2024-2025人教高中物理同步讲义练习选择性必修二2.3涡流、电磁阻尼和电磁驱动（含答案） （人教2019选择性必修二）

2024-2025人教高中物理同步讲义练习选择性必修二2.3涡流、电磁阻尼和电磁驱动基础导学要点一、涡流1．定义由于电磁感应，在导体中产生的像水中旋涡样的感应电流．2．特点若金属的电阻率小，涡流往往很强，产生的热量很多．3．对涡流的理解(1)本质：电磁感应现象．(2)条件：穿过金属块的磁通量发生变化，并且金属块本身构成闭合回路．(3)特点：整个导体回路的电阻一般很小，感应电流很大，故金属块的发热功率很大．4．应用(1)涡流热效应的应用：如真空冶炼炉．(2)涡流磁效应的应用：如探雷器、安检门．5．防止电动机、变压器等设备中应防止铁芯中涡流过大而导致浪费能量，损坏电器．(1)途径一：增大铁芯材料的电阻率．(2)途径二：用相互绝缘的硅钢片叠成的铁芯代替整块硅钢铁芯．要点二、电磁阻尼和电磁驱动1．电磁阻尼(1)定义：当导体在磁场中运动时，感应电流会使导体受到安培力，安培力的方向总是阻碍导体的运动的现象．(2)应用：电学仪表中利用电磁阻尼使指针很快地停下来，便于读数．2．电磁驱动(1)定义：如果磁场相对于导体转动，在导体中会产生感应电流，感应电流使导体受到安培力的作用，安培力使导体运动起来的现象．(2)应用：交流感应电动机．要点突破突破一：对涡流的成因及涡流中的能量转化1．涡流产生的条件涡流的本质是电磁感应现象，涡流产生条件是穿过金属块的磁通量发生变化．并且金属块本身可自行构成闭合回路．同时因为整个导体回路的电阻一般很小，所以感应电流很大，就像水中的漩涡．2．可以产生涡流的两种情况(1)把块状金属放在变化的磁场中．(2)让块状金属进出磁场或在非匀强磁场中运动．3．能量变化伴随着涡流现象，其他形式的能转化成电能并最终在金属块中转化为内能．如果金属块放在了变化的磁场中，则磁场能转化为电能最终转化为内能；如果金属块进出磁场或在非匀强磁场中运动，则由于克服安培力做功．金属块的机械能转化为电能，最终转化为内能．4．涡流的利与弊(1)利：利用涡流原理可制成感应炉来冶炼金属；利用涡流可制成磁电式、感应式电工仪表；电能表中的阻尼器也是利用涡流原理制成的．(2)弊：在电机、变压器等设备中，由于涡流存在，产生附加损耗，同时磁场减弱造成电器设备效率降低．突破二：电磁阻尼与电磁驱动的理解1．电磁驱动的原因分析当蹄形磁铁转动时，穿过线圈的磁通量就发生变化，例如线圈处于如图所示的初始状态时，穿过线圈的磁通量为零，当蹄形磁铁转动时，穿过线圈的磁通量就增加了，根据楞次定律，此时线圈中就有感应电流产生，以阻碍磁通量的增加，因而线圈会跟着一起转动起来．楞次定律的一种理解是阻碍相对运动，从而阻碍磁通量的增加，磁铁转动时，相对于线圈转动，所以线圈也同方向转动，从而“阻碍”这种相对运动，电磁驱动也可以用楞次定律来解释．2．电磁阻尼与电磁驱动的区别电磁阻尼电磁驱动区别产生电流的原因由于导体在磁场中运动由于磁场相对于导体运动，导体中产生感应电流安培力方向安培力方向与导体运动方向相反，阻碍导体运动导体受安培力方向与导体运动方向相同，推动导体运动本质联系都属于电磁感应现象，安培力的作用效果是阻碍导体与磁场间发生相对运动典例精析题型一：对涡流现象的理解与分析例一．高频焊接原理示意图，如图所示，线圈通以高频交流电，金属工件的焊缝中就产生大量焦耳热，将焊缝熔化焊接，要使焊接处产生的热量较大可采用()A．增大交变电流的电压B．增大交变电流的频率C．增大焊接缝的接触电阻D．减小焊接缝的接触电阻变式迁移1：如图所示，光滑金属球从高h的曲面滚下，又沿曲面的另一侧上升，设金属球初速度为零，曲面光滑，则()A．若是匀强磁场，球滚上的高度小于hB．若是匀强磁场，球滚上的高度等于hC．若是非匀强磁场，球滚上的高度等于hD．若是非匀强磁场，球滚上的高度小于h题型二：对电磁驱动以及电磁阻尼的理解以及应用例二．如图所示，在一蹄形磁铁下面放一个铜盘，铜盘和磁铁均可以自由绕OO′轴转动，两磁极靠近铜盘，但不接触．当磁铁绕轴转动时，铜盘将()A．以相同的转速与磁铁同向转动B．以较小的转速与磁铁同向转动C．以相同的转速与磁铁反向转动D．静止不动变式迁移2：如图所示，条形磁铁用细线悬挂在O点．O点正下方固定一个水平放置的铝线圈．让磁铁在竖直面内摆动，下列说法中正确的是()A．磁铁左右摆动一次，线圈内感应电流的方向改变2次B．磁铁始终受到感应电流磁场的斥力作用C．磁铁所受到的感应电流对它的作用力始终是阻力D．磁铁所受到的感应电流对它的作用力有时是阻力有时是动力强化训练选择题1、以下为教材中的四幅图，下列相关叙述错误的是（）A．甲图是法拉第电磁感应实验，奥斯特发现了电流的磁效应，法拉第根据对称性思想，做了如上实验发现了磁生电的现象B．乙图是真空冶炼炉，当炉外线圈通入高频交流电时，线圈产生大量热量，从而冶炼金属C．丙图是无轨电车电车在行驶过程中由于车身颠簸电弓和电网之间容易闪现电火花，这是由于车弓脱离电网产生自感电动势使空气电离D．丁图是电吉他中电拾音器的基本结构金属弦被磁化，弦振动过程中线圈中会产生感应电流从而使音箱发声。如果选用铜质弦，电吉他不能正常工作2、关于涡流、电磁阻尼、电磁驱动，下列说法不正确的是（）A．电磁炉利用电磁阻尼工作，录音机在磁带上录制声音利用电磁驱动工作B．真空冶炼炉熔化金属是利用了涡流C．金属探测器应用于安检场所，探测器利用了涡流的原理D．磁电式仪表中用来做线圈骨架的铝框能起电磁阻尼的作用3、雅礼中学99级校友阳萌发现不同系统的智能手机都有其各自的充电器，且不能通用。