2025届江西省赣州市石城县石城中学高二物理第一学期期中预测试题含解析

2025届江西省赣州市石城县石城中学高二物理第一学期期中预测试题注意事项1．考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回．2．答题前，请务必将自己的姓名、准考证号用0．5毫米黑色墨水的签字笔填写在试卷及答题卡的规定位置．3．请认真核对监考员在答题卡上所粘贴的条形码上的姓名、准考证号与本人是否相符．4．作答选择题，必须用2B铅笔将答题卡上对应选项的方框涂满、涂黑；如需改动，请用橡皮擦干净后，再选涂其他答案．作答非选择题，必须用05毫米黑色墨水的签字笔在答题卡上的指定位置作答，在其他位置作答一律无效．5．如需作图，须用2B铅笔绘、写清楚，线条、符号等须加黑、加粗．一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、甲、乙两根粗细均匀的电阻丝，它们的材料相同，甲电阻丝的长度是乙的2倍，甲电阻丝的直径是乙的2倍，则甲、乙电阻丝电阻之比是（）A．1：2 B．1：4 C．1：8 D．1：162、如图所示，每个钩码重1.0N，弹簧测力计自身重量、绳子质量和摩擦不计，弹簧伸长了5cm（在弹簧的弹性限度内），下列说法正确的是（）A．该弹簧测力计的示数为1.0NB．该弹簧测力计的示数为5cmC．该弹簧的劲度系数为40.0N/mD．不挂重物时，该弹簧的劲度系数为03、一带电粒子射入一正点电荷q的电场中，运动轨迹如图，粒子从M运动到N，则粒子A．带正电B．速度一直变大C．电势能先变大再变小D．加速度先变大后变小4、某同学画的表示磁场B、电流I和安培力F的相互关系如图所示，其中正确的是()A． B． C． D．5、如图所示，M、N是两块水平放置的平行金属板，R0为定值电阻，R1和R2为可变电阻，开关S闭合。质量为m的带正电的微粒从P点以水平速度V0射入金属板间，沿曲线打在N板上的O点。若经过下列调整后，微粒仍从P点以水平速度V0射入，则（）A．保持S闭合，增大R2，粒子打在O点右侧B．保持S闭合，增大R1，粒子打在O点左侧C．断开S，M极板稍微上移，粒子打在O点右侧D．断开S，M极板稍微下移，粒子打在O点左侧6、一辆卡车在丘陵地匀速行驶，地形如图所示，b处比d处平缓，轮胎最容易爆的地点是（）A．a处 B．b处 C．c处 D．d处二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、如图为静电除尘原理的示意图，尘埃在电场中通过某种方式带电，在电场力的作用下向集尘极移并沉积，以达到除尘目的．下列表述正确的是（）A．向集尘极方向运动的尘埃带正电荷B．电场方向由集尘极指向放电极C．同一位置带电荷量越多的尘埃所受电场力越大D．带电尘埃所受电场力的方向与电场力相同8、如图所示,某匀强电场中A、B、C、D四点构成一个菱形,对角线AC=12cm,BD=16cm,一个质子从A移到B,电场力做了24eV的功;一个电子从A移到C,克服电场力做了24eV的功。其中A点的电势为零,则下列说法正确的是()A．D点的电势φD=0 B．D点的电势φD=-24VC．电场强度E=250N/C D．电场强度E=200N/C9、四个相同的小量程电流表分别改装成两个电流表和两个电压表已知电流表量程大于的量程，电压表的量程大于的量程，改装好后把它们按如图所示接入电路，则A．电流表的读数小于电流表的读数B．电流表的指针偏转角等于电流表的指针偏转角C．电压表的读数大于电压表的读数D．电压表的指针偏转角大于电压表的指针偏转角10、下列各量中，与检验电荷无关的量是()A．电场强度EB．电场力FC．电势差UD．电场做的功W三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11．（6分）在“用DIS研究在温度不变时，一定质量的气体压强与体积的关系”实验中，某同学最后得到如图所示的V－1/p图线．（1）为了保持封闭气体的质量不变，实验中采取的主要措施是_________________．（2）若大气压强为P1，注射器内气体初始体积为11cm3，实验过程中，注射器内气体体积在4cm3到21cm3范围内变化，则注射器内部与外界压强差的最大值为________p1．（3）图线弯曲的可能原因是在V增大过程中（）A．注射器中有异物B．连接软管中存在气体C．注射器内气体温度升高D．注射器内气体温度降低12．（12分）（1）下图中，游标卡尺读数______mm，螺旋测微器读数_________mm(2)多用电表粗测电阻，已经调零且选择开关指向欧姆挡“×10”挡位，发现指针的偏转角度太大，这时他应将选择开关换成欧姆挡的“________”挡位(选填“×100”或“×1”)；调零后测量，其表盘及指针所指位置如图，则待测电阻为________Ω.四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13．（10分）一束初速不计的电子在经U的加速电压加速后，在两极板间的中点处垂直进入平行板间的匀强电场，如图所示，若板间距离d，板长l，偏转电场只存在于两个偏转电极之间已知电子质量为m，电荷量为e，求：（1）电子离开加速电场时的速度大小；（2）电子经过偏转电场时的时间；（3）要使电子能从平行板间飞出，两个极板上最多能加多大电压U′？14．（16分）如图所示，水平放置的两平行金属板之间电压为U，两板板长为L，板间距离为d，一束电子以速度v0从两板左侧正中间水平射入板间，然后从右侧板间飞出，射到距右侧板边缘为S的荧光屏上，已知电子的质量为m，电荷量为e．求：(1)电子飞出两板时速度大小；(2)电子偏离电场时的偏转位移的大小；(3)电子束射到荧光屏的位置（离图中的中心O的距离）．（不计电子重力）15．（12分）如图所示，有一对平行金属板，两板相距为0.05m，电压为10V。两板之间有匀强磁场，磁感应强度大小为B0=0.1T，方向与金属板面平行并垂直于纸面向里。图中右边有一半径R为0.1m、圆心为O的圆形区域内也存在匀强磁场，磁感应强度大小为B=33T（1）离子速度v的大小；（2）离子的比荷q/m；（3）离子在圆形磁场区域中运动时间t。

