.5。【解析】解：（1）当落到A位置时，根据几何关系可知，（2）平抛运动的水平位移刚离开O点的速度在O点时，根据向心力公式可知，代入数据解得N＝1200N，根据牛顿第三定律可知，运动员对O点的压力大小为1200N，方向竖直向下。（3）运动员运动到A点的竖直速度A点速度设速度与水平方向的夹角为α，则14、(1)1s；(2)m/s；【解析】（1）小球p从斜面上下滑的加速度为a