阳萌和他的团队花了一年多时间研发出一种带有万能芯片可以自动识别不同系统智能手机的充电器Anker，其中有一款产品支持无线充电技术，该技术使用的是以下哪一种物理原理（）A．电流热效应 B．电磁感应C．静电感应 D．霍尔效应4、安检门原理图如图所示，左边门框中有一通电线圈，右边门框中有一接收线圈。若工作过程中某段时间内通电线圈中存在顺时针方向（左视图）均匀增大的电流，则下列说法正确的是（电流方向判断均从左向右观察）（）A．有金属片通过时，金属片中会感应出涡流B．有金属片通过时，接收线圈中的感应电流的方向可能改变C．无金属片通过时，接收线圈中的感应电流的方向为顺时针D．无金属片通过时，接收线圈中的感应电流可能逐渐减小5、以下为教材中的四幅图，下列相关叙述错误的是（）A．甲图是法拉第电磁感应实验，奥斯特发现了电流的磁效应，法拉第根据对称性思想，做了如上实验发现了磁生电的现象B．乙图是真空治炼炉，当炉外线圈通入高频交流电时，线圈产生大量热量，从而冶炼金属C．丙图是金属探测器。探测环中的发射线圈通以正弦式电流，附近的被测金属物中会产生涡流D．丁图是电吉他中电拾音器的基本结构，金属弦被磁化，弦振动过程中线圈中会产生感应电流，从而使音箱发声。如果选用铜质弦，电吉他不能正常工作6、如图所示，条形磁铁用细线悬挂于O点，一金属圆环放置在O点正下方的水平绝缘桌面上。现将磁铁拉至左侧某一高度后由静止释放，磁铁在竖直面内摆动，在其第一次摆至右侧最高点的过程中，圆环始终静止。则下列说法正确的是（）A．磁铁始终受到圆环的斥力作用B．圆环中的感应电流方向保持不变C．磁铁从左到右经过竖直线两侧位置时，桌面对圆环的摩擦力方向相反D．磁铁在O点两侧最高点的重力势能不相等7、电磁炉又名电磁灶（图1），它无须明火或传导式加热而让热直接在锅底产生，因此热效率得到了极大的提高。图2是描述电磁炉工作原理的示意图，下列说法正确的是（）A．电磁炉通电线圈加直流电，电流越大，电磁炉加热效果越好B．电磁炉原理是通电线圈加交流电后，在锅底产生涡流，进而发热工作C．在锅和电磁炉中间放一绝缘物质，电磁炉不能起到加热作用D．电磁炉的锅不能用陶瓷锅或耐热玻璃锅，主要原因是这些材料的导热性能较差8、磁电式电流表是常用的电学实验器材。如图所示，电表内部由线圈、磁铁极靴、圆柱形.软铁螺旋弹簧等构成。下列说法正确的是（）A．极靴与圆柱形软铁之间为匀强磁场.B．当线圈中电流方向改变时，线圈受到的安培力方向不变C．通电线圈通常绕在铝框上，主要因为铝的电阻率小，可以减小焦耳热的产生D．在运输时.通常把正、负极接线柱用导线连在一起，是应用了电磁阻尼的原理9、车速表是用来测量车辆瞬时速度的一种装置，其工作原理如图所示。永久磁铁固定在驱动轴上，当车运动时，驱动轴会带动磁铁转动，由于电磁感应，由金属做成的速度盘也会随之转动，从而带动指针指示出相应的速度。则下列说法正确的是转动，从而带动指针指示出相应的速度。则下列说法正确的是（）A．速度盘和磁铁将以相同的角速度同时转动B．在速度盘转动过程中，穿过整个速度盘的磁通量发生了变化C．速度盘中产生的感应电流受到的安培力驱使速度盘转动D．速度盘中的感应电流是速度盘中的自由电子随圆盘转动形成的10、四川三星堆新发现6个祭祀坑。挖掘之前考古人员用图示金属探测器在地面上进行探测定位，探测器中的发射线圈产生磁场，在地下的被测金属物中感应出电流，感应电流的磁场又影响线圈中的电流，使探测器发出警报。则（）A．发射线圈产生的磁场是恒定磁场B．被测金属物中产生的电流是恒定电流C．探测的最大深度与发射线圈中的电流强弱无关D．探测器与被测金属物相对静止时也能发出警报2.3涡流、电磁阻尼和电磁驱动基础导学要点一、涡流1．定义由于电磁感应，在导体中产生的像水中旋涡样的感应电流．2．特点若金属的电阻率小，涡流往往很强，产生的热量很多．3．对涡流的理解(1)本质：电磁感应现象．(2)条件：穿过金属块的磁通量发生变化，并且金属块本身构成闭合回路．(3)特点：整个导体回路的电阻一般很小，感应电流很大，故金属块的发热功率很大．4．应用(1)涡流热效应的应用：如真空冶炼炉．(2)涡流磁效应的应用：如探雷器、安检门．5．防止电动机、变压器等设备中应防止铁芯中涡流过大而导致浪费能量，损坏电器．(1)途径一：增大铁芯材料的电阻率．(2)途径二：用相互绝缘的硅钢片叠成的铁芯代替整块硅钢铁芯．要点二、电磁阻尼和电磁驱动1．电磁阻尼(1)定义：当导体在磁场中运动时，感应电流会使导体受到安培力，安培力的方向总是阻碍导体的运动的现象．(2)应用：电学仪表中利用电磁阻尼使指针很快地停下来，便于读数．2．电磁驱动(1)定义：如果磁场相对于导体转动，在导体中会产生感应电流，感应电流使导体受到安培力的作用，安培力使导体运动起来的现象．(2)应用：交流感应电动机．要点突破突破一：对涡流的成因及涡流中的能量转化1．涡流产生的条件涡流的本质是电磁感应现象，涡流产生条件是穿过金属块的磁通量发生变化．并且金属块本身可自行构成闭合回路．同时因为整个导体回路的电阻一般很小，所以感应电流很大，就像水中的漩涡．2．可以产生涡流的两种情况(1)把块状金属放在变化的磁场中．(2)让块状金属进出磁场或在非匀强磁场中运动．3．能量变化伴随着涡流现象，其他形式的能转化成电能并最终在金属块中转化为内能．如果金属块放在了变化的磁场中，则磁场能转化为电能最终转化为内能；如果金属块进出磁场或在非匀强磁场中运动，则由于克服安培力做功．金属块的机械能转化为电能，最终转化为内能．4．涡流的利与弊(1)利：利用涡流原理可制成感应炉来冶炼金属；利用涡流可制成磁电式、感应式电工仪表；电能表中的阻尼器也是利用涡流原理制成的．