参考答案一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。1、A【解析】

已知甲乙两根电阻丝的材料相同，而甲的长度是乙的2倍；甲电阻丝的直径是乙的2倍，则甲的横截面积等于乙的4倍；根据可知，甲的电阻是乙的倍。

A．1：2，与结论相符，选项A正确；B．1：4，与结论不相符，选项B错误；C．1：8，与结论不相符，选项C错误；D．1：16，与结论不相符，选项D错误；2、A【解析】

AB．弹簧的两端各受1.0N拉力F，弹簧显示一端受到的拉力大小为1.0N，则该弹簧测力计的示数为1.0N，A正确B错误；C．由胡克定律得：，C错误；D、劲度系数k由弹簧本身的性质决定，与弹力大小无关，当不挂重物时，该弹簧的劲度系数依然不变，D错误。故选A。3、D【解析】

A.由曲线运动所受合力指向曲线的内侧可知，带电粒子受到正点电荷q的引力作用，带负电，故A错误；B.由带电粒子的轨迹可知，带电粒子与正电荷q的距离先减小后增大，正电荷q对带电粒子先做正功后做负功，带电粒子的速度先增大后减小，故B错误；C.由于正电荷q对带电粒子先做正功后做负功，带电粒子的电势能先减小后增大，故C错误；D.由于带电粒子与正电荷q的距离先减小后增大，带电粒子受力先增大后减小，加速度先变大后变小，故D正确。4、D【解析】

根据左手定则可知，A图中安培力方向应该向下，B图中安培力应该垂直于磁场斜向左上方，C图中磁场方向和电流方向在同一直线上，不受安培力作用，D图中安培力方向斜向左下方垂直于电流方向，故ABC错误，D正确．5、B【解析】保持开关S闭合，增大R2，不会影响电阻R0两端的电压，故粒子打在O点，故A错误；保持开关S闭合，根据串并联电压关系可知，R0两端的电压为：，增大R1，U将减小，电容器两端的电压减小，故粒子受重力和电场力方向相反，根据牛顿第二定律可得加速度为：，可知加速度增大，当粒子打在下板时有：，可知粒子的运动时间变小，在水平方向飞行的距离为，可知粒子打在O点左侧，故B正确；断开开关，平行板间的电场强度为：，电场强度不变，故加速度不变，M极板稍微上移，不会影响离子的运动，故还打在O点，故CD错误。所以B正确，ACD错误。6、D【解析】