(2)弊：在电机、变压器等设备中，由于涡流存在，产生附加损耗，同时磁场减弱造成电器设备效率降低．突破二：电磁阻尼与电磁驱动的理解1．电磁驱动的原因分析当蹄形磁铁转动时，穿过线圈的磁通量就发生变化，例如线圈处于如图所示的初始状态时，穿过线圈的磁通量为零，当蹄形磁铁转动时，穿过线圈的磁通量就增加了，根据楞次定律，此时线圈中就有感应电流产生，以阻碍磁通量的增加，因而线圈会跟着一起转动起来．楞次定律的一种理解是阻碍相对运动，从而阻碍磁通量的增加，磁铁转动时，相对于线圈转动，所以线圈也同方向转动，从而“阻碍”这种相对运动，电磁驱动也可以用楞次定律来解释．2．电磁阻尼与电磁驱动的区别电磁阻尼电磁驱动区别产生电流的原因由于导体在磁场中运动由于磁场相对于导体运动，导体中产生感应电流安培力方向安培力方向与导体运动方向相反，阻碍导体运动导体受安培力方向与导体运动方向相同，推动导体运动本质联系都属于电磁感应现象，安培力的作用效果是阻碍导体与磁场间发生相对运动典例精析题型一：对涡流现象的理解与分析例一．高频焊接原理示意图，如图所示，线圈通以高频交流电，金属工件的焊缝中就产生大量焦耳热，将焊缝熔化焊接，要使焊接处产生的热量较大可采用()A．增大交变电流的电压B．增大交变电流的频率C．增大焊接缝的接触电阻选项诊断结论A电阻、频率相同，增大交变电压，则电流变化率增大，由E＝neq\f(ΔΦ,Δt)知，感应电动势和涡流就增大.√B电阻和交变电压相同，增大交变电流频率，则电流变化率也增大．由E＝neq\f(ΔΦ,Δt)知．感应电动势和涡流就增大.√D．减小焊接缝的接触电阻解析：逐项分析如下选项诊断结论C在交变电压和频率相同的条件下，产生的感应电动势相同．增大焊接缝处的接触电阻，接触电阻处的电压、功率分配就越大，产生的热量就会越大.√D减小焊接缝处的接触电阻，由C选项分析知热量不能增大.×答案：ABC变式迁移1：如图所示，光滑金属球从高h的曲面滚下，又沿曲面的另一侧上升，设金属球初速度为零，曲面光滑，则()A．若是匀强磁场，球滚上的高度小于hB．若是匀强磁场，球滚上的高度等于hC．若是非匀强磁场，球滚上的高度等于hD．若是非匀强磁场，球滚上的高度小于h解析：若是匀强磁场，则穿过球的磁通量不发生变化，球中无涡流，机械能没有损失，故球滚上的高度等于h，选项A错B对．若是非匀强磁场，则穿过球的磁通量发生变化，球中有涡流产生，机械能转化为内能，故球滚上的高度小于h，选项C错D对．答案：BD题型二：对电磁驱动以及电磁阻尼的理解以及应用例二．如图所示，在一蹄形磁铁下面放一个铜盘，铜盘和磁铁均可以自由绕OO′轴转动，两磁极靠近铜盘，但不接触．当磁铁绕轴转动时，铜盘将()A．以相同的转速与磁铁同向转动B．以较小的转速与磁铁同向转动C．以相同的转速与磁铁反向转动D．静止不动解析：因磁铁的转动，引起铜盘中磁通量发生变化而产生感应电流，进而受安培力作用而发生转动，由楞次定律可知安培力的作用阻碍相对运动，所以铜盘与磁铁同向转动，又由产生电磁感应的条件可知，线圈中能产生电流的条件必须是磁通量发生变化．故要求线圈转动方向与磁铁相同而转速小，不能同步转动，所以正确选项是B.答案：B变式迁移2：如图所示，条形磁铁用细线悬挂在O点．O点正下方固定一个水平放置的铝线圈．让磁铁在竖直面内摆动，下列说法中正确的是()A．磁铁左右摆动一次，线圈内感应电流的方向改变2次B．磁铁始终受到感应电流磁场的斥力作用C．磁铁所受到的感应电流对它的作用力始终是阻力D．磁铁所受到的感应电流对它的作用力有时是阻力有时是动力解析：磁铁向下摆动时，根据楞次定律，线圈中产生逆时针方向感应电流(从上面看)，并且磁铁受到感应电流对它的作用力为阻力，阻碍它靠近；磁铁向上摆动时，根据楞次定律，线圈中产生顺时针方向感应电流(从上面看)，磁场受感应电流对它的作用力仍为阻力，阻碍它远离，所以磁铁在左右摆动一次过程中，电流方向改变3次，感应电流对它的作用力始终是阻力，只有C项正确．答案：C强化训练选择题1、以下为教材中的四幅图，下列相关叙述错误的是（）A．甲图是法拉第电磁感应实验，奥斯特发现了电流的磁效应，法拉第根据对称性思想，做了如上实验发现了磁生电的现象B．乙图是真空冶炼炉，当炉外线圈通入高频交流电时，线圈产生大量热量，从而冶炼金属C．丙图是无轨电车电车在行驶过程中由于车身颠簸电弓和电网之间容易闪现电火花，这是由于车弓脱离电网产生自感电动势使空气电离D．丁图是电吉他中电拾音器的基本结构金属弦被磁化，弦振动过程中线圈中会产生感应电流从而使音箱发声。如果选用铜质弦，电吉他不能正常工作【答案】B【解析】A．甲图是法拉第电磁感应实验，奥斯特发现了电流的磁效应，法拉第根据对称性思想，做了如上实验发现了磁生电的现象，故A不符题意；B．真空冶炼炉，当炉外线圈通入高频交流电时，是炉内的金属产生涡流，在电的热效应下，产生热量，熔化金属（自己烧自己），故B符合题意；C．丙图是无轨电车电车在行驶过程中由于车身颠簸电弓和电网之间容易闪现电火花，这是由于车弓脱离电网产生自感电动势使空气电离，故C不符题意；D．丁图是电吉他中电拾音器的基本结构金属弦被磁化，弦振动过程中线圈中会产生感应电流从而使音箱发声。如果选用铜质弦，电吉他不能正常工作，故D不符题意；故选B。2、关于涡流、电磁阻尼、电磁驱动，下列说法不正确的是（）A．电磁炉利用电磁阻尼工作，录音机在磁带上录制声音利用电磁驱动工作B．真空冶炼炉熔化金属是利用了涡流C．金属探测器应用于安检场所，探测器利用了涡流的原理D．磁电式仪表中用来做线圈骨架的铝框能起电磁阻尼的作用【答案】A【解析】A．电磁炉利用涡流工作，录音机在磁带上录制声音利用了电流的磁效应，故A错误；B．真空冶炼炉熔化金属是利用了涡流，故B正确；C．金属探测器应用于安检场所，探测器利用了涡流的原理，故C正确；D．磁电式仪表中用来做线圈骨架的铝框能起电磁阻尼的作用，故D正确。本题选不正确的，故选A。3、雅礼中学99级校友阳萌发现不同系统的智能手机都有其各自的充电器，且不能通用。阳萌和他的团队花了一年多时间研发出一种带有万能芯片可以自动识别不同系统智能手机的充电器Anker，其中有一款产品支持无线充电技术，该技术使用的是以下哪一种物理原理（）A．电流热效应 B．电磁感应C．静电感应 D．霍尔效应【答案】B【详解】无线充电是指利用电磁感应原理进行充电的设备，在发送和接收端各有一个线圈，发送端线圈连接交流电源产生变化磁场，接收端线圈因为磁通量变化从而产生电流给电池充电。故选B。4、安检门原理图如图所示，左边门框中有一通电线圈，右边门框中有一接收线圈。若工作过程中某段时间内通电线圈中存在顺时针方向（左视图）均匀增大的电流，则下列说法正确的是（电流方向判断均从左向右观察）（）A．有金属片通过时，金属片中会感应出涡流B．有金属片通过时，接收线圈中的感应电流的方向可能改变C．无金属片通过时，接收线圈中的感应电流的方向为顺时针D．无金属片通过时，接收线圈中的感应电流可能逐渐减小【答案】A【详解】A．通电线圈中的电流均匀增大，则产生的磁场均匀增大，有金属片通过时，穿过金属片中的磁通量均匀增大，金属片中会感应出涡流，故A正确；B．金属片中涡流的磁场与通电线圈中产生的磁场方向相反，虽然会对接收线圈中磁通量的增大有一定的阻碍作用，但不能阻止接收线圈中磁通量增大，所以接收线圈中的感应电流的方向不会改变，故B错误；CD．无金属片通过时，接收线圈中的磁通量由左向右均匀增大，根据楞次定律可知感应电流的方向为逆时针，根据法拉第电磁感应定律可知接收线圈中的感应电动势不变，感应电流不变，故CD错误。故选A。5、以下为教材中的四幅图，下列相关叙述错误的是（）A．甲图是法拉第电磁感应实验，奥斯特发现了电流的磁效应，法拉第根据对称性思想，做了如上实验发现了磁生电的现象B．乙图是真空治炼炉，当炉外线圈通入高频交流电时，线圈产生大量热量，从而冶炼金属C．丙图是金属探测器。探测环中的发射线圈通以正弦式电流，附近的被测金属物中会产生涡流D．丁图是电吉他中电拾音器的基本结构，金属弦被磁化，弦振动过程中线圈中会产生感应电流，从而使音箱发声。如果选用铜质弦，电吉他不能正常工作【答案】B【详解】A．奥斯特发现了电流的磁效应，法拉第发现了“磁生电”，故A正确；B．真空冶炼炉，当炉外线圈通入高频交流电时，是炉内的金属产生涡流，在电的热效应下，产生热量，熔化金属，故B错误；C．丙图是金属探测器。探测环中的发射线圈通以正弦式电流，附近的被测金属物中会产生涡流，故C正确；D．电吉他的拾音器由磁铁和线圈组成，钢弦被磁化，弹动钢弦，相当于线圈做切割磁感线运动，在线圈中就会产生对应的音频电流，电流经放大后通过音箱，我们就听到了声音，而铜不可以被磁化，则选用铜质弦，电吉他不能正常工作，故D正确。本题选择错误的，故选B。6、如图所示，条形磁铁用细线悬挂于O点，一金属圆环放置在O点正下方的水平绝缘桌面上。现将磁铁拉至左侧某一高度后由静止释放，磁铁在竖直面内摆动，在其第一次摆至右侧最高点的过程中，圆环始终静止。则下列说法正确的是（）A．磁铁始终受到圆环的斥力作用B．圆环中的感应电流方向保持不变C．磁铁从左到右经过竖直线两侧位置时，桌面对圆环的摩擦力方向相反D．磁铁在O点两侧最高点的重力势能不相等【答案】D【解析】A．由楞次定律推论可知，磁铁靠近圆环时受到斥力作用，远离圆环时受到引力作用，A错误；B．磁铁由释放到第一次运动到右侧最高点的过程中，穿过圆环的磁通量先增大后减小，由于穿过圆环的磁场方向不变，而磁通量的变化趋势发生了改变，因此感应电流的方向发生变化，B错误；C．根据楞次定律，磁铁从左到右经过竖直线两侧位置时，圆环都有向右滑动的趋势，故桌面对圆环的摩擦力方向均向左，C错误；D．由楞次定律推论可知，感应电流总是阻碍磁铁与圆环之间的相对运动，感应电流对磁铁的作用力总是阻力，因此磁铁在右侧的最高点比释放点低，则磁铁在两侧最高点的重力势能不相等，D正确。7、电磁炉又名电磁灶（图1），它无须明火或传导式加热而让热直接在锅底产生，因此热效率得到了极大的提高。图2是描述电磁炉工作原理的示意图，下列说法正确的是（）A．电磁炉通电线圈加直流电，电流越大，电磁炉加热效果越好B．电磁炉原理是通电线圈加交流电后，在锅底产生涡流，进而发热工作C．在锅和电磁炉中间放一绝缘物质，电磁炉不能起到加热作用D．电磁炉的锅不能用陶瓷锅或耐热玻璃锅，主要原因是这些材料的导热性能较差【答案】B【解析】A．电磁炉通电线圈加直流电，会产生恒定磁场，穿过锅底的磁通量不会发生变化，不能产生涡流，所以没有加热效果，故A错误；B．电磁炉的原理是磁场感应涡流加热，即利用交变电流通过线圈产生交变磁场，所以电磁炉通过线圈加交流电后，在锅底产生涡流，进而发热工作，故B正确；C．在锅和电磁炉中间放一绝缘物质，不会影响涡流的产生，因此不会影响电磁炉的加热作用，故C错误；D．金属锅自身产生无数小涡流而直接加热锅，陶瓷锅或耐热玻璃锅属于绝缘材料，不会产生涡流，而不是因为导热性能较差，故D错误。8、磁电式电流表是常用的电学实验器材。如图所示，电表内部由线圈、磁铁极靴、圆柱形.软铁螺旋弹簧等构成。下列说法正确的是（）A．极靴与圆柱形软铁之间为匀强磁场.B．当线圈中电流方向改变时，线圈受到的安培力方向不变C．