在坡顶由牛顿第二定律得解得即在坡谷由牛顿第二定律得解得即r越小，越大，则在b、d两点比a、c两点压力大，而b点半径比d点大，则d点压力最大。故选D。二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。在每小题给出的四个选项中，有多个选项是符合题目要求的。全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。7、BC【解析】由图知，放电极为负电极，集尘极为正电极，电场方向为从集尘极指向放电极，被吸引到达集尘极的尘埃必带负电荷，则带电尘埃所受电场力方向与电场方向相反，故AD错B正确；由可可脂，同一位置，确定，随q增大而增大，故C正确．8、AC【解析】

AB．AB间的电势差为：AC间的电势差为可知BC两点的电势相等，由于AD平行于BC，所以A点电势与D点电势相等，即故A正确，B错误；CD．由，得BC连线即为等势线，过A点作BC的垂线，如图，由几何知识得A点到BC的距离为所以电场强度为故C正确，D错误。9、BC【解析】

电流表的量程大于的量程，故电流表的内阻小于的内阻；电压表的量程大于的量程，故的电阻大于的电阻；由图可知，两电流表并联，故两流表两端的电压相等，两表由同一电流表改装而成，而将电流表扩大量程时为并联一小电阻，故相当于为四个电阻并联，故两表头中电流相同，故两表的偏角相同，故A中的电流要等于中的电流，故A的读数比的读数大，A错误B正确；两电压表串联，故通过两表的电流相等，故的读数比的读数大，两电压表串联，通过表头的电流相等，表头指针偏转角度相等，电压表的偏转角等于电压表的偏转，C正确D错误．10、AC【解析】

AC.电场强度和电势分别从力和能量的角度来描述电场的，均是采用比值定义法定义的，它们的大小均与电量无关，由电场本身的性质决定的，与检验电荷无关，对于电势差则为电势之差，由电场中两点的电势决定，电势与检验电荷无关，因此电势差与检验电荷无关．故AC正确；B.电场力，知电场力与检验电荷有关，故B错误；D.电场力做功，知电场力做功与检验电荷的电量有关，故D错误．三、实验题：本题共2小题，共18分。把答案写在答题卡中指定的答题处，不要求写出演算过程。11、（1）在活塞上涂润滑油，（2）1.5，（3）C【解析】

（1）能够运用控制变量法研究两个物理量变化时的关系时，注意实验中的操作步骤和一些注意事项；（2）由玻意尔定律分析气体的压强；（3）在实验过程中随时间延长，导致注射器内气体温度升高，故象的斜率逐渐增大．【详解】（1）为了保持封闭气体的质量不变，实验中采取的主要措施是在注射器活塞上涂润滑油．这样可以保持气密性．（2）以注射器内气体为研究对象：初始时：；体积最小时：；体积最大时：；根据玻意耳定律得：，求得：所以注射器内部与外界压强差的最大值为：；（3）A、注射器有异物不会影响图线的斜率，故A错误．B、连接软管中存在气体可以视为被封闭的气体总体积较大，不会影响斜率，故B错误．CD、注射器内气体温度升高，由理想气体状态方程有：，当T增大时，PV会增大，故C正确，D错误．故选C．【点睛】本题考查气体压强与体积的关系实验中的数据处理方法以及误差分析，知道实验原理、误差来源，然后根据玻意耳定律列式分析即可．12、102.354.594×112【解析】

（1）游标卡尺读数为螺旋测微器的读数为(2)多用电表指针的偏转角度太大，指示值太小，要使指针指在中央附近，指示值变大，根据欧姆挡读数=指示值×倍率可知，应换用倍率小的挡位，用×1挡．从表盘中可以看出待测电阻为12Ω【点睛】游标卡尺读数的方法是主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．对于多用电表欧姆挡测电阻换挡方法要熟记：“大换小，小换大”，即偏转角度大时，换用倍率小的挡位；偏转角度小时，换用倍率大的挡位．四、计算题：本题共2小题，共26分。把答案写在答题卡中指定的答题处，要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤。13、（1）；（2）；（3）【解析】

（1）设电子流经加速电压后的速度为v0，则由动能定理得：解得：；（2）电子在偏转电场中做类平抛运动，运动时间：；（3）设两极板上最多能加的电压为U′，要使电子能从平行板间飞出则电子的最大侧移量为，则有：解得：14、(1)(2)(3)【解析】

(1)电子在极板间做类平抛运动，水平位移x=L，电子水平方向做匀速直线运动，则有：x=v0t得时间电子飞出两板时竖直分速度为：出电场速度为(2)电子飞出两板时偏