通电线圈通常绕在铝框上，主要因为铝的电阻率小，可以减小焦耳热的产生D．在运输时.通常把正、负极接线柱用导线连在一起，是应用了电磁阻尼的原理【答案】D【详解】A．极靴与圆柱间的磁场是均匀地辐向分布，并不是匀强磁场，故A选项错误；B．当线圈中电流方向改变时，磁场方向不变，所以线圈受到的安培力方向发生改变，故B选项错误；C．用金属铝做线圈框架，主要的原因有：1、铝不导磁，用铝做框架可以减小对磁场的影响，保证仪表的准确性更高。2、铝材料较轻、电阻率较小，能更好地利用电磁阻尼现象，使指针迅速停下来。故C选项错误；D．运输过程中由于振动会使指针不停摆动，可能会使指针损坏。将接线柱用导线连在一起，相当于把表的线圈电路组成闭合回路，在指针摆动过程中线圈切割磁感线产生感应电流，利用电磁阻尼原理，阻碍指针摆动，防止指针因撞击而变形，故D选项正确。故选D。9、车速表是用来测量车辆瞬时速度的一种装置，其工作原理如图所示。永久磁铁固定在驱动轴上，当车运动时，驱动轴会带动磁铁转动，由于电磁感应，由金属做成的速度盘也会随之转动，从而带动指针指示出相应的速度。则下列说法正确的是转动，从而带动指针指示出相应的速度。则下列说法正确的是（）A．速度盘和磁铁将以相同的角速度同时转动B．在速度盘转动过程中，穿过整个速度盘的磁通量发生了变化C．速度盘中产生的感应电流受到的安培力驱使速度盘转动D．速度盘中的感应电流是速度盘中的自由电子随圆盘转动形成的【答案】C【详解】A．当磁铁转动时，由于电磁感应，速度盘也会随磁铁发生转动，但会略有滞后，故A错误；B．在速度盘转动的过程中，穿过整个速度盘的磁通量不发生变化，故B错误；C．当磁铁转动时，在速度盘中会产生感应电流，感应电流在磁铁产生的磁场中受到安培力，安培力驱使速度盘转动，故C正确；D．速度盘中的感应电流是由电磁感应产生的，不是速度盘中的自由电子随圆盘转动形成的，故D错误。故选C。10、四川三星堆新发现6个祭祀坑。挖掘之前考古人员用图示金属探测器在地面上进行探测定位，探测器中的发射线圈产生磁场，在地下的被测金属物中感应出电流，感应电流的磁场又影响线圈中的电流，使探测器发出警报。则（）A．发射线圈产生的磁场是恒定磁场B．被测金属物中产生的电流是恒定电流C．探测的最大深度与发射线圈中的电流强弱无关D．探测器与被测金属物相对静止时也能发出警报【答案】D【详解】A．探测器中的发射线圈产生磁场，在地下的被测金属物中感应出电流，所以发射线圈产生的磁场是变化的磁场。A错误；B．感应电流的磁场又影响线圈中的电流，说明感应电流产生的磁场是变化的，在线圈中又产生了感应电流，从而发出警报。B错误；C．探测的最大深度与发射线圈中的电流强弱有关。发射线圈中的电流越强，其产生的磁场也越强，其探测的深度越就越深。C错误；D．因为探测器产生的磁场是变化的，所以探测器与被测金属物相对静止时也能发出警报。D正确。故选D。2.4互感与自感基础导学要点一、互感现象1．互感两个相互靠近的线圈，当一个线圈中的电流变化时，它所产生的变化的磁场会在另一个线圈中产生感应电动势，这种现象叫互感．2．互感的应用利用互感现象可以把能量由一个线圈传递到另一个线圈，如变压器就是利用互感现象制成的．3．互感的危害互感现象能发生在任何两个相互靠近的电路之间，互感现象有时会影响电路的工作．要点二、自感现象1．自感一个线圈中的电流变化时，它所产生的变化的磁场在它本身激发出感应电动势的现象．2．通电自感和断电自感的比较通电自感断电自感电路图器材要求L1、L2同规格，R＝RL，L较大L很大(有铁芯)，RL≪RLA现象在S闭合瞬间，L2灯立即亮起来，L1灯逐渐变亮，最终一样亮在开关S断开瞬间，LA灯突然闪亮一下后再渐渐熄灭(当抽掉铁芯后，重做实验，断开开关S时，会看到LA灯马上熄灭)原因由于开关闭合时，流过电感线圈的电流增大，使线圈产生自感电动势，阻碍电流的增大，使流过L1灯的电流比流过L2灯的电流增加得慢断开开关S时，流过线圈L的电流减小，产生自感电动势，阻碍电流的减小，使电流继续存在一段时间；在S断开后，通过L的电流反向通过灯LA，且由于RL≪RLA，使得流过LA灯的电流在开关断开瞬间突然增大，从而使LA灯的发光功率突然变大能量转化情况电能转化为磁场能磁场能转化为电能3.灯泡亮度的变化与线圈串联的灯泡与线圈并联的灯泡电路图通电时电流逐渐增大，灯泡逐渐变亮电流突然变大，然后逐渐减小，若RL＝0，灯泡最后不亮断电时电流逐渐减小灯泡逐渐变暗电流方向不变电路中稳态电流为I1、I2①若I2≤I1，灯泡逐渐变暗②若I2>I1，灯泡闪亮后逐渐变暗两种情况灯泡电流方向均改变要点突破突破一：对自感电动势的理解(1)自感电动势阻碍原电流的变化，而不是阻止原电流的变化，只是使原电流的变化时间变长，即自感电动势总是起着推迟电流变化的作用．(2)自感电动势的方向：当原电流增大时，自感电动势的方向与原电流方向相反；当原电流减小时，自感电动势方向与原电流方向相同(增反减同)．(3)自感电动势的大小：EL＝Leq\f(ΔI,Δt)，它可以超出线圈两端的原电压．(3)对电感线圈阻碍作用的理解①若电路中的电流正在改变，电感线圈会产生自感电动势阻碍电路中电流的变化，使得通过电感线圈的电流不能突变．②若电路中的电流是稳定的，电感线圈相当于一段导线，其阻碍作用是由绕制线圈的导线电阻引起的．突破二：自感系数(1)影响因素：自感系数L简称自感或电感，是由线圈本身性质决定的，其具体关系为：E＝Leq\f(ΔI,Δt).，跟线圈的形状、体积、匝数等因素有关．横截面积越大，匝数越多，它的自感系数就越大，另外有铁芯时线圈的自感系数比没有铁芯时要大得多．(2)单位：亨利(H)．常用的还有毫亨(mH)、微亨(μH).1H＝103mH＝106μH.突破三：自感现象和灯泡亮度变化自感现象自感电路条件现象原因通电自感S闭合的瞬间A2先亮由于A2支路为纯电阻，不产生自感现象A1逐渐亮起来由于L的自感作用，阻碍A1支路电流增大断电自感S断开的瞬间A过一会儿才熄灭或闪亮后逐渐熄灭L与灯泡A组成回路，由于L的自感作用，使得A过一会儿才熄灭灯泡亮度变化与线圈串联的灯泡与线圈并联的灯泡电路图通电时电流逐渐增大，灯泡逐渐变亮电流突然变大，然后逐渐减小断电时电流逐渐减小灯泡逐渐变暗电流方向不变电路中稳态电流为I1、I2①若I2≤I1，灯泡逐渐变暗；②若I2＞I1，灯泡闪亮后逐渐变暗.两种情况灯泡中电流方向均改变典例精析题型一：对自感现象的分析例一．（多选）如下图所示(a)、(b)中，自感线圈L的电阻很小，接通S，使电路达到稳定，灯泡A发光，下列说法正确的是()A．在电路(a)中，断开S，A将逐渐变暗B．在电路(a)中，断开S，A将先变得更亮，然后逐渐变暗C．在电路(b)中，断开S，A将逐渐变暗D．在电路(b)中，断开S，A将先变得更亮，然后渐渐变暗变式迁移1：（多选）在图所示电路中，L是自感系数足够大的线圈(直流电阻不计)，A、B为两只相同的灯泡．下列说法中正确的是()A．在S刚闭合时，A灯逐渐变亮，B灯立即变亮B．在S刚闭合时，两灯同时亮，然后A灯熄灭，B灯更亮C．S闭合一段时间后，再将S断开，A、B两灯同时熄灭D．S闭合一段时间后，再将S断开，A灯亮一会熄灭，B灯立即熄灭题型二：断电自感现象中的电流变化情况例二．如图所示，对于原来闭合的开关S突然断开的瞬间，会看到灯A更亮的闪一下再熄灭，设S闭合时，灯中电流为I灯，线圈L中电流为IL，开关断开的瞬间灯A中电流为I′灯，线圈L中电流为I′L，则()A．I灯＜I′灯，IL≥I′LB．I灯＝I′灯，IL≤I′LC．I灯＜I′灯，IL＜I′LD．I灯＞I′灯，IL≤I′L变式迁移2：如图所示，多匝电感线圈L的电阻和电池内阻不计，两个电阻的阻值都是R，开关S原来打开，电流I0＝eq\f(E,2R)，今合上开关S将一电阻短路，于是线圈有自感电动势产生，这时电动势()·A．有阻碍电流的作用，最后电流由I0减小到零B．有阻碍电流的作用，最后电流总小于I0C．有阻碍电流增大的作用，因而电流I0保持不变D．有阻碍电流增大的作用，最后电流增大到2I0强化训练选择题1、如图所示，L是自感系数很大的线圈，但其自身的电阻几乎为0，A和B是两个相同的小灯泡。下列说法正确的是（）A．S闭合的瞬间，A灯立即发光，B灯缓慢变亮B．S闭合稳定后，A灯和B灯的亮度相同C．S断开的瞬间，A灯和B灯都不会立即熄灭D．S断开的瞬间，B灯会闪亮一下再缓慢熄灭2、如图所示，A、B、C是三个完全相同的灯泡，L是一个自感系数较大的线圈（直流电阻可忽略不计）。则（）A．S闭合时，A灯立即亮，然后逐渐熄灭B．S闭合时，B灯立即亮，然后逐渐熄灭C．电路接通稳定后，S断开时，C中电流方向不变D．电路接通稳定后，S断开时，B灯立即熄灭3、如图所示的电路中，和是完全相同的灯泡，线圈L的电阻可以忽略不计，下列说法中正确的是（）A．合上开关S接通电路时，先亮后亮，最后一样亮B．合上开关S接通电路时，和始终一样亮C．断开开关S切断电路时，立即熄灭，过一会才熄灭D．断开开关S切断电路时，立即熄灭，过一会才熄灭4、物理课上，老师做了一个奇妙的“自感现象”实验。按如图所示连接电路，先闭合开关S，电路稳定后小灯泡A正常发光，然后断开开关S，同学们发现小灯泡A闪亮一下再熄灭。已知自感线圈L的直流电阻为RL，小灯泡A正常发光时电阻为RA。下列说法中正确的是（）A．RL>RAB．RL=RAC．断开开关S的瞬间，小灯泡A中的电流方向为a→bD．断开开关S的瞬间，小灯泡A中的电流方向为b→a5、某同学设计了如图所示点火装置。在一个用许多薄硅钢片叠合而成的直条形铁芯上套有两个彼此绝缘且靠近的线圈A和B，调节触点K与带有铁头的弹簧片P恰好接触，合上开关S后，就能在火花塞的两电极M、N之间产生火花。关于该设计方案，下列说法正确的是（）A．不可行，因为电源是直流电B．不可行，因为两个线圈的磁通量没有变化C．可行，且A的匝数比B多时，点火效果更好D．可行，且M、N做成针状时，点火效果更好6、如图所示灯泡A1、A2的规格完全相同，线圈L的电阻不计，下列说法中正确的是（）A．当接通电路时，A1和A2始终一样亮B．当接通电路时，A2先达到最大亮度，A1后达到最大亮度，最后两灯一样亮C．当断开电路时，A2立即熄灭、A1过一会几才熄灭D．当断开电路时，两灯都立即熄灭7、如图所示，L是一带铁芯的理想电感线圈，其直流电阻为零。电路中A和B是二个相同的灯泡，A灯泡串接一个理想二极管D，则下列说法错误的是（）A．开关S闭合瞬间，A灯不亮B．开关S闭合瞬间，B灯泡立即亮C．开关S断开瞬间，A灯泡闪亮一下后熄灭D．开关S断开瞬间，a点电势低于b点电势8、在自感课堂引入中，三位同学合作完成了一个惊奇小实验：他们手拉手与一节电动势为的干电池、若干导线、一个开关、一个有铁芯且匝数较多的线圈按图示方式连接，实验过程中人会有触电的感觉。下列说法正确的是（）A．闭合开关瞬间，人有触电的感觉 B．闭合开关瞬间，人体的电流大于线圈的电流C．断开开关瞬间，流过人的电流方向为 D．断开开关瞬间，线圈两端的电压突然增大9、如图所示的电路中，灯泡、的电阻关系为，电感L的直流电阻可忽略，D为理想二极管。下列判断正确的是（）A．开关K闭合后，、立即变亮B．开关K闭合后，逐渐变亮，立即变亮C．闭合电路且稳定后，再断开开关K，先变亮，然后逐渐变暗，立即熄灭D．闭合电路且稳定后，再断开开关K，逐渐变暗，先变亮，然后逐渐变暗10、如图所示，灯泡A、B完全相同，若线圈L的电阻为，且（为灯泡A的电阻），则（）A．S闭合瞬间，灯A、B同时发光B．S闭合瞬间，灯A不亮，灯B立即亮C．稳定后再断开S的瞬间，灯A、B均闪亮一下熄灭D．稳定后再断开S的瞬间，灯B立即熄灭，灯A闪亮一下熄灭2.4互感与自感基础导学要点一、互感现象1．互感两个相互靠近的线圈，当一个线圈中的电流变化时，它所产生的变化的磁场会在另一个线圈中产生感应电动势，这种现象叫互感．2．互感的应用利用互感现象可以把能量由一个线圈传递到另一个线圈，如变压器就是利用互感现象制成的．3．互感的危害互感现象能发生在任何两个相互靠近的电路之间，互感现象有时会影响电路的工作．要点二、自感现象1．自感一个线圈中的电流变化时，它所产生的变化的磁场在它本身激发出感应电动势的现象．2．通电自感和断电自感的比较通电自感断电自感电路图器材要求L1、L2同规格，R＝RL，L较大L很大(有铁芯)，RL≪RLA现象在S闭合瞬间，L2灯立即亮起来，L1灯逐渐变亮，最终一样亮在开关S断开瞬间，LA灯突然闪亮一下后再渐渐熄灭(当抽掉铁芯后，重做实验，断开开关S时，会看到LA灯马上熄灭)原因由于开关闭合时，流过电感线圈的电流增大，使线圈产生自感电动势，阻碍电流的增大，使流过L1灯的电流比流过L2灯的电流增加得慢断开开关S时，流过线圈L的电流减小，产生自感电动势，阻碍电流的减小，使电流继续存在一段时间；在S断开后，通过L的电流反向通过灯LA，且由于RL≪RLA，使得流过LA灯的电流在开关断开瞬间突然增大，从而使LA灯的发光功率突然变大能量转化情况电能转化为磁场能磁场能转化为电能3.灯泡亮度的变化与线圈串联的灯泡与线圈并联的灯泡电路图通电时电流逐渐增大，灯泡逐渐变亮电流突然变大，然后逐渐减小，若RL＝0，灯泡最后不亮断电时电流逐渐减小灯泡逐渐变暗电流方向不变电路中稳态电流为I1、I2①若I2≤I1，灯泡逐渐变暗②若I2>I1，灯泡闪亮后逐渐变暗两种情况灯泡电流方向均改变要点突破突破一：对自感电动势的理解(1)自感电动势阻碍原电流的变化，而不是阻止原电流的变化，只是使原电流的变化时间变长，即自感电动势总是起着推迟电流变化的作用．(2)自感电动势的方向：当原电流增大时，自感电动势的方向与原电流方向相反；当原电流减小时，自感电动势方向与原电流方向相同(增反减同)．(3)自感电动势的大小：EL＝Leq\f(ΔI,Δt)，它可以超出线圈两端的原电压．(3)对电感线圈阻碍作用的理解①若电路中的电流正在改变，电感线圈会产生自感电动势阻碍电路中电流的变化，使得通过电感线圈的电流不能突变．②若电路中的电流是稳定的，电感线圈相当于一段导线，其阻碍作用是由绕制线圈的导线电阻引起的．突破二：自感系数(1)影响因素：自感系数L简称自感或电感，是由线圈本身性质决定的，其具体关系为：E＝Leq\f(ΔI,Δt).，跟线圈的形状、体积、匝数等因素有关．横截面积越大，匝数越多，它的自感系数就越大，另外有铁芯时线圈的自感系数比没有铁芯时要大得多．(2)单位：亨利(H)．常用的还有毫亨(mH)、微亨(μH).1H＝103mH＝106μH.突破三：自感现象和灯泡亮度变化自感现象自感电路条件现象原因通电自感S闭合的瞬间A2先亮由于A2支路为纯电阻，不产生自感现象A1逐渐亮起来由于L的自感作用，阻碍A1支路电流增大断电自感S断开的瞬间A过一会儿才熄灭或闪亮后逐渐熄灭L与灯泡A组成回路，由于L的自感作用，使得A过一会儿才熄灭灯泡亮度变化与线圈串联的灯泡与线圈并联的灯泡电路图通电时电流逐渐增大，灯泡逐渐变亮电流突然变大，然后逐渐减小断电时电流逐渐减小灯泡逐渐变暗电流方向不变电路中稳态电流为I1、I2①若I2≤I1，灯泡逐渐变暗；②若I2＞I1，灯泡闪亮后逐渐变暗.两种情况灯泡中电流方向均改变典例精析题型一：对自感现象的分析例一．（多选）如下图所示(a)、(b)中，自感线圈L的电阻很小，接通S，使电路达到稳定，灯泡A发光，下列说法正确的是()A．在电路(a)中，断开S，A将逐渐变暗B．在电路(a)中，断开S，A将先变得更亮，然后逐渐变暗C．在电路(b)中，断开S，A将逐渐变暗D．在电路(b)中，断开S，A将先变得更亮，然后渐渐变暗思路点拨：(1)判断S闭合时A、L中电流的方向及大小．(2)明确S断开时由于自感电动势，L中电流变化情况．(3)由L中电流变化情况，根据A、L的连接关系，确定灯泡中电流的变化情况．解析：(a)图中，电灯A与电感线圈L在同一个支路中，流过的电流相同，断开开关S时，线圈L中的自感电动势的作用使得支路中的电流瞬间不变，以后渐渐变小，A正确，B错误．(b)图中，电灯A所在支路的电流比电感线圈所在支路的电流要小(因为电感线圈的电阻很小)，断开开关S时，电感线圈的自感电动势要阻碍电流变小，此瞬间电感线圈中的电流不变，电感线圈相当于一个电源给灯A供电．因此反向流过A的电流瞬间要变大，然后逐渐变小，所以灯泡要先更亮一下，然后渐渐变暗．答案：AD【反思总结】自感现象的分析思路：变式迁移1：（多选）在图所示电路中，L是自感系数足够大的线圈(直流电阻不计)，A、B为两只相同的灯泡．下列说法中正确的是()A．在S刚闭合时，A灯逐渐变亮，B灯立即变亮B．在S刚闭合时，两灯同时亮，然后A灯熄灭，B灯更亮C．S闭合一段时间后，再将S断开，A、B两灯同时熄灭D．S闭合一段时间后，再将S断开，A灯亮一会熄灭，B灯立即熄灭解析答案：BD题型二：断电自感现象中的电流变化情况例二．如图所示，对于原来闭合的开关S突然断开的瞬间，会看到灯A更亮的闪一下再熄灭，设S闭合时，灯中电流为I灯，线圈L中电流为IL，开关断开的瞬间灯A中电流为I′灯，线圈L中电流为I′L，则()A．I灯＜I′灯，IL≥I′LB．I灯＝I′灯，IL≤I′LC．I灯＜I′灯，IL＜I′LD．I灯＞I′灯，IL≤I′L思路点拨：求解此题应把握以下两点：(1)S断开前，灯及线圈中电流由电压和自身电阻决定．(2)S断开瞬间，灯中电流大小由线圈中电流决定．解析：在L和灯A的并联电路里，因为L的电阻比灯A的电阻小得多，闭合S时，L内的电流IL比灯A内电流I灯大得多，断开S的瞬间，因为IL的减小才产生自感电动势，自感电动势阻碍IL的减小，因此流过线圈L的电流只能是减小而不能是增大，断开瞬间有IL≥I′L，这时L和灯A组成的闭合回路是串联的，在自感电动势的作用下使I′L流过灯A，故I′灯＝I′L.虽说I′L是减小的，但在开始断开的一小段时间内还是比灯A原来的电流I灯大，则有I灯＜I′灯，所以，灯A在S断开瞬间闪亮一下才熄灭．答案：A【反思总结】在进行分析计算时，要注意：(1)自感线圈的直流电阻为零，那么电路稳定时可认为线圈短路；(2)在电流由零增大的瞬间可认为线圈断路．(3)在线圈中产生自感电动势，自感电动势阻碍电流的变化，但“阻碍”不是“阻止”，“阻碍”实质上是“延缓”．变式迁移2：如图所示，多匝电感线圈L的电阻和电池内阻不计，两个电阻的阻值都是R，开关S原来打开，电流I0＝eq\f(E,2R)，今合上开关S将一电阻短路，于是线圈有自感电动势产生，这时电动势()·A．有阻碍电流的作用，最后电流由I0减小到零B．有阻碍电流的作用，最后电流总小于I0C．有阻碍电流增大的作用，因而电流I0保持不变D．有阻碍电流增大的作用，最后电流增大到2I0解析：自感知识容易和稳恒电流的相关知识综合起来，电路中有线圈和无线圈相比，有线圈的支路电流，由于线圈的自感阻碍电流变化，使电流从初态到末态要经历一段时间，而无线圈的电路，电流从初态到末态不需要时间，但电流的变化是阻碍不住的，只不过由于阻碍使电流变化的时间稍长些，但末态值仍是在末状态下的电路用稳恒电流相关知识计算出来的电流值．S闭合，电路中电阻由2R减小到R，电流从I0＝eq\f(E,2R)增大到I′＝eq\f(E,R).由于电流的变化，使线圈中产生自感电动势，阻碍电流的变化，即阻碍电流的增加，最后变化到稳定后的值即没有自感作用后应该达到的值．答案：D强化训练选择题1、如图所示，L是自感系数很大的线圈，但其自身的电阻几乎为0，A和B是两个相同的小灯泡。下列说法正确的是（）A．S闭合的瞬间，A灯立即发光，B灯缓慢变亮B．S闭合稳定后，A灯和B灯的亮度相同C．S断开的瞬间，A灯和B灯都不会立即熄灭D．S断开的瞬间，B灯会闪亮一下再缓慢熄灭【答案】D【解析】AB．闭合S的瞬时，电源的电压同时加到两灯上，A、B同时亮，随着L中电流增大，由于线圈L直流电阻可忽略不计，分流作用增大，B逐渐被短路直到熄灭，外电路总电阻减小，总电流增大，A灯更亮，一段时间电流稳定后，A灯更亮，B灯熄灭，故AB错误；DC．S断开的瞬间，灯泡B与线圈L构成自感回路，所以灯泡B闪亮一下后再逐渐熄灭，灯泡A立即熄灭，故C错误D正确。故选D。2、如图所示，A、B、C是三个完全相同的灯泡，L是一个自感系数较大的线圈（直流电阻可忽略不计）。则（）A．S闭合时，A灯立即亮，然后逐渐熄灭B．S闭合时，B灯立即亮，然后逐渐熄灭C．电路接通稳定后，S断开时，C中电流方向不变D．电路接通稳定后，S断开时，B灯立即熄灭【答案】A【解析】A．S闭合时，L由于自感作用会阻碍电流通过，电流流过A灯，A灯立即亮，由于线圈L电阻为零，则A灯会逐渐被短路，逐渐熄灭，故A正确；B．S闭合时，B灯先不太亮，然后逐渐变的更亮，并不会熄灭，故B错误；CD．电路接通稳定后，C中电流方向由上到下；S断开时，L由于自感作用会阻碍电流减小，L相当于电源，在三个灯泡中形成新的回路，C中电流方向由下到上，方向改变，且ABC灯都逐渐熄灭，故CD错误。故选A。3、如图所示的电路中，和是完全相同的灯泡，线圈L的电阻可以忽略不计，下列说法中正确的是（）A．合上开关S接通电路时，先亮后亮，最后一样亮B．合上开关S接通电路时，和始终一样亮C．断开开关S切断电路时，立即熄灭，过一会才熄灭D．断开开关S切断电路时，立即熄灭，过一会才熄灭【答案】A【解析】AB．合上开关S接通电路时，A2先亮，在电感作用下电流缓慢增加，A1支路电流缓慢增加，则A1后亮，由于电感电阻不计，两灯泡相同，最后一样亮，A正确，B错误；CD．断开开关S切断电路时，A1和A2构成新回路，电流为原A1支路电流，故两灯均过一会熄灭，CD错误。故选A。4、物理课上，老师做了一个奇妙的“自感现象”实验。按如图所示连接电路，先闭合开关S，电路稳定后小灯泡A正常发光，然后断开开关S，同学们发现小灯泡A闪亮一下再熄灭。已知自感线圈L的直流电阻为RL，小灯泡A正常发光时电阻为RA。下列说法中正确的是（）A．RL>RAB．RL=RAC．断开开关S的瞬间，小灯泡A中的电流方向为a→bD．断开开关S的瞬间，小灯泡A中的电流方向为b→a【答案】D【解析】AB．稳定时，灯泡A与线圈L并联，故两者电压相等，通过线圈的电流为，通过小灯泡的电流为，由于稳定后开关S再断开，小灯泡闪亮一下，这是因为线圈产生的自感电动势阻碍电流的减小，这时线圈相当于电源，通过小灯泡的电流突然增大到原来线圈的电流，所以可以判断，结合欧姆定律可知，线圈L的电阻小于灯泡A的电阻，